第1讲　认识有机化合物

第1讲认识有机化合物课时要求1.能辨识有机化合物的类别及分子中官能团;2.能根据有机物的命名规则对常见有机化合物命名;3.知道研究有机化合物结构的一般方法和有机化合物分离、提纯的常用方法。考点一有机化合物的分类1.按碳骨架分类2.按官能团分类(1)官能团:决定有机化合物特性的原子或原子团。(2)有机化合物的主要类别类别典型代表物名称、结构简式官能团烷烃甲烷CH4-烯烃乙烯CH2==CH2(碳碳双键)炔烃乙炔CH≡CH—C≡C—(碳碳三键)芳香烃苯-卤代烃溴乙烷CH3CH2Br(碳卤键)醇乙醇CH3CH2OH—OH(羟基)酚苯酚—OH(羟基)醚乙醚CH3CH2OCH2CH3(醚键)醛乙醛CH3CHO(醛基)酮丙酮CH3COCH3(酮羰基)羧酸乙酸CH3COOH(羧基)酯乙酸乙酯CH3COOCH2CH3(酯基)胺甲胺CH3NH2—NH2(氨基)酰胺乙酰胺CH3CONH2(酰胺基)氨基酸甘氨酸—NH2(氨基)、—COOH(羧基)小题对点过下列说法正确的是。

①含有苯环的有机化合物属于芳香烃②官能团相同的有机物一定属于同一类物质③含有醛基的有机物不一定属于醛类④醛基的结构简式为“—COH”,碳碳双键可表示为“C==C”⑤中含有醚键、醛基和苯环三种官能团⑥分子内有苯环和羟基的化合物一定是酚类⑦Br-是溴代烃的官能团⑧有机物、、中含有的官能团相同⑨不能将羧基()拆分为一个羰基()和一个羟基(—OH)来分析其化学性质答案③⑨1.下列有机化合物中:A. B.C. D.E.(1)从官能团的角度看,可以看作醇类的是(填字母,下同);可以看作酚类的是;可以看作羧酸类的是;可以看作酯类的是。

(2)从碳骨架看,属于链状化合物的是(填字母,下同);属于脂肪族化合物的是;属于芳香族化合物的是。

答案(1)BDABCBCDE(2)EDEABC2.下列物质的类别与所含官能团都正确的是。

①酚类—OH②羧酸—COOH③醛类—CHO④CH3—O—CH3醚类⑤羧酸—COOH答案②④⑤解析①属于醇类,③属于酯类。3.(1)中含氧官能团名称是。

(2)中含氧官能团的名称是。

(3)HCCl3的类别是,C6H5CHO中的官能团是(填名称)。

(4)中显酸性的官能团是(填名称)。

(5)中含有的官能团名称是。

(6)中含有的官能团名称是。

(7)中含有的官能团名称是。

答案(1)(醇)羟基(2)(酚)羟基、酯基(3)卤代烃醛基(4)羧基(5)碳碳双键、酯基、酮羰基(6)酮羰基、羟基、羧基、碳碳双键(7)(酚)羟基、羧基、酯基、碳碳双键考点二常见有机物的命名1.烷烃的系统命名小题对点过(1)下列说法错误的是。

①烃分子中去掉一个H原子所剩余的原子团称为烃基②烃分子中有几种处于不同化学环境的氢原子就有几种烃基③乙烷、丙烷没有同分异构体,乙基、丙基也只有一种④链状烷烃命名时,1号碳原子上不可能连甲基,2号碳原子上不可能连乙基⑤某烷烃的名称为2,3,3-三四基丁烷(2)①新戊烷的系统命名为。

②的系统命名为。

答案(1)③⑤(2)①2,2-二甲基丙烷②2,5-二甲基-3-乙基己烷2.含有官能团链状有机物的命名小题对点过(1)用系统命名法给下列有机物命名:①:。

②:。

③:。

(2)下列有机物的命名错误的是。

①2-乙基丁烷②CH2==CH—CH==CH—CH==CH21,3,5-三己烯③2-羟基丁烷④CH2Cl—CH2Cl二氯乙烷⑤3-己酸答案(1)①4-甲基-1-戊炔②3-甲基-1-丁烯③2-甲基-1,2-丁二醇(2)①②③④⑤3.苯的同系物的命名(1)习惯命名:用邻、间、对。(2)系统命名法将苯环上的6个碳原子编号,以某个取代基所在的碳原子的位置为1号,选取最小位次号给其他取代基编号。小题对点过按要求完成下列苯的同系物的命名:(1)习惯命名:(2)系统命名:。

答案(1)间二甲苯1,3-二甲苯(2)1,2,4-三甲苯1.下列有机物的命名错误的是。

①戊烷的一种同分异构体可命名为2-乙基丙烷②命名为2-甲基-2-戊烯③命名为2-甲基-4-戊醇④的名称为2-甲基-3-丁炔⑤的名称为二溴乙烯答案①②③④⑤(1)有机物系统命名中常见的错误①主链选取不当(不包含官能团,不是主链最长、支链最多)。②编号错(官能团的位次不是最小,取代基位号之和不是最小)。③支链主次不分(不是先简后繁)。④“-”“,”忘记或用错。(2)弄清系统命名法中四种字的含义①烯、炔、醛、酮、酸、酯……指官能团。②二、三、四……指相同取代基或官能团的个数。③1、2、3……指官能团或取代基的位置。④甲、乙、丙、丁……指主链碳原子个数分别为1、2、3、4……。2.命名下列有机物。(1)的化学名称是(用系统命名法)。

(2)的名称是。

(3)的化学名称是。

(4)的名称是。

(5)的名称是。

答案(1)1,2,3-苯三酚(2)苯甲醛(3)萘(4)对二甲苯(或1,4-二甲苯)(5)邻羟基苯甲酸3.根据有机物的名称书写结构简式。(1)4,4-二甲基-2-戊醇:。

(2)2,4,6-三甲基苯酚:。

(3)苯乙炔:。

(4)丙二醛:。

答案(1)(2)(3)(4)OHCCH2CHO考点三研究有机化合物的一般步骤和方法1.研究有机化合物的基本步骤2.有机化合物的分离、提纯(1)蒸馏和重结晶适用对象要求常用于分离、提纯互溶的液态有机物①该有机物热稳定性较高②该有机物与杂质的沸点相差较大常用于分离、提纯固态有机物①杂质在所选溶剂中溶解度很小或很大②被提纯的有机物在此溶剂中溶解度受温度的影响较大(2)萃取①液—液萃取利用待分离组分在两种不互溶的溶剂中的溶解度不同,将其从一种溶剂转移到另一种溶剂的过程。②固—液萃取:用溶剂从固体物质中溶解出待分离组分的过程。小题对点过选择下列实验方法分离、提纯物质,将分离、提纯方法的字母填在横线上。A.萃取B.重结晶C.分液D.蒸馏E.过滤F.洗气(1)分离水和汽油的混合物:。

(2)分离四氯化碳(沸点为76.75℃)和甲苯(沸点为110.6℃)的混合物:。

(3)提取碘水中的碘:。

(4)除去混在乙烷中的乙烯:。

(5)从硝酸钾和氯化钠的混合物中获得硝酸钾:。

答案(1)C(2)D(3)A(4)F(5)B3.有机物分子式的确定(1)元素分析①定性分析:用化学方法鉴定有机物的组成元素。如燃烧后C→CO2,H→H2O。②定量分析:一定量的有机物燃烧后转化为简单无机物,并测定各产物的量,从而确定其实验式。(2)相对分子质量的测定——质谱法质荷比最大值即为该有机物的相对分子质量,再结合实验式确定分子式。小题对点过(1)下列说法正确的是。

①验证有机物属于烃时只需测定产物中的CO2和H2O的物质的量之比②有机物燃烧后只生成CO2和H2O的物质一定只含有碳、氢两种元素③有机物的实验式、分子式一定不同④某有机物的蒸气对氢气的相对密度是16,则该有机物的相对分子质量为32⑤质谱图中最右边的谱线表示的数值为该有机物的相对分子质量(2)A是一种只含碳、氢、氧三种元素的有机化合物。其中碳的质量分数为44.1%,氢的质量分数为8.82%,则A的实验式是。

答案(1)④⑤(2)C5H12O4解析(2)由于A中碳的质量分数为44.1%,氢的质量分数为8.82%,故A中氧的质量分数为1-44.1%-8.82%=47.08%,则N(C)∶N(H)∶N(O)=44.1%12∶8.82%1∶47.08%16≈5∶12∶4,则其实验式是4.分子结构的确定(1)化学方法:利用特征反应鉴定出官能团,再制备它的衍生物进一步确认。(2)物理方法——波谱分析①红外光谱分子中化学键或官能团可吸收与其振动频率相同的红外线,不同化学键或官能团的吸收频率不同,在红外光谱图上将处于不同的位置,从而可以获得分子中含有何种化学键或官能团的信息。②核磁共振氢谱③X射线衍射小题对点过(1)某有机化合物的相对分子质量为74,其红外光谱图如下,思考并写出该分子的结构简式。(2)有机物的核磁共振氢谱中会出现组峰,且峰面积之比为。

答案(1)CH3CH2OCH2CH3(2)四3∶2∶2∶11.下列有关苯甲酸重结晶实验的操作说法正确的是()A.粗苯甲酸加热溶解后可以直接趁热过滤B.趁热过滤中,为了防止苯甲酸结晶,可先将漏斗进行预热C.趁热过滤后,为了析出更多晶体,热滤液用冰盐水充分冷却,同时缩短结晶的时间D.温度越低,苯甲酸的溶解度越小,所以温度越低越有利于苯甲酸的重结晶实验答案B解析粗苯甲酸加热溶解后,需加入少量蒸馏水,防止苯甲酸晶体过饱和提前析出,A项错;趁热过滤后,用冰盐水冷却形成的结晶很小,表面积大,吸附的杂质多,C项错;重结晶过程中温度太低,杂质的溶解度也会降低,部分杂质也会析出,达不到提纯苯甲酸的目的,D项错。2.为提纯下列物质(括号内的物质为杂质),所选用的除杂试剂和分离方法均正确的有几项()①②③④⑤C2H6(C2H4)C2H2(H2S)乙醇(水)乙酸乙酯(乙酸)苯(苯酚)除杂试剂酸性KMnO4溶液CuSO4溶液生石灰饱和Na2CO3溶液溴水分离方法洗气洗气蒸馏分液分液A.2 B.3 C.4 D.5答案B解析①C2H4和酸性KMnO4溶液反应,生成CO2,引入新的杂质,错误;⑤溴和苯酚生成的三溴苯酚溶于苯中,且溴水与苯互溶,不能用分液方法进行分离,错误,②③④正确。3.已知某有机物A的红外光谱图、核磁共振氢谱图和质谱图如图所示,下列说法错误的是()A.由红外光谱可知,该有机物中至少有三种不同的化学键B.由核磁共振氢谱可知,该有机物分子中有三种不同化学环境的氢原子C.由其质谱图可以得知A分子的相对分子质量为46D.综合分析化学式为C2H6O,则其结构简式为CH3—O—CH3答案D解析根据题述三个图分析可知,有机物A有三种H,而CH3—O—CH3只有一种H,且无O—H,故D错误。4.化学上常用燃烧法确定有机物的组成。这种方法是在电炉加热时用纯氧氧化管内样品,根据产物的质量确定有机物的组成(假设气体全部逸出)。用燃烧法确定有机物化学式常用的装置如图。回答下列问题:(1)实验开始前,应。

(2)仪器a的名称为,装置A中发生反应的化学方程式为

。

(3)若准确称取1.80g样品(只含C、H、O三种元素中的两种或三种)进行上述实验:①充分燃烧后,装置D的质量增加0.36g,装置E的质量增加1.76g,则该有机物的实验式为。

②若要确定该有机物的分子式,还需要测定,

目前最精确、最快捷的测定方法为。

③若该有机物的核磁共振氢谱如图所示:则该有机物的结构简式可能为。

答案(1)先检查装置的气密性(2)分液漏斗2Na2O2+2H2O===4NaOH+O2↑(3)①CHO2②相对分子质量质谱法③HOOC—COOH解析A是生成氧气的装置,与水反应生成氧气是固体过氧化钠,生成氧气通过浓硫酸干燥后与样品反应,氧化铜进一步和未充分氧化的CO反应生成二氧化碳,生成气体先被无水氯化钙吸收,增重量就是生成的水的质量,碱石灰增重量就是CO2的质量,最后浓硫酸防止空气中的水和二氧化碳进入E干扰实验的准确度。(1)实验前应先检查装置的气密性;(2)仪器a为分液漏斗,向锥形瓶中滴加反应物水,A中固体与水反应生成氧气,故A中固体为Na2O2,化学方程式为2Na2O2+2H2O===4NaOH+O2↑;(3)D吸收的是水,0.36g是0.02mol,含有H为0.04mol,质量为0.04g;E吸收的是生成的CO2,1.76g为0.04molCO2,含有C为0.04mol,质量为0.04×12=0.48g,含有氧元素为1.80g-0.48g-0.04g=1.28g,O物质的量为1.28÷16=0.08mol,得出原子个数比C∶H∶O=0.04∶0.04∶0.08=1∶1∶2,实验式为CHO2;若要确定分子式还需要测定有机物的相对分子质量,通常用质谱法测定有机物的相对分子质量;通过核磁共振氢谱得出该有机物有一个峰,说明有机物结构中只有一种化学环境的氢原子,可能是乙二酸,结构简式为HOOC—COOH。本讲感悟疑点:

盲点:

1.(2025·八省联考陕西卷)化合物M是一种新型抗生素关键中间体的类似物,其合成路线如下(略去部分试剂和反应条件)。已知化合物K虚线圈内所有原子共平面。下列说法错误的是()A.Q的化学名称为2-甲基-1-丙醇B.在酸性条件下,M可水解生成CO2C.K中氮原子的杂化方式为sp2D.形成M时,氮原子与L中碳原子a成键答案D解析A.Q为饱和一元醇,命名时,从靠近羟基碳原子的一端开始编号,即羟基碳原子的位次为“1”,则其化学名称为2-甲基-1-丙醇,A正确;B.M分子中,左侧环上存在酯基和酰胺基,在酸性条件下两种官能团都发生水解反应,M可水解生成H2CO3,H2CO3分解生成CO2和水,B正确;C.题中信息显示,化合物K虚线圈内所有原子共平面,则N原子的最外层孤电子对未参与杂化,N原子的杂化方式为sp2,C正确;D.对照L和M的结构可以看出,形成M时,L分子中18O与b碳原子之间的共价键断裂,则氮原子与L中碳原子b成键,D错误。2.(2024·山东卷)我国科学家在青蒿素研究方面为人类健康作出了巨大贡献。在青蒿素研究实验中,下列叙述错误的是()A.通过萃取法可获得含青蒿素的提取液B.通过X射线衍射可测定青蒿素晶体结构C.通过核磁共振氢谱可推测青蒿素相对分子质量D.通过红外光谱可推测青蒿素分子中的官能团答案C解析A.某些植物中含有青蒿素,可以通过用有机溶剂浸泡的方法将其中所含的青蒿素浸取出来,这种方法也叫萃取,固液分离后可以获得含青蒿素的提取液,A正确;B.晶体中结构粒子的排列是有规律的,通过X射线衍射实验可以得到晶体的衍射图,通过分析晶体的衍射图可以判断晶体的结构特征,故X射线衍射可测定青蒿素晶体结构,B正确;C.通过核磁共振氢谱可推测青蒿素分子中不同化学环境的氢原子的种数及其数目之比,但不能测定青蒿素的相对分子质量,要测定青蒿素相对分子质量应该用质谱法,C不正确;D.红外光谱可推测有机物分子中含有的官能团和化学键,故通过红外光谱可推测青蒿素分子中的官能团,D正确。3.(2024·浙江6月选考)有机物A经元素分析仪测得只含碳、氢、氧3种元素,红外光谱显示A分子中没有醚键,质谱和核磁共振氢谱示意图如下。下列关于A的说法正确的是()A.能发生水解反应B.能与NaHCO3溶液反应生成CO2C.能与O2反应生成丙酮D.能与Na反应生成H2答案D解析由质谱图可知,有机物A相对分子质量为60,A只含C、H、O三种元素,因此A的分子式为C3H8O或C2H4O2。由核磁共振氢谱可知,A有4种等效氢,个数比等于峰面积之比为3∶2∶2∶1,因此A为CH3CH2CH2OH。A.A为CH3CH2CH2OH,不能发生水解反应,故A错误;B.A中官能团为羟基,不能与NaHCO3溶液反应生成CO2,故B错误;C.CH3CH2CH2OH的羟基位于末端C上,与O2反应生成丙醛,无法生成丙酮,故C错误;D.CH3CH2CH2OH中含有羟基,能与Na反应生成H2,故D正确。4.按要求填空:(1)(2023·新课标卷)有机物D()中官能团的名称为、。

(2)(2023·全国乙卷)有机物A()中含氧官能团的名称是。

(3)(2023·全国甲卷)有机物F()中含氧官能团的名称是。

(4)(2023·山东卷)有机物D()中含氧官能团的名称为。

(5)(2023·浙江6月选考)有机物B()的含氧官能团名称是。

(6)(2023·海南卷)有机物B()中所有官能团的名称是。

答案(1)氨基(酚)羟基(2)醚键、羟基(3)羧基(4)酰胺基(5)(酚)羟基、醛基(6)碳碳双键、酯基5.按要求给下列有机物命名:(1)(2023·新课标卷)有机物A()的化学名称是。

(2)(2023·全国乙卷)有机物D()的化学名称是。

(3)(2023·全国甲卷)有机物A()的化学名称是。

(4)(2023·山东卷)有机物A()的化学名称是(用系统命名法命名)。

(5)(2023·海南卷)有机物A()的化学名称是。

答案(1)间甲基苯酚(或3-甲基苯酚)(2)苯乙酸(3)邻硝基甲基(或2-硝基甲苯)(4)2,6-二氯甲苯(5)苯甲醛高考热点总结

基础落实选择题只有1个选项符合题意1.下列有机化合物的分类正确的是()A.醛B.醇C.CH3OCH3酮D.芳香烃答案B解析当醛基(—CHO)连在链烃基或苯环侧链上时,则为醛,而中醛基连在O原子上,不是醛,属于酯类,故A错误;—OH与苯环的支链相连的有机物属于醇,属于醇,故B正确;CH3OCH3为甲醚,官能团为醚键,属于醚类,故C错误;含苯环的烃为芳香烃,中无苯环,故不是芳香烃,属于环烷烃,故D错误。2.下列有关物质的分类说法错误的是()A.烯烃、炔烃都属于不饱和烃B.CH3COOH属于羧酸C.属于酯类化合物D.和都属于芳香族化合物答案D解析烯烃、炔烃是含有碳碳不饱和键的烃,都属于不饱和烃,A正确;CH3COOH为乙酸,含有羧基,属于羧酸,B正确;的名称为乙酸乙烯酯,含有酯基,属于酯类化合物,C正确;属于芳香族化合物,不含有苯环,不属于芳香族化合物,D错误。3.下列有机物的官能团名称和分类错误的是()A.CH3C≡CH,碳碳三键,炔烃B.,羟基,二元醇C.CH3CH2OOCH,酯基,酯类D.OHCCH2CH2CHO,醛基,二元醛答案B解析该物质含有碳碳三键,且只含有碳氢两种元素,为炔烃,故A正确;中羟基直接与苯环相连,官能团为酚羟基,属于酚类物质,故B错误;CH3CH2OOCH中含有的官能团为酯基,属于酯类物质,故C正确;OHCCH2CH2CHO中的官能团为醛基,且官能团数目为2,属于二元醛,故D正确。4.下列有机物命名正确的是()A.:丁酸乙酯B.:3-甲基-1,3-丁二烯C.:4,5-二甲基-3-戊醇D.:邻二甲苯答案A解析是酯类化合物,是乙醇与丁酸发生酯化反应生成的,故正确的名称为丁酸乙酯,故A正确;为二烯烃,选取含有碳碳双键在内的最长碳链作为主链,含有4个碳原子,从距离双键最近的一端开始编号,正确的名称为2-甲基-1,3-丁二烯,故B错误;为醇,选取含有羟基的最长碳链作为主链,含有6个碳原子,从距离羟基最近的一端开始编号,正确的名称为4-甲基-3-己醇,故C错误;是环烷烃,名称为邻二甲基环己烷,故D错误。5.下列化合物在核磁共振氢谱中能出现两组峰,且其峰面积之比为3∶1的是()A.对二甲苯 B.乙酸乙酯C.乙酸 D.环己烷答案C解析A项中峰面积之比为3∶2;B项为3组峰;C项,CH3COOH分子中峰面积之比为3∶1,正确;D项只有一组峰。6.(2024·湖南长沙模拟)莽草酸可用于合成药物达菲,其结构简式如图。关于莽草酸的说法正确的是()A.分子中有羟基和酯基B.此有机物按碳骨架分类属于芳香族化合物C.莽草酸既属于羧酸又属于酚类D.分子中有两种含氧官能团答案D解析分子中有羟基、碳碳双键和羧基,A错误,D正确;所含六元环不是苯环、此有机物按碳骨架分类不属于芳香族化合物,B错误;所含羟基为醇羟基,莽草酸既属于羧酸又属于醇类,C错误。7.在核磁共振氢谱中出现2组峰,峰面积比为3∶2的是()A. B.C. D.答案D解析该物质分子中有3种不同位置的H原子,个数比是3∶2∶2,因此在核磁共振氢谱中出现3组峰,峰面积比为3∶2∶2,A不符合题意;该物质分子中有2种不同位置的H原子,个数比是4∶2=2∶1,因此在核磁共振氢谱中出现2组峰,峰面积比为2∶1,B不符合题意;该物质分子中有2种不同位置的H原子,个数比是6∶2=3∶1,因此在核磁共振氢谱中出现2组峰,峰面积比为3∶1,C不符合题意;该物质分子中有2种不同位置的H原子,个数比是6∶4=3∶2,因此在核磁共振氢谱中出现2组峰,峰面积比为3∶2,D符合题意。8.(2023·全国乙卷)元素分析是有机化合物的表征手段之一。按下图实验装置(部分装置略)对有机化合物进行C、H元素分析。回答下列问题:(1)将装有样品的Pt坩埚和CuO放入石英管中,先,而后将已称重的U形管c、d与石英管连接,检查。依次点燃煤气灯,进行实验。

(2)O2的作用有,

CuO的作用是

(举1例,用化学方程式表示)。(3)c和d中的试剂分别是、(填标号)。c和d中的试剂不可调换,理由是

。

A.CaCl2 B.NaClC.碱石灰(CaO+NaOH) D.Na2SO3(4)Pt坩埚中样品CxHyOz反应完全后,应进行操作:。

取下c和d管称重。(5)若样品CxHyOz为0.0236g,实验结束后,c管增重0.0108g,d管增重0.0352g。质谱测得该有机物的相对分子量为118,其分子式为。

答案(1)通入O2排除石英管中的空气装置气密性b、a(2)排除装置中空气,氧化有机物,将生成的CO2和H2O赶入c和d装置中完全吸收CO+CuOCu+CO2(3)AC碱石灰可以同时吸收水蒸气和二氧化碳(4)关闭煤气灯,待c管和d管冷至室温,停止通入O2(5)C4H6O4解析利用如图所示的装置测定有机物中C、H两种元素的含量,这是一种经典的李比希元素测定法,将样品装入Pt坩埚中,后面放置CuO,用于反应前置坩埚中未完全反应的物质,后续将产物吹入到两U形管中,称量两U形管的增重计算有机物中C、H两种元素的含量,结合其他技术手段,从而得到有机物的分子式。(1)实验前,应先通入O2排除石英管中的空气,防止石英管中空气中含有的CO2和水蒸气对实验产生干扰,而后将U形管c、d与石英管连接,检查装置气密性,随后先点燃b处酒精灯后点燃a处酒精灯,保证当a处发生反应时产生的CO能被CuO反应生成CO2;(2)O2可排除装置中空气,同时作为反应物氧化有机物使其生成CO2和H2O,还可以将生成的CO2和H2O赶入c和d装置中使其被完全吸收。有机物氧化不充分时会生成CO,而CuO可将CO氧化为CO2,从而使有机物中的C元素完全被氧化;CuO的作用是氧化a处产生的CO,使CO反应为CO2,反应方程式为CO+CuOCu+CO2;(3)有机物燃烧后生成的CO2和H2O分别用碱石灰和无水CaCl2吸收,其中c管装有无水CaCl2,d管装有碱石灰,二者不可调换,因为碱石灰能同时吸收水蒸气和二氧化碳,影响最后分子式的确定;(4)样品反应完全后,装置内仍有残留的CO2和H2O,故应继续通入一段时间O2,将CO2和H2O赶入c、d装置中;(5)c管装有无水CaCl2,用来吸收生成的水蒸气,则增重量为水蒸气的质量,由此可以得到有机物中H元素的物质的量n(H)=2×m(H2O)M(H2O)=2×0.0108g18g·mol-1=0.0012mol;d管装有碱石灰,用来吸收生成的CO2,则增重量为CO2的质量,由此可以得到有机物中C元素的物质的量n(C)=m(CO2)M(CO2)=0.0352g44g·mol-1=0.0008mol;有机物中O元素的质量为m(O)=0.0236-0.0012×1-0.0008×12=0.0128g,其物质的量n(O)=m(O)M(O)=0.0128g16g能力提升9.(2023·浙江6月选考)苯甲酸是一种常用的食品防腐剂。某实验小组设计粗苯甲酸(含有少量NaCl和泥沙)的提纯方案如下:粗苯甲酸悬浊液滤液苯甲酸下列说法不正确的是()A.操作Ⅰ中依据苯甲酸的溶解度估算加水量B.操作Ⅱ趁热过滤的目的是除去泥沙和NaClC.操作Ⅲ缓慢冷却结晶可减少杂质被包裹D.操作Ⅳ可用冷水洗涤晶体答案B解析苯甲酸微溶于冷水,易溶于热水。粗苯甲酸中混有泥沙和氯化钠,加水、加热溶解,苯甲酸、NaCl溶解在水中,泥沙不溶,从而形成悬浊液;趁热过滤出泥沙,同时防止苯甲酸结晶析出;将滤液冷却结晶,大部分苯甲酸结晶析出,氯化钠仍留在母液中;过滤、用冷水洗涤,便可得到纯净的苯甲酸。A.操作Ⅰ中,为减少能耗、减少苯甲酸的溶解损失,溶解所用水的量需加以控制,可依据苯甲酸的大致含量、溶解度等估算加水量,A正确;B.操作Ⅱ趁热过滤的目的是除去泥沙,同时防止苯甲酸结晶析出,NaCl含量少,通常不结晶析出,B不正确;C.操作Ⅲ缓慢冷却结晶,可形成较大的苯甲酸晶体颗粒,同时可减少杂质被包裹在晶体颗粒内部,C正确;D.苯甲酸微溶于冷水,易溶于热水,所以操作Ⅳ可用冷水洗涤晶体,既可去除晶体表面吸附的杂质离子,又能减少溶解损失,D正确。10.某食品添加剂A的相对分子质量为90,通过下列实验探究其组成和结构。实验1:称取9.0gA,完全燃烧生成13.2gCO2和5.4gH2O。实验2:将A加入Na2