江苏省无锡市江阴市暨阳中学2026届中考物理押题试卷含解析

江苏省无锡市江阴市暨阳中学2026届中考物理押题试卷考生须知：1．全卷分选择题和非选择题两部分，全部在答题纸上作答。选择题必须用2B铅笔填涂；非选择题的答案必须用黑色字迹的钢笔或答字笔写在“答题纸”相应位置上。2．请用黑色字迹的钢笔或答字笔在“答题纸”上先填写姓名和准考证号。3．保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，在草稿纸、试题卷上答题无效。一、单项选择题（本大题7小题，每题3分，共21分）1．下列说法正确的是（）A．马德堡半球实验测出了大气压的数值B．高压锅运用了液体沸点随气压的升高而降低的原理C．洗手盆的排水管用U形“反水弯”防臭是利用了连通器原理D．拦河大坝上窄下宽是由于液体压强随深度的增加而减小2．家庭常用的电吹风既能吹冷风又能吹热风。下列电路中最符合电吹风工作要求的是（）A．B．C．D．3．下列有关热和能的说法中正确的是A．0℃的冰熔化成0℃的水内能变大B．生活烧水，是利用做功的方法增大水的内能C．内燃机的做功冲程，是将机械能转化为内能D．1t煤炭的热值大于1g同种煤炭的热值4．小灯泡L的额定电压为3V，它的I-U图像如图甲所示．把小灯泡接入如图乙所示的电路中，先将滑动变阻器的滑片P移至B端，闭合开关S，电压表示数为1.5V；再将滑片P向左移动直到电压表示数为3V．已知电源电压恒定，滑动变阻器的铭牌标有“10Ω2A”．下列说法中错误的是A．电源电压为4.5VB．小灯泡正常发光时，滑动变阻器消耗的电功率为2.5WC．小灯泡正常发光时，滑动变阻器接入电路的阻值为3ΩD．小灯泡的额定功率为1.5W5．如图甲所示是“探究不同物质吸热升温的现象”实验装置两个相同的易拉罐中分别装有质量和初温都相同的a、b两种液体，用相同的装置加热，根据记录的实验数据绘制的温度与时间的关系图象如图乙所示，下列说法中正确的是（）A．组装器材时，先固定上面铁圈的高度B．升高相同温度，a液体吸收的热量更多C．a液体的比热容小于b液体的比热容D．不添加器材，利用本实验装置还可以比较质量相等的不同燃料燃烧时放出的热量6．将杯中的液态氮（沸点为﹣196℃）倒入盛有奶浆的碗制作冰淇淋，观察到杯中液态氮沸腾，杯外壁出现白霜，则（）A．杯中液态氮放热B．杯中液态氮温度不断上升C．杯中液态氮不断吸热，温度保持﹣196℃D．白霜是空气中水蒸气液化形成的7．关于运动和力，下列说法正确的是A．运动的物体一定受到摩擦力的作用B．做曲线运动的物体一定受到力的作用C．物体一定沿着受到的力的方向运动D．用杯子把水泼出去是利用了杯子的惯性二、填空题（本大题7小题，共21分）8．雨后的晚上背离路灯向前走，有积水的地方较_____（选填“亮”或“暗”），是因为水面发生的是_____反射。9．人们选用水作为汽车发动机的冷却剂，是因为水的比热容_____（选填“大”或“小”）．在汽车水箱中装有5kg的水，当温度升高了40℃时，水需要吸收_____J的热量[c水＝4.2×103J/（kg·℃）]．10．如图甲所示为某物质的熔化图象，根据图象可知，若将装有冰水混合物的试管放入正在熔化的该物质中（如图乙所示），则试管内冰水混合物的内能会逐渐_____，冰的质量会逐渐_____。（填“增加”、“减少”或“不变”）11．如图所示，底面积和质量都相同的A、B两容器，分别装有等深、等质量的甲、乙两种液体，放在水平桌面上，则两种液体的密度ρA_____ρB，液体对容器底部的压强pA_____pB，容器对桌面的压强pA′_____pB′（以上三空均填“大于”“等于”或“小于”）．12．如右图所示，三个质量相等、形状不同、底面积相同的容器，它们都装有高度相同的同种液体，比较它们对容器底部的压强大小关系是_____，它们对容器底的压力大小关系是_____，它们对桌的压力大小关系是_____，它们对桌面压强的大小关系是_____。（四空分别用p、F、F′、p′加下标表示。）13．某导体两端的电压为6伏，10秒内通过该导体横截面的电荷量为4库，通过该导体的电流为____安，这段时间内电流做的功为______焦．当该导体两端的电压为0伏，其电阻为____欧．14．一节新干电池的电压为_____伏，家庭电路中测量所用电能的仪表是____表；远距离输电要采用____（选填“高压”或“低压”）输电的方法以减少损耗。三、作图题（共7分）15．如图所示，根据给定的折射光线画出入射光线和反射光线。16．如图所示，已知轻质杠杆AB在水平位置静止，作出物体C所受重力的示意图以及拉力F的力臂L．（____）17．在平直轨道上匀速前进的列车内的茶几上放有一枚卤蛋和一盒饼干，卤蛋突然沿箭头所示的方向滚动而饼干保持静止未动（如图所示）．请画出此时饼干受力的示意图．（_____）四、实验题（本大题共5小题，共20分）18．小华用点燃的蜡烛、凸透镜、光屏、光具座等器材探究凸透镜成像的规律。下表是他实验时记录的几组数据，根据数据回答下列问题。实验次数1234物距u/cm3020155像距v/cm52030/（1）实验所用凸透镜的焦距f＝_____cm。第4次实验时所成的像是_____的。（选填选项前的字母）A．倒立缩小的实像B．倒立放大的实像C．正立放大的虚像第3次实验数据能够说明_____的成像特点。（选填选项前的字母）A．照相机B．幻灯机C．放大镜第1次实验时，小华将一近视眼镜紧贴在凸透镜的前面，要在光屏上再次得到清晰的像，应将光屏向_____（选填“靠近”或“远离”）透镜的方向移动。19．在“探究液体的沸腾特点”的实验中，小明选用完全相同的电热棒、烧杯和温度计，分别对甲（200g水）、乙（100g水）、丙（100g煤油）进行测量，所得数据的温度一时间图象如图，请根据图象分析：（1）同种液体的沸点与质量的大小_____（选填“有关”或“无关”）；（2）实验中，电热棒加热时间的长短反映了_____；（3）小明发现：三杯液体加热到沸腾的过程，温度升高的快慢不同，乙比甲升温的快是因为_____；丙比乙升温的快是因为_____。20．在探究“滑动摩擦力大小和哪些因素有关”的实验中：此实验是根据_____原理测出摩擦力大小的．小明刚开始拉木块时，他的水平拉力逐渐增大，但木块仍静止，木块所受的摩擦力_____（选填“变大”“变小”或“不变”）；木块被拉动，且越来越快，小明读出某一时刻弹簧测力计的示数为2N，他认为这时摩擦力的大小为2N，他操作中的错误是_____．改正错误后，小明完成了探究过程，比较甲、丙两次实验可得出的结论是：_____．小明把木块沿竖直方向截掉一部分后，继续图甲的操作，测得摩擦力减小，由此得出结论：滑动摩擦力的大小随接触面积的减小而减小．你认为他探究过程中存在的问题是_____，改进方法是_____．（木块各表面粗糙程度相同）21．在“探究物体的动能大小跟哪些因素有关”的实验中．（1）让钢球从高为h的斜面由静止释放，碰上水平面上静止的木块B，如图甲所示．实验时通过观察木块移动的距离来判断钢球动能的大小．若斜面光滑，钢球从静止滚到斜面底端的过程中，钢球的机械能____（填“守恒”或“不守恒”）．若不用木块B，在桌面上铺一条毛巾，______（填“可以”或“不可以”）用钢球A在毛巾表面滚动的距离来体现．（2）实验表明，让同一钢球A从同一斜面的不同高度由静止释放，高度h越高，木块B被撞得越远，由此可以得出结论：__________．（3）让两个不同质量的钢球分别从同一斜面的同一高度由静止释放．质量_____（填“大”或“小”）的钢球把木块撞得远．两次实验中，木块B所受的滑动摩擦力_______（填“相同”或“不同”）．（拓展）若斜面光滑，钢球从斜面静止滑下碰撞木块后，木块在水平面上滑动一段距离后停下来．增大斜面的倾角，仍让钢球从同一高度处由静止滑下，如图乙所示，则木块在水平面上移动的距离_______（填“变大”、“不变”或“变小”）（不计空气阻力）．22．小明利用如图甲所示的电路探究电流跟电阻的关系．已知电源电压为6V且保持不变，实验用到的电阻阻值分别为5Ω、10Ω、15Ω、20Ω、25Ω．实验中多次改变R的阻值，调节滑动变阻器的滑片，使电压表示数保持不变，记下电流表的示数，得到如图乙所示的电流I随电阻R变化的图象，由图象可以得出结论：电压一定时，___________．上述实验中，小明用5Ω的电阻做完实验后，接下来的操作是________，然后将10Ω的电阻接入电路，闭合开关，移动滑片，使电压表示数为_____V时，读出电流表的示数．为完成整个实验，应该选取最大阻值不小于_____Ω的滑动变阻器．五、计算题（本大题共2小题，共13分）23．如图所示，水平地面上有一个扫地机器人，它通过安装在身体底部的三个轮子与地面接触，清扫中利用软毛刷和吸气孔收集灰尘，遇到障碍物能够自动改变方向继续行进，某次机器人开始扫地1min后遇到障碍原地旋转20s，然后继续扫地2min，总行驶路程为36m。已知机器人质量为3.8kg，圆形身体半径为0.2m，三个轮子与地面接触的总有效面积为2×10﹣4m2，行进中受地面的摩擦阻力大小恒为10N，忽略灰尘质量、毛刷支撑以及气流的影响，取g=10N/kg。求：机器人清扫工作中对地面的压强；机器人在本次清扫工作中的平均速度若机器人某段时间以0.5m/s的速度做匀速直线运动，计算机器人该段时间内牵引力的功率24．质量为20kg、底面积100cm2的物体静止在水平地面上．用如图所示的滑轮组在5s内将物体匀速竖直提升3m，已知动滑轮重50N，不计绳重和摩擦．（g=10N/kg）求：（1）提升前，物体静止在水平地面上时对地面的压强；（2）拉力F的功率；（3）滑轮组的机械效率．六、综合能力题（本大题共3小题，共18分）25．小明商店看到一种LED灯的广告如表所示．从表中可以看出，LED等节能环保；从节能方面看，三灯正常工作时，LED灯消耗的功率约为节能灯的1/2，为白炽灯的________；从环保方面看，________．小明从一本课外书了解到：光源的亮度不便直接比较，可以尝试用数码相机拍摄受光源照射的物体，根据照片亮度来比较，书上还介绍了拍摄的模式．对广告中三灯亮度相同的问题，他进行了如下探究设计：①在教室里依次把三灯固定在________位置，通电使灯正常工作；②用一个位置固定的数码相机按书上介绍的模式，分别对________拍照；③比较照片亮度，可以判断三灯亮度是否相同．小明知道使用哪种灯最经济，请你帮他作出判断．（设电的价格为0.50元/度）①以白炽灯为例________，写出计算过程．②使用什么灯最经济________．26．如图（a）所示电路，电源电压为12伏且不变，R1的阻值为20欧，滑动变阻器R2是规格为“20欧3安”和“60欧2安”中的一个，闭合开关S后。①求通过R1的电流I1。____②求10秒内电流通过R1做的功W1。____③若将一个表盘如图（b）所示的完好的电流表接入电路某处，在电路安全工作的情况下，移动变阻器的滑片P，使电路消耗的最大功率与最小功率的比值最大。请判断符合上述要求所用变阻器的规格是______；电流表连接在______(选填“a”、“b”、“a或b”)处。求此功率的最大值P最大。______27．小丽家住市中心，奶奶嫌城市夏天太热而不住她家，这激发了她探究城乡温差原因的兴趣．她利用双休日时间和同学们一起在中午同一时刻测量了各个测试点的气温，并以此绘制出如图所示的“区域﹣温度”坐标图．从图中你发现________的温度比较高，这种现象我们称为“城市热岛效应”．请结合图中数据以及你的经验，找出一个造成热岛效应的原因：________．如何减少城市环境的热污染，请你提出一条合理化建议：________．

参考答案一、单项选择题（本大题7小题，每题3分，共21分）1、C【解析】试题分析：最早测出大气压的实验是托里拆利实验，故A错误；压强越大，沸点越高，因此高压锅就是利用液体沸点随气压的升高而升高的原理，故B错误；洗手盆的排水管用U形“反水弯”防臭是利用了连通器原理，故C正确；拦河大坝上窄下宽是由于液体压强随深度的增加而增加，故D错误；故应选C。【考点定位】大气压强的测量方法；沸点及沸点与气压的关系；液体的压强的特点；连通器原理2、A【解析】根据题意，电吹风既能吹冷风又能吹热风，所以电机与电热丝应并联，且为了使电热丝不会烧坏，在其发热时，电机必须工作。A图，干路开关S1闭合时，电机工作吹冷风，再闭合S2时，电热丝工作，吹热风，故A符合题意；B图，S1闭合，S2断开时，电热丝单独工作，会烧坏，故B不符合题意；C图，S1闭合时，电机与电热丝串联，当S2再闭合时，电热丝被短路，电机单独工作，但在实际电路中，很少会这样设计电路，因为S2闭合到断开两种状态时，电机的工作电压变化大，可能不会正常工作，故C不符合实际；D图，S1闭合时，电机与电热丝串联，当S2再闭合时，电机被短路，电热丝单独工作，故D不符合题意；故选A。点睛：重点是并联电路特征的应用，特别是理解电吹风吹热风时，电动机必须工作，即电热丝不可以单独工作，所以设计电路时，电动机所在支路不用设置开关，电动机由干路开关控制即可。3、A【解析】

A．一块0℃的冰熔化成0℃的水，温度不变，但需要吸收热量，所以内能增加，故A正确；B．生活烧水，是利用热传递的方法增大水的内能，故B错误；C．内燃机的做功冲程，是将内能转化为机械能，故C错误；D．1g煤炭虽然质量小、体积小，但热值是燃料的一种特性，与质量、体积等因素无关，所以热值是不变的，即1t煤炭的热值等于1g同种煤炭的热值，故D错误。4、B【解析】

当滑动变阻器的滑片P移至B端时，滑动变阻器的最大阻值和灯泡串联，由图象可知，当电压表示数为1.5V时，电路中的电流I=0.3A，由I=可得，滑动变阻器两端的电压：U滑=IR滑=0.3A×10Ω=3V，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，电源的电压：U=UL+U滑=1.5V+3V=4.5V，故A正确，不符合题意；由图象可知,灯泡两端的电压为3V时,电路中的电流I′=0.5A，因额定电压下灯泡的实际功率和额定功率相等，所以，灯泡的额定功率：PL额=UL额I′=3V×0.5A=1.5W，故D正确，不符合题意；此时滑动变阻器两端的电压：U′滑=U−UL额=4.5V−3V=1.5V，滑动变阻器接入电路中的电阻：R’滑===3Ω，故C正确，不符合题意；滑动变阻器消耗的电功率：P′滑=U′滑I′=1.5V×0.5A=0.75W，故B不正确，符合题意．5、C【解析】

A、要用酒精灯的外焰加热，为确保组装器材一次到位，应按从下往上的顺序调节，故A错误；B、由乙图知，升高相同温度，b加热时间长，说明b液体吸收的热量更多，故B错误；C、由乙图知，加热相同时间时，b液体升高的温度少，说明b液体的吸热能力强，即比热容大，故C正确；D、比较质量相等的不同燃料燃烧时放出的热量，吸热液体应为同一种类且质量相同，根据△t＝，通过温度的变化反应吸热多少，故D错误．故选C．6、C【解析】

由题意可知，液态氮的沸点很低，很容易沸腾，在沸腾时会从奶浆中吸收大量的热，但温度会保持在﹣196℃不变，此时空气中的水蒸气会凝华成小冰晶附在杯的外壁上，故应选C．7、B【解析】

A．运动的物体不一定受摩擦力的作用，如在空中运动的足球，故A错误；B．做曲线运动的物体运动方向时刻改变，运动状态时刻在改变，即物体处于非平衡状态，物体一定受到力的作用，故B正确；C．向上抛出去的篮球，向上运动，此时受到重力和空气阻力的作用，这两个力方向都向下，故C错误；D．用杯子把水泼出去时，杯子和水一起运动，当杯子停下时，水由于惯性仍保持原来的运动状态，所以水就出去了，故D错误二、填空题（本大题7小题，共21分）8、暗镜面【解析】

当人背着路灯走时，水面发生的镜面反射，没有光进入人的眼睛，所以水面看起来较暗，而地面反射的是漫反射，总有一部分光进入人的眼睛，所以看起来较亮。9、大8.4×105【解析】

因为水的比热容较大，相同质量的水和其它物质比较，升高相同的温度，水吸收的热量多，所以汽车发动机用水做冷却剂；水吸收的热量：Q＝cm△t＝4.2×103J/（kg•℃）×5kg×40℃＝8.4×105J．10、减少增加【解析】

由图甲可知，某物质在熔化的过程中吸热，但温度不变，为晶体，其熔点为-2℃；将装有冰水混合物的试管放入正在熔化的该物质中时，由于冰水混合物体的温度为0℃，则冰水混合物会向该物质放热，冰水混合物的内能减小，冰水混合物中的水符合凝固结冰的条件，所以冰水混合物中的冰会变多，即冰的质量将变大，但冰水混合物的温度不变。11、小于小于等于【解析】

由图可知，甲液体的体积大于乙液体的体积，又知两种液体质量相等，根据可知，两种液体的密度ρA小于ρB；A容器上宽下窄，液体对容器底部的压力小于液体的重力；B容器为柱状容器，液体对容器底部的压力等于液体的重力；比较可知，A容器中液体对容器底部的压力较小，两容器底面积相同，根据压强定义式p＝可知，A容器中液体对容器底部的压强较小，即pA小于pB．容器对桌面的压力等于容器重与液体重之和，两容器的质量相等，液体的质量相等，则两容器的总重相等，故两容器对桌面的压力相等，即FA等于FB．两容器对桌面的压力相等，底面积相等，根据p＝可知，两容器对桌面的压强相等，即pA′等于pB′．12、p1＝p2＝p3F1＝F2＝F3F1′＞F2′＞F3′p1′＞p2′＞p3【解析】

三个容器内都装有高度相同的同种液体，由液体压强公式p＝ρgh得：三容器底部所受液体的压强关系是p1＝p2＝p3；∵三个容器底面积相同，由F＝pS得：三容器底部所受液体的压力关系是F1＝F2＝F3；三个容器底面积相同，形状不同，装有相同高度的液体。则体积关系为：V1＞V2＞V3；∵都装有高度相同的同种液体，∴根据m＝ρV可知，m1＞m2＞m3，∵F′＝G容+G液＝（m容+m液）g，且三个容器质量相等，∴三个容器对桌面的压力F1′＞F2′＞F3′，∵三个容器底面积相同，∴由p＝得：三个容器对桌面的压强关系是p1′＞p2′＞p3′。13、0.42415【解析】

通过该导体的电流：；这段时间内电流做的功：；由可得导体的电阻：，因电阻是导体本身的一种性质，与两端的电压和通过的电流无关，所以将该导体两端的电压调整为0伏，其电阻仍为15Ω不变．14、1.5电能高压【解析】

一节新干电池的电压是1.5V；家庭电路中测量消耗电能的仪表是电能表；根据P＝UI可知，在输电功率一定时，电压越高，电流越小；输电线的电阻一定，由Q＝I2Rt可知，在通电时间一定时，电流越小，产生的电热越少，输送过程中能量损失越小，所以从发电站到用电区采用高压输电的方法以减少损耗。三、作图题（共7分）15、【解析】

根据题中“折射光线画出入射光线和反射光线”可知，本题考查光的反射和折射的作图，根据光的反射和折射作图的方法，运用光路可逆、法线、反射定律、折射光的规律等，进行分析。【详解】先过入射点作垂直于水面的法线，又因为光由水中斜射进入空气时，折射光线远离法线偏折，折射角大于入射角，所以，入射光线应向法线靠近，画出水中的入射光线；根据反射定律知道，反射光线和入射光线分居法线的两侧，由反射角等于入射角，即可确定反射光线的位置，光路如下：本题考查的是光的反射和光的折射的作图，难度不大。16、【解析】

对于形状规则、质地均匀的物体，它的重心在它的几何中心上，从重心开始沿重力方向﹣﹣竖直向下，画一条带箭头的线段并标出重力G；过支点O作F的垂线段，即为拉力F的力臂L；如图所示：点睛：（1）先确定物体的重心，然后从重心开始沿重力方向画一条带箭头的线段表示重力G；（2）根据力臂的概念画出F的力臂L．17、【解析】

卤蛋是由于惯性突然向左运动，此时饼干虽未动，但说明饼干相对于桌面有向左的运动趋势，所以饼干受平行于桌面向右的摩擦力f，在竖直方向上，饼干受竖直向下的重力G，竖直向上F的支持力，饼干受力示意图如图：四、实验题（本大题共5小题，共20分）18、10CB远离【解析】

(1)由表中第2次实验的数据，物距等于像距，物像等大，可知，此时u=2f=20cm.则f=10cm.即该凸透镜的焦距为10cm.(2)实验4中物距u=5cm，物距小于一倍焦距，成正立、放大的虚像，故选C；(3)第3次实验中，实验2中物距u=15cm，像距v=30cm时，物距小于像距，成倒立、放答的实像，是投影仪和幻灯机的制作原理，故选B；(4)近视眼镜是凹透镜，凹透镜对光线有发散作用，如果此时把近视眼镜放在该凸透镜前，使原来会聚成像的光线推迟会聚，所以要想接到清晰的像，光屏要远离透镜。（1）根据凸透镜成像规律中的物距等于2倍焦距时，成倒立等大的实像，可求得其焦距．（2）据当物距小于焦距时，成正立、放大的虚像；（3）根据当物距小于像距时，成倒立放大的实像；（4）近视眼镜是凹透镜，对光线有发散作用，由此分析像距变化情况．19、无关液体吸收热量的多少乙的质量小于甲丙的比热容比乙小【解析】

（1）由图象可知，甲、乙均为水，质量不同，但沸点相同，说明同种液体的沸点与质量的大小无关；（2）实验中，完全相同的电热棒，加热时间越长，液体吸收的热量就越多，说明加热时间的长短反应了液体吸收热量的多少；（3）根据公式Q吸＝cm△t，甲和乙是同种物质，比热容相同，吸收热量相同，乙的质量小，温度变化快；根据公式Q吸＝cm△t得，△t＝Q吸20、二力平衡变大木块没有做匀速直线运动压力一定时，接触面越粗糙，滑动摩擦力越大没有控制压力相等将木块的各个面放在木板上，做匀速直线运动，读出弹簧测力计的示数．【解析】

根据题中“探究滑动摩擦力大小和哪些因素有关”可知，本题考查“滑动摩擦力大小的影响因素”实验原理、实验操作及实验结论．根据实验现象进行分析解答．【详解】（1）实验中，用弹簧测力计在水平方向上匀速拉动木块，此时拉力与摩擦力是一对平衡力，根据二力平衡原理，摩擦力和拉力大小相等，弹簧测力计的示数等于摩擦力的大小．（2）刚开始拉木块时，水平拉力逐渐增大，但木块仍静止，木块处于平衡状态，所受摩擦力和拉力是一对平衡力，摩擦力等于拉力的大小，所以在这个过程中木块所受摩擦力变大；只有当木块做匀速直线运动时，木块处于平衡状态，摩擦力才等于拉力的大小，因此小泽在实验中没有使木块做匀速直线运动是错误的．（3）比较甲、丙两次实验：压力大小相同，接触面粗糙程度不同，摩擦力大小不同．可得出结论：压力一定时，接触面越粗糙，滑动摩擦力越大．（4）实验过程中，他没有控制压力相等，所以结论是错误的；改进方法是：将木块的各个面放在木板上，做匀速直线运动，读出弹簧测力计的示数，比较实验数据得出结论．21、守恒可以质量相同时，物体的速度越大，动能越大大相同不变【解析】

（1）因为是光滑的斜面，没有摩擦，所以在斜面上滑下的小球没有能量的损耗，在能量转化过程中能量是守恒的；若不用木块B，在桌面上铺一条毛巾，接触面的粗糙程度相同，小球克服摩擦力做功，可以用小球在毛巾表面滚动的距离来体现动能的大小；（2）同一钢球从不同的高度滚下，位置高的滚到斜面底端的速度就大，把木块推得越远说明运动的木块做功多，动能大，说明了物体的动能与物体的速度有关，由此得出结论：在质量一定时，钢球的速度越大，动能就越大；（3）让质量不同的钢球从同一高度滚下，小球到达斜面底端时的速度就是一定的，质量大的把木块推的远，说明了动能的大小和质量有关，在速度一定时，质量越大，动能也就越大；两次实验中，木块B对水平面的压力和接触面的粗糙程度不变，木块B所受的滑动摩擦力不变；【拓展】斜面光滑，钢球从斜面静止滑下后，重力势能全部转化为动能，增大斜面的倾角，钢球从同一高度处由静止滑下，重力势能全部转化为动能，重力势能不变，动能不变，钢球的速度不变，撞击木块后，木块在水平面上移动的距离不变．22、电流与电阻成反比断开开关，将滑片移至最大阻值处2.535【解析】

（1）由图象知，电压一定时，电流和电阻成反比；（2）在换接电阻时，应将开关断开，并将滑片移至最大阻值处；由图象知，当R＝5Ω时，电流表的示数为0.5A，所以电阻两端的电压U＝IR＝0.5A×5Ω＝2.5V，在整个过程中，R两端的电压保持2.5V不变；将5Ω的电阻换为10Ω后，应改变滑动变阻器的阻值，保持电压表的示数为2.5V，并读出电流表的示数；（3）根据串联分压的知识，当电阻R＝25Ω时，滑动变阻器的阻值最大，由图象知，此时电路中的电流为0.1A；由I＝得，R总＝＝＝60Ω；所以R滑＝R总﹣R＝60Ω﹣25Ω＝35Ω．五、计算题（本大题共2小题，共13分）23、（1）1.9×105Pa；（2）0.18m/s；（3）5W。【解析】（1）机器人对水平地面的压力为：F＝G＝mg＝3.8kg×10N/kg＝38N；机器人对地面的压强为：p＝FS＝38N2×10-4m2＝1.9×105Pa；（2）机器人总行驶路程s＝36m，所用总时间为：t＝1×60s+20s+2×60s＝200s，则机器人在本次清扫工作中的平均速度：v＝st＝36m200s＝0.18m/s；（3）因为机器人做匀速直线运动，所以牵引力与阻力平衡，则F点睛：（1）机器人对地面的压力与重力相等，F＝G＝mg；然后根据p＝FS计算压强；（2）根据公式v＝st计算平均速度的大小；（3）根据公式P＝W24、（1）2×104pa；（2）150W；（3）80％【解析】

（1）物体对地面的压力：F压=G=mg=40kg×10N/kg=400N，对地面的压强：p=F压/S=200N/100×10−4m2=2×104Pa；（2）由图可知，n=2，则绳端移动的距离：s=nh=2×3m=6m，不计绳重和摩擦时，拉力大小：F=（G+G动）/n=（200N+50N）/2=125N，拉力做的总功：W总=Fs=125N×6m=750J，拉力F的功率：P=W总/t=750J/5s=150W；（3）有用功：W有=Gh=200N×3m=600J，滑轮组的机械效率：η=×100%=600J/750J×100%≈80%．六、综合能力题（本