【物理】广东省珠海一中、惠州一中、深圳外国语三校2025-2026学年高三上学期联合调研考试试题(解析版)

广东省珠海一中、惠州一中、深圳外国语三校2025-2026学年高三上学期联合调研考试物理试题本试卷满分：100分，考试时间：75分钟注意事项：1.答卷前，考生务必将自己的姓名、班级、准考证号码等信息填写在答题卡上。2.作答时，务必将答案写在答题卡上，写在本试卷及草稿纸上无效。3.考试结束后，将答题卡交回。一、选择题：本题共7小题，每小题4分，共28分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1.2025年春晚，国产机器人扭秧歌动作丝滑堪比人类，某机器人先做匀速直线运动，再做匀加速直线运动，以开始匀加速的时刻为0时刻。运动的时间用表示，速度用表示，位移用表示，加速度用表示，则下列图像可能正确的是（）A. B.C. D.【答案】C【解析】AB．根据匀变速直线运动可知机器人的图像是一次函数图像，图像是一条与时间轴平行的直线，故AB错误；CD．根据匀变速直线运动规律解得因此机器人的图像是一次函数，故C正确，D错误。故选C。2.如图，在倾角为的固定光滑斜面上，有一用绳子拴着的长木板，木板上站着一只猫。已知猫的质量是木板的质量的2倍。当绳子突然断开时，猫立即沿着板向上跑，以保持其相对斜面的位置不变，重力加速度为，在猫奔跑但没有离开木板的过程中（）A.猫对木板的摩擦力沿斜面向上B.猫和木板组成的系统动量守恒C.木板对猫做正功D.木板的加速度为【答案】D【解析】AD．猫保持相对斜面的位置不变，即相对斜面静止，以猫为研究对象，根据平衡条件可得即木板对猫的摩擦力沿斜面向上；根据牛顿第三定律，可知猫对木板的摩擦力沿斜面向下，大小为以木板为研究对象，根据牛顿第二定律有联立解得，故A错误，D正确；B．C．由于猫保持相对斜面的位置不变，即相对斜面静止，则猫的位移为零，故木板对猫不做功，故C错误。故选D。3.如图甲，小朋友用力将足球从最低点向前踢出，足球在竖直轨道内经最高点运动一周后，在图示位置离开轨道，恰好在轨道截面圆心点落入书包。参照视频中足球的运动轨迹画了运动示意图如图乙，图中虚线为足球的运动轨迹。若足球质量为，运动轨迹半径为，忽略空气阻力的影响，以下分析正确的是（）A.足球从到的运动过程中，竖直方向做自由落体运动B.足球经过最高点速度一定不小于C.足球从踢出到离开轨道前机械能守恒D.足球从踢出到离开轨道前，所受轨道弹力不断减小【答案】B【解析】A．足球从到的运动过程中，竖直方向先向上运动，所以竖直方向不是做自由落体运动，故A错误；B．足球经过最高点时，有可得，故B正确；C．足球从踢出到离开轨道前，由于存在摩擦阻力做功，机械能不守恒，故C错误；D．足球从踢出到离开轨道前，在最高点有可得在最低点有可得可知足球从踢出到离开轨道前，所受轨道弹力不是不断减小，故D错误。故选B4.如图，从空间站伸出的机械臂外端安置一微型卫星，微型卫星、空间站、地球在同一直线上，微型卫星与空间站同步做匀速圆周运动。已知地球半径为，空间站的轨道半径为，机械臂长为，忽略空间站对卫星的引力以及空间站的尺寸，下列说法正确的是（）A.微型卫星的线速度与空间站的线速度大小之比为B.空间站的加速度与地球表面重力加速度之比为C.微型卫星的加速度比空间站的加速度小D.若机械臂操作不当，微型卫星脱落后会做近心运动【答案】B【解析】A．微型卫星和空间站能与地心保持在同一直线上绕地球做匀速圆周运动，所以微型卫星的角速度与空间站的角速度相等，根据可知微型卫星的线速度与空间站的线速度大小之比为，故A错误；B．根据牛顿第二定律可得，解得空间站的加速度为在地球表面则有，解得，所以，故B正确；C．根据向心加速度可知由于微型卫星的角速度与空间站的角速度相等，轨道半径大于空间站的轨道半径，因此微型卫星的加速度比空间站的加速度大，故C错误；D．根据牛顿第二定律可得解得可知仅受万有引力提供向心力时，微型卫星比空间站的轨道半径大，角速度小，由于微型卫星跟随空间站以共同的角速度运动，由可知，所需向心力增大，所以机械臂对微型卫星有拉力作用，若机械臂操作不当，微型卫星脱落后会飞离空间站，故D错误。故选B。5.艺术体操选手带操比赛时彩带的运动可简化为一列沿轴方向传播的简谐横波，图甲是时的波形图，图乙是处质点的振动图像，、质点在轴上的平衡位置分别为、，下列说法正确的是（）A.选手抖动频率加大，波长变大B.波沿轴负方向传播，波的传播速度为C.时，、两质点的速度和加速度方向均相反D.从到，质点的路程为【答案】C【解析】A．波的传播速度由介质决定，保持不变。根据波速、频率和波长的关系式，当选手抖动频率加大时，波长会减小，故A错误；B．由振动图像可知，在时，处的质点经过平衡位置，且振动方向沿轴正方向。在波形图中，根据“上下坡”法或“平移”法，可以判断出波是沿轴正方向传播的。由图甲可知波长，由图乙可知周期，所以波速因此，波沿轴正方向传播，波速为，故B错误；C．质点的平衡位置为，质点b的平衡位置为。它们之间的距离为因为波长，所以。相距半个波长的两个质点是反相点，它们的振动情况总是相反的，即位移、速度、加速度的方向在任何时刻都相反，故C正确；D．从到，时间间隔为由波形图可知，在时，质点的位移为由于质点不是从平衡位置或最大位移处开始运动，所以经过的时间，其路程不等于一个振幅，质点从到的路程为，从到的路程也为，总路程为，故D错误。故选C。6.如图，正三角形三个顶点固定三个等量点电荷，其中、带正电，带负电，、、为边的四等分点，则（）A.点电荷、点电荷所受静电力大小相等B.、两点的电场强度和电势都相同C.电子在点电势能比在点时要小D.电子沿直线由点向点移动过程中，电场力不做功【答案】C【解析】A．对点电荷A进行受力分析，点电荷A所受点电荷B的库仑力和C点电荷的库仑力夹角为，所以A所受的静电力为对点电荷C进行受力分析，点电荷C所受点电荷A的库仑力和B点电荷的库仑力夹角为，所以C所受的静电力为所以A、C所受静电力大小不相等，故A错误；B．点电荷AB在M、N两点产生的合场强等大反向，合电势相等，点电荷C在M、N两点产生的电场强度大小相等，方向不同，电势相同，根据电场强度的叠加可知M、N两点的电场强度大小相等，方向不相同，但电势相同，故B错误；C．电子从M到O的过程库仑力做负功，电势能增大，所以，M点电势能比在O点时要小，故C正确；D．电场线沿直线由点向点，所以电子沿直线由点向点移动过程中，电场力做负功，故D错误。故选C。7.如图，在倾角为的足够长的绝缘光滑斜面底端，静止放置质量为、带电荷量的物体。加上沿着斜面方向的电场，物体沿斜面向上运动。物体运动过程中的机械能与其位移的关系图像如图所示，其中为直线，为曲线，为平行于横轴的直线，重力加速度为，不计空气阻力，则（）A.过程中，电场强度不断变大，过程中，电场强度不变B.过程中，物体加速度一直减小C.过程中，电场力一直做正功，机械能增加D.过程中，物体电势降低了【答案】D【解析】A．物体机械能的变化量等于电场力做功，即图像斜率为过程中，图像斜率先不变后减小，电场强度先不变后减小，过程中，图像斜率为零，电场强度减小为零，故A错误；B．过程中，图像的斜率减小，则电场力减小，直到减为零，根据，所以物体加速度先减小后反向增加，故B错误；C．过程中，电场强度为零不做功，故C错误；D．过程中，物体机械能增加，所以物体电势能降低，故物体电势降低了，故D正确。故选D。二、多项选择题：本题共3小题，每小题6分，共18分。在每小题给出的四个选项中，至少有两项是符合题目要求的。选对但不全得3分，错选或多选得0分。8.2025年10月10日，中国安能集团首次在广西启用动力舟桥参与南宁邕江北大桥右侧的堤坝加固抢险工作。动力舟桥的其中一种作业模式是将若干舟体拼接在一起形成带式浮桥，方便岸边与抢险地的人员及物资运送。某次拼接时，两节质量均为的刚性舟体A、B正分别以和的速度沿同一直线同向移动，B舟追上A舟，发生刚性连接，连接过程极短，忽略水流的阻力，下列说法正确的是（）A.连接后瞬间两舟的共同速度为B.连接过程中A舟对B舟的作用力大于B舟对A舟的作用力C.连接过程中B舟所受合外力的冲量为D.连接过程中A舟动量的变化量与B舟的动量变化量大小相等【答案】AD【解析】A．AB两舟碰撞过程，由动量守恒得解得连接后瞬间两舟的共同速度为，故A正确；B．碰撞过程A舟对B舟的作用力与B舟对A舟的作用力是一对相互作用力，大小相等，故B错误；D．A舟、B舟所受合力大小相等，作用时间相同，故合力的冲量大小相等，动量变化量的大小相等，故D正确；C．对B舟由动量定理，得连接过程中B舟所受合外力的冲量为，故C错误。故选AD。9.在图甲的电路中，是可变电阻，是定值电阻、阻值为。实验时调节的阻值，得到各组电压表和电流表数据，用这些数据在坐标纸上描点、拟合，作出的图像如图乙中所示。电压表和电流表皆看作理想电表。下列说法正确的是（）A.该电源电动势为B.该电源的内阻为C.当时，电源输出功率最大D.滑片从左往右移过程中，电源的效率一直在减小【答案】AD【解析】AB．由闭合电路的欧姆定律结合图像，将A、B两点坐标代入，解得E=2.5V，r=0.5Ω，故A正确，B错误；C．当外电阻等于内阻时电源输出功率最大，即解得，但这无意义，由电源输出功率与外电阻图像可知：应使尽可能接近时，输出功率最大，此时，故C错误；D．电源的效率当滑片从左往右移的过程中，R1减小，电源的效率一直在减小，故D正确。故选AD。10.如图所示，粗糙程度均匀的绝缘斜面倾角为，下方点处有一正点电荷，带负电的小物体以初速度从点沿斜面上滑，到达点时速度为零，然后下滑回到点，此时速度为。若小物体电荷量保持不变，，为的中点，则（）A.小物体上升的最大高度为B.从到的过程中，小物体在点的电势能最大C.从到的过程中，小物体受到的摩擦力和电场力均是先增大后减小D.从到的过程中，摩擦力对小物体做功【答案】AC【解析】A．设小物体上升的最大高度为，因为，则由点电荷周围电势分布的特点可知，M、N两点的电势相等，所以小物体从M到N和从N到M的过程电场力做功均为0。又因为小物体上滑和下滑过程经过同一个位置时，垂直斜面方向上电场力的分力相等，所以在同一位置小物体受到的支持力相等，故经过相等的一小段位移在上滑和下滑过程中摩擦力所作的功均为相等的负功，所以小物体在上滑和下滑过程中克服摩擦力所做的功相等，设为。则从M到N的过程对小物体列动能定理方程有从N到M的过程对小物体列动能定理方程有联立解得，，故A正确；B．由分析可知，从N到P的过程中，电场力对小物体做正功，其电势能减小；从P到M的过程中，电场力对小物体做负功，其电势能增大，所以从到的过程中，小物体在点的电势能最小，故B错误；C．从N到M的过程中，小物体到O的距离先减小后增大，则根据库仑定律可知小物体受到的电场力先增大后减小；又因为从N到M的过程中，小物体受到的电场力垂直斜面的分力先增大后减小，而重力垂直于斜面的分力不变，所以斜面对小物体的支持力先增大后减小，则根据可知，小物体受到的摩擦力先增大后减小，故C正确；D．因为，为的中点，则根据对称性可知，小物体从M到N的过程中，经过关于P点对称的位置时，垂直斜面方向上电场力的分力相等，而重力垂直于斜面的分力不变，所以在关于P点对称的位置时小物体受到的支持力相等，故从到的过程中摩擦力做功与从P到N的过程摩擦力做的功相等。由A选项可知，小物体从到N的过程中克服摩擦力所做的功为所以从到的过程中，摩擦力对小物体做功为，故D错误。故选AC。三、非选择题：本题共5小题，每小题8分，共54分。考生根据要求作答。11.某同学设计了如图所示的实验装置用于验证机械能守恒定律。将表面打磨光滑的平板下端置于水平地面的固定挡板处，上部架在铁架台的横杆上，横杆的位置可在竖直杆上调节，使得平板与水平地面之间的夹角可变。现在平板上方某位置固定一电磁铁，下端固定一光电门，实验时，先将小铁球静置于磁铁处，然后切断电磁铁电源释放小铁球。实验时测出小铁球的直径，小铁球中心到光电门的距离为，当地重力加速度为。（1）该同学用游标卡尺测小铁球直径时，示数如图所示则_________cm；（2）调节横杆的位置，改变平板与水平地面之间的夹角，释放小铁球，小铁球通过光电门时的遮光时间为，重复操作，多次进行实验。以为横坐标，以_________（选填“”、“”或“”）为纵坐标建立直角坐标系，并依据数据描点连线，在误差允许的范围内，若图线是过原点的一条直线，且该直线的斜率_________（用题中已给出的字母表示），则说明小铁球在下落过程中机械能守恒。（3）切断电磁铁电源后，由于磁滞现象，电磁铁没有立即消磁，这种情况的出现会导致实验测得小铁球的动能增加量_______（选填“大于”、“小于”或“等于”）重力势能的减少量。【答案】（1）1.06（2）；（3）小于【解析】【小问1】根据游标卡尺的读数规则，图示读数为【小问2】根据光电门测速原理可知，小铁球通过光电门的速度为设小球质量为，小铁球中心到光电门的距离为，根据机械能守恒定律，有解得，则该直线的斜率为【小问3】由于磁滞现象，磁力对小球做负功，会导致小铁球通过光电门的实际速度偏小，因此实验测得小铁球的动能增加量小于重力势能的减少量。12.某同学想测量一旧手机中的锂电池的电动势和内阻（电动势标称值，允许最大放电电流为）。实验室备有如下器材：电压传感器（可视为理想电压表）；定值电阻（阻值为）；电阻箱；开关S一只；导线若干。（1）为测量锂电池的电动势和内阻，该同学设计了如图甲所示的电路图。实验时，闭合开关S，发现电压传感器有示数，调节的阻值，示数不变，则电阻箱发生_________（选填“断路”或“短路”）。（2）排除故障后，该同学通过改变电阻箱的阻值，得到多组测量数据，根据数据作出图像，如图乙所示。则该锂电池的电动势_________、内阻_________。（结果均保留两位有效数字）（3）若考虑电压传感器的分流作用，则电池电动势的测量值_________（选填“大于”、“等于”或“小于”）其真实值。【答案】（1）断路（2）3.3；12（3）小于【解析】【小问1】电压传感器有示数，且调节R的阻值时，其示数不变，则说明电压传感器两端的电压不受R阻值变化的影响，即电阻箱R发生断路；若电阻箱R短路，则电压传感器的示数应该为0。【小问2】根据闭合电路欧姆定律有变形有所以图像与纵轴的截距为解得该锂电池的电动势为同理图像的斜率为解得该锂电池的内阻为【小问3】若考虑电压传感器的分流作用，则实际电路中的总电流为根据闭合电路欧姆定律有变形有则图像与纵轴的截距变为因此电动势的测量值小于其真实值。13.我国自主研制的火星探测器“天问一号”登陆火星的过程主要为以下几个过程：探测器与环绕器分离，进入火星大气层，经历“气动减速”；当速度时打开降落伞，进入“伞降减速阶段”，降落伞对探测器的拉力为探测器重力的5倍，该阶段匀减速下落至速度；接着降落伞脱落，推力发动机开启，进入“动力减速阶段”，该阶段匀减速下落时间速度刚好减为0，此时距离火星表面还有；探测器的上述过程均可简化为竖直方向上的运动。已知“天问一号”探测器质量为，降落伞脱离可视为质量不变，火星表面附近重力加速度取，求：（1）“伞降减速阶段”中探测器的加速度大小；（2）“动力减速阶段”中推力发动机对探测器的作用力大小；（3）刚打开降落伞时探测器距离火星表面的距离。【答案】（1）16m/s²（2）24500N（3）12600m【解析】【小问1】根据牛顿第二定律有其中，解得【小问2】在“伞降减速阶段”，根据速度位移公式有，解得在“动力减速阶段”，根据速度时间公式有其中末速度为，，解得加速度的大小为根据牛顿第二定律有，解得【小问3】在“动力减速阶段”，根据位移时间公式有，解得则刚打开降落伞时探测器距离火星表面的距离14.如图所示电路中，电源电动势，内阻，定值电阻，，把滑动变阻器的阻值调为，待电路稳定后，以初速度的带正电小球沿平行板电容器的中心线射入恰好沿直线运动，然后从板中点处的小孔进入平行板电容器、之间。已知小球的电荷量，平行板电容器上下两极板的间距为，平行板电容器、左右极板的间距为，极板、长均为，极板的右端与极板的距离忽略不计。当、极板间电压为时，小球恰好从极板的下端点离开，且运动过程未碰到极板。忽略电容器的边缘效应，重力加速度取。求：（1）平行板电容器的电压；（2）小球的质量；（3）、极板间电压。【答案】（1）（2）（3）【解析】【小问1】根据闭合电路欧姆定律可得电流为，解得由欧姆定律可知，滑动变阻器两端的电压为，解得滑动变阻器两端电压即为平行板电容器的电压，有【小问2】小球沿电容器的中心线做直线运动，小球在竖直方向处于平衡状态，有，其中，联立解得小球质量为【小问3】小球在平行板电容器AB、CD间同时受到重力和电场力，其运动轨迹如图所示将小球的运动沿水平方向和竖直方向分解，在竖直方向上，由自由落体运动的规律，得，解得在水平方向上，小球做往返运动，根据运动的对称性可知，往返时间一样，小球向右的最大位移为，解得说明小球不会碰到AB极板，在水平方向上，根据匀变速直线运动速度与时间的关系，得，解得小球在电容器A