【中考真卷】云南省2026年初中物理学业水平考试（解析版）

第第页【中考真卷】云南省2026年初中物理学业水平考试1．图所示的仪器和仪表，使用或读数正确的是A．图甲中用刻度尺测量木块的边长B．图乙中用温度计测量水的温度C．图丙中电阻箱的阻值为2026ΩD．图丁中速度表的示数为70km/h【答案】C【解析】【解答】A、图甲中测量木块边长时，刻度尺倾斜放置，未与被测边保持平行对齐，不符合长度测量的规范，测量方法错误，故A错误；

B、图乙中测量水温时，温度计的玻璃泡接触了烧杯的底部，温度计使用时玻璃泡需完全浸没在液体中，且不能触碰容器底或容器壁，测量方法错误，故B错误；

C、电阻箱的读数为各档位数值之和：2×1000Ω+0×100Ω+2×10Ω+6×1Ω=2026Ω，读数正确，故C正确；

D、图丁中速度表的分度值为10km/h，指针指向60km/h的刻度位置，示数为60km/h，并非70km/h，读数错误，故D错误。

故选：C。

【分析】刻度尺需要与被测边长平行，且刻度线紧贴被测物体；温度计使用时玻璃泡不能触碰容器底或容器壁；电阻箱的读数为各档位数值之和；结合图中指针示数读数。2．下列做法中，符合安全用电原则的是A．在输电线上晾晒衣服B．不靠近高压带电体C．使用绝缘皮破损的电线D．多个大功率用电器共用一个插线板【答案】B【解析】【解答】A、在输电线上晾晒衣服，输电线带有高压电，且湿衣服具有导电性，极易引发触电事故，不符合安全用电原则，故A错误；

B、安全用电的核心原则之一是“不接触低压带电体，不靠近高压带电体”，故B正确；

C、使用绝缘皮破损的电线，破损处会露出带电导体，容易引发触电事故或短路故障，不符合安全用电原则，故C错误；

D、多个大功率用电器共用一个插线板，会导致电路总功率过大，电路电流超出插线板的承载上限，易引发火灾，不符合安全用电原则，故D错误。

故选：B。

【分析】安全用电的原则是：不接触低压带电体、不靠近高压带电体；结合日常用电的常见场景，判断各做法是否符合安全用电规范。3．图中描述的物态变化需要吸热的是A．冰雪消融 B．露珠的凝结C．冰花的形成 D．湖面结冰【答案】A【解析】【解答】A、冰雪消融是固态的冰熔化为液态的水，属于熔化过程，需要吸热，故A正确；

B、露珠是空气中的水蒸气液化为液态小水滴，属于液化过程，需要放热，故B错误；

C、冰花是空气中的水蒸气直接凝华为固态小冰晶，属于凝华过程，需要放热，故C错误；

D、湖面结冰是液态的水凝固为固态的冰，属于凝固过程，需要放热，故D错误。

故选：A。

【分析】熔化是固态物质转变为液态的过程，需要吸热；液化是气态物质转变为液态的过程，需要放热；凝华是气态物质直接转变为固态的过程，需要放热；凝固是液态物质转变为固态的过程，需要放热。4．用图所示装置探究平面镜成像的特点，下列说法正确的是A．用玻璃板代替平面镜是为了确定像的位置B．蜡烛靠近玻璃板时，像将远离玻璃板C．蜡烛远离玻璃板时，像的大小将变大D．蜡烛在平面镜中所成的像是实像【答案】A【解析】【解答】A、用玻璃板代替平面镜，是因为玻璃板既能反射光线成像，又能透光看到玻璃板后方的蜡烛，便于确定像的位置，故A正确；

B、像与物体到玻璃板的距离始终相等，蜡烛靠近玻璃板时，像也会靠近玻璃板，故B错误；

C、平面镜成像的大小始终与物体大小相等，蜡烛远离玻璃板时，像的大小不会发生变化，故C错误；

D、蜡烛在平面镜中所成的像无法用光屏承接，属于虚像，故D错误。

故选：A。

【分析】平面镜成像规律：平面镜成正立、等大的虚像；像与物体到平面镜的距离相等；像与物体关于镜面对称。5．用图所示装置探究导体在磁场中运动时产生感应电流的条件，磁体水平放置，导体棒ab静止在磁场中。下列说法正确的是A．保持开关断开，仅水平移动导体棒ab，电流表指针发生偏转B．保持开关断开，仅水平移动磁体，电流表指针发生偏转C．保持开关闭合，仅竖直移动导体棒ab，电流表指针发生偏转D．该装置可以将机械能转化为电能，利用该装置的原理能制成发电机【答案】D【解析】【解答】A、开关断开时电路处于断路状态，即使水平移动导体棒ab，也无法产生感应电流，电流表指针不会发生偏转，故A错误；

B、开关断开时电路为断路，无论是否移动磁体，都无法形成闭合的电流回路，不会产生感应电流，电流表指针不会发生偏转，故B错误；

C、开关闭合后，竖直移动导体棒ab时，导体棒的运动方向与磁感线方向平行，没有切割磁感线，不会产生感应电流，电流表指针不会发生偏转，故C错误；

D、该装置探究的是电磁感应现象，过程中导体运动的机械能转化为电能，电磁感应是发电机的工作原理，利用该原理可以制成发电机，故D正确。

故选：D。

【分析】产生感应电流需要同时满足两个条件：①电路是闭合的；②闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动；电磁感应过程中机械能转化为电能，是发电机的工作原理。6．图中涉及到的压强知识，正确的是A．图甲中剪刀的刀刃做得很锋利，是为了减小压强B．图乙中水对上、下两个出水孔处产生的压强相等C．图丙中活塞式抽水机能将水抽起是由于大气压的作用D．图丁中吹气时，两张纸向中间靠拢，说明中间气体流速大，压强大【答案】C【解析】【解答】A、图甲中剪刀的刀刃做得很锋利，是在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强，并非减小压强，故A错误；

B、图乙中，液体压强随深度增加而增大，下方出水孔的深度更大，水对下方出水孔的压强大于上方出水孔，二者压强不相等，故B错误；

C、图丙中活塞式抽水机能将水抽起，是利用了大气压的作用，通过抽水机内部气压小于外界大气压，让大气压将水压入抽水机，故C正确；

D、图丁中吹气时，两张纸中间的气体流速大、压强小，纸外侧的压强大，因此两张纸向中间靠拢，故D错误。

故选：C。

【分析】固体压强：压力一定时，减小受力面积可以增大压强；液体压强：同种液体内部的压强随深度的增加而增大；活塞式抽水机的工作原理是利用大气压；流体压强：流速越大的位置，压强越小。7．在“探究滑动摩擦力的大小与哪些因素有关”的实验中，如图所示，木板水平固定，用弹簧测力计沿水平方向匀速拉动物块。甲、乙、丙三次实验中使用的是同一正方体物块，丁实验中使用的物块是甲实验中物块沿竖直方向切去一半得到的。下列说法不正确的是A．甲实验中物块受到的滑动摩擦力的大小为1NB．甲、乙两次实验是为了探究滑动摩擦力的大小与接触面的粗糙程度的关系C．甲、丙两次实验是为了探究滑动摩擦力的大小与压力的关系D．由甲、丁两次实验可以得出接触面的面积越小，滑动摩擦力越小的结论【答案】D【解析】【解答】A、甲实验中弹簧测力计的分度值为0.2N，示数为1N；匀速拉动物体时拉力与滑动摩擦力是一对平衡力，因此物块受到的滑动摩擦力大小为1N，故A正确，不符合题意；

B、甲、乙两次实验中，物块对接触面的压力相同，接触面的粗糙程度不同，是为了探究滑动摩擦力的大小与接触面粗糙程度的关系，故B正确，不符合题意；

C、甲、丙两次实验中，接触面的粗糙程度相同，物块对接触面的压力不同（丙中增加了金属块，压力更大），是为了探究滑动摩擦力的大小与压力大小的关系，故C正确，不符合题意；

D、甲、丁两次实验中，不仅接触面积改变了，物块对接触面的压力也同时改变了（丁中切去一半物块，压力也减半），没有控制压力大小相同，无法得出“接触面的面积越小，滑动摩擦力越小”的结论，故D错误，符合题意。

故选：D。

【分析】滑动摩擦力的大小与压力大小、接触面的粗糙程度有关，与接触面积的大小无关；实验中匀速拉动物体时，弹簧测力计的拉力大小等于滑动摩擦力大小，实验探究需遵循控制变量法。8．2026年5月，长征七号运载火箭携天舟十号货运飞船在发射场点火起飞，之后飞船与空间站成功对接。下列说法正确的是A．火箭加速上升过程中所受合力为零B．飞船进入太空后仍具有惯性C．空间站与地面指挥中心通过电磁波传递信息D．成功对接后，以空间站为参照物，飞船是运动的【答案】B,C【解析】【解答】A、火箭加速上升过程中，运动状态发生改变，所受合力不为零，故A错误；

B、惯性是物体的固有属性，与物体的位置、运动状态无关，飞船进入太空后仍然具有惯性，故B正确；

C、太空为真空环境，电磁波可以在真空中传播，空间站与地面指挥中心是通过电磁波传递信息的，故C正确；

D、成功对接后，飞船与空间站的相对位置不再发生变化，以空间站为参照物，飞船是静止的，故D错误。

故选：BC。

【分析】物体运动状态改变时，所受合力不为零；惯性是物体的固有属性，一切物体在任何状态下都具有惯性；电磁波可以在真空中传播，航天通信依靠电磁波传递信息；两个物体相对位置不变时，以其中一个为参照物，另一个是静止的。9．在图所示的电路中，电源电压恒定，定值电阻R1的阻值为10Ω，闭合开关S，电流表的示数为0.6A。下列说法正确的是A．10s内电流经过电阻R1产生的热量为36JB．再闭合开关S1时，电流表的示数不变C．再闭合开关S1时，电路的总功率变小D．若开关S、S1均闭合，电阻R1和R2两端的电压相等【答案】A,D【解析】【解答】A.10s内电流经过电阻R1产生的热量Q=B．闭合S1后，R1与R2并联，干路电流等于各支路电流之和，RC．电源电压U恒定，总电流I变大，根据总功率P=UID．S、S1都闭合时，R1与R2并联，根据并联电路的电压特点可知，R故选：AD。【分析】只闭合开关S时，电路为R1的简单电路，电流表测量通过R1的电流；闭合开关S、S1时，R1与R2并联，电流表测量干路电流；并联电路中各支路两端电压相等，都等于电源电压，干路电流等于各支路电流之和，结合电功率公式和焦耳定律分析。10．图甲中所示的半潜船被称为“海上叉车”。船的中间为载货甲板，需要装载货物时，向船内的水舱注水，使甲板潜入水下且低于货物底部，之后将漂浮货物水平拖至甲板正上方，通过排水使船体托起货物缓慢上浮，直至货物离开水面。某小组制作了质量为15kg的半潜船模型a和质量为24kg的货物模型b来模拟装载过程，模型a底部为可注水的长方体空腔，模型b是边长为0.4m的质量分布均匀的正方体，如图乙所示。现将两者放入静水中，均静止漂浮在水面上。不考虑水面升降，模型a、b均不吸水，甲板平面始终与水面平行，ρ水A．模型a注水前，受到的浮力为150NB．要将模型b拖至模型a上，需向模型a中注水，使甲板至少下降0.15mC．将模型b拖至模型a上后，模型a开始排水，当模型a中剩余水的质量为41kg时，模型b刚好离开水面D．模型b离开水面后，忽略模型a和b之间残留的水，模型b对模型a的压强为600Pa【答案】A,C【解析】【解答】A．模型a注水前静止漂浮，根据漂浮条件，浮力等于自身重力为F浮B．原漂浮状态下，货物b的浮力等于重力Gb=mbg=240N=F浮即b底部在水面下0.15m，甲板需要降到水面下至少0.a船底到甲板高度为0.2甲板总下降距离为0.C．当b刚好离开水面时，b不受水的浮力，总重力由a的浮力平衡，此时a的最大吃水深度刚好为船底到甲板的高度0.2总质量m总=FD．b离开水面后，对a的压力等于b的重力F=Gb=240N，受力面积为故选：AC。【分析】物体漂浮时，所受浮力等于自身总重力，根据阿基米德原理计算浮力，根据p=F11．图所示为云南省博物馆珍藏的聂耳小提琴。小提琴演奏时优美的琴声是由琴弦产生的，演奏前调整某根琴弦的松紧是为了改变该琴弦发出声音的(选填“响度”或“音调”)。【答案】振动；音调【解析】【解答】小提琴演奏时优美的琴声，是由琴弦的振动产生的；演奏前调整琴弦的松紧，会改变琴弦振动的频率，频率决定声音的音调，因此是为了改变该琴弦发出声音的音调。

【分析】声音是由物体的振动产生的；声音的音调由物体振动的频率决定，琴弦的松紧会改变琴弦振动的频率；声音的响度由物体振动的振幅决定。12．如图所示，用干燥的手摩擦塑料细丝，摩擦过程中电荷发生了，使塑料细丝带上了(选填“同种”或“异种”)电荷相互排斥而散开。【答案】转移；同种【解析】【解答】用干燥的手摩擦塑料细丝时，摩擦过程中电子发生转移，即电荷发生了转移，这是摩擦起电的本质；塑料细丝带上了同种电荷，根据同种电荷相互排斥的规律，细丝会相互排斥而散开。

【分析】摩擦起电的本质是电荷的转移（电子在物体间发生转移）；电荷间的相互作用规律为同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引。13．普洱景迈山古茶林文化景观是世界文化遗产之一。制作某种茶时需将晾好的鲜叶倒入预热后的铁锅中，炒至叶软香出。加热鲜叶是通过的方式改变鲜叶的内能，茶香传播到远处属于现象。【答案】热传递；扩散【解析】【解答】加热鲜叶时，铁锅的热量传递给鲜叶，是通过热传递的方式改变鲜叶的内能；茶香传播到远处，是茶叶的香味分子自发扩散到空气中的过程，属于扩散现象。

【分析】改变物体内能的方式有做功和热传递，热传递是通过能量转移改变内能；扩散现象的本质是分子在不停地做无规则运动，表现为不同物质彼此进入对方。14．“人造太阳”是一种模拟太阳内部发生核(选填“聚变”或“裂变”)释放核能的装置，装置冷却方式之一是通过水循环带走热量，用水降温是利用水的较大的特性。【答案】聚变；比热容【解析】【解答】“人造太阳”模拟的是太阳内部发生的核聚变反应，通过原子核聚变释放核能；用水循环带走热量降温，是利用水的比热容较大的特性，相同条件下水能吸收更多热量，冷却效果更好。

【分析】太阳内部发生的是氢原子核的核聚变反应，释放大量核能；水的比热容较大，相同质量的水和其他物质相比，升高相同温度时能吸收更多热量，因此常用作冷却剂。15．小明在“探究凸透镜成像的规律”的实验中，将蜡烛、凸透镜、光屏移至图所示的位置时，光屏上出现了一个清晰的像，(选填“照相机”“投影仪”或“放大镜”)就是利用该原理制成的。在保持凸透镜和光屏位置不变的情况下，小明将蜡烛向左移动了一段距离，光屏上的像变模糊，此时的成像情况与(选填“近”或“远”)视眼看不清物体的情况相同。【答案】照相机；近【解析】【解答】小明将蜡烛移至光具座20cm刻度线处，如图所示，此时物距u=50.0cm−20.0cm在如图乙所示实验情形下，如果保持凸透镜和光屏的位置不变，将蜡烛向左移动一段距离，物距增大，根据凸透镜成实像时“物远像近像变小”，此时像成在光屏的前面，与近视眼看不清物体的情况相同。【分析】凸透镜成像时，若物距大于像距，成倒立、缩小的实像，应用为照相机；凸透镜成实像时，遵循“物近像远像变大”的规律；远视眼的成因是晶状体折光能力较弱，近处物体的像成在视网膜后方，近视眼的像成在视网膜前方。16．2026年4月，随着云南大理德安、龙街等光伏场站并网发电，中国首个全国产控制系统水光互补项目——小湾水光互补项目正式投运，标志着中国在大型清洁能源基地核心装备自主可控领域取得重大突破。该项目光伏装机和水电装机总容量达543万千瓦。白天光伏场站利用强光发电，小湾水库可借助大库容的特点蓄水；在夜间和阴天光伏弱时，小湾水库用水发电进行增发补位。发出的绿电通过汇集站集中在一起“打捆”送出，实现了“水光协同、储送一体”。该模式可有效破解光伏大规模并网带来的波动性难题，确保电力安全稳定供应。小湾水光互补项目是国家“西电东送”骨干电源，全容量投产后年发电量可达200亿千瓦时，可满足约700万户家庭的全年用电需求，每年减排二氧化碳约1600万吨，为经济社会高质量发展提供清洁能源保障。（1）小湾水光互补项目的运行模式可有效破解难题。（2）太阳能和水能属于(选填“可再生”或“不可再生”)能源。小湾水库在蓄水的过程中，水位升高使水的机械能(选填“增大”或“减小”)。（3）200亿千瓦时((7.2×10【答案】（1）光伏大规模并网带来的波动性（2）可再生；增大（3）6×1【解析】【解答】（1）从题干的描述中可直接提取对应结论，该运行模式可有效破解光伏大规模并网带来的波动性难题，确保电力安全稳定供应。（2）太阳能、水能均能持续从自然界得到补充，因此属于可再生能源。水库蓄水时，水的质量增大，水位升高，水的重力势能增大，且此时水的动能为0，所以水的机械能增大。（3）根据Q=mq可得干木柴质量m=【分析】（1）水光互补项目可通过水电调节弥补光伏发电的间歇性、波动性；（2）可再生能源是可源源不断从自然界获取的能源；机械能包括动能与重力势能，重力势能与物体高度有关；

（3）干木柴完全燃烧放热公式为Q放=mq干木材，已知电能和热值，代入数据即可。17．（1）一束光从空气斜射入玻璃中，请在图甲中画出玻璃中大致的折射光线。（2）如图乙所示，通电螺线管的左端为N极，请在括号中标出通电螺线管右端的磁极，并在A点标出电流方向。【答案】（1）（2）【解析】【解答】（1）图中已画出法线，光从空气斜射入玻璃中，折射光线向法线偏折，折射角小于入射角，在玻璃一侧画出靠近法线的折射光线，光线箭头指向玻璃内部，如图所示：

（2）螺线管左端为N极，根据螺线管磁极“两端相反”的特点，右端为S（南）极，括号内填S；根据安培定则，右手握住螺线管，大拇指指向左端N极，四指弯曲方向为电流方向，所以电流从通电螺线管右侧流入，如图所示：

【分析】（1）光的折射规律：光从空气斜射入玻璃等介质中时，折射光线向法线偏折，折射角小于入射角；

（2）安培定则（右手螺旋定则）：用右手握住螺线管，大拇指指向螺线管的N极，四指弯曲的方向为电流的方向；螺线管两端磁极相反。18．某小组利用如图13甲所示的器材探究电压一定时电流与电阻的关系，可选用阻值为5Ω、10Ω、15Ω、20Ω、25Ω的定值电阻，电源电压恒为3V。（1）如图甲所示，连接电路的过程中开关存在的问题是；纠正错误后，请用笔画线表示导线，将电路连接完整，要求滑动变阻器的滑片向右移动时，接入电路的阻值变小。（2）正确连接电路后，闭合开关前，将滑动变阻器的滑片调至阻值最大处，这样做的目的是为了。闭合开关后，移动滑动变阻器的滑片，发现电流表的指针几乎不偏转，电压表的示数接近电源电压，则电路存在的故障可能是定值电阻。（3）排除故障后，将5Ω的电阻接入电路，移动滑动变阻器的滑片，使电压表的示数为2V，此时电流表的示数如图乙所示，将示数记录在下表中a处，其值为A。接下来断开开关，将5Ω的电阻换为10Ω的电阻，闭合开关，将滑动变阻器的滑片向(选填“左”或“右”)端移动，直至电压表示数为V，记录电流表示数。更换电阻进行多次实验后得到下表的数据。实验次数12345电阻R/Ω510152025电流I/Aa0.200.140.100.08（4）根据上表中的数据可知，当导体两端电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成比。【答案】（1）连接电路时开关未断开；​​​​​​​（2）保护电路；断路（3）0.4；左；2（4）反【解析】【解答】（1）连接电路的规范要求开关必须断开，图中连接电路时开关处于闭合状态。滑动变阻器滑片右移时接入阻值变小，说明需要接右下接线柱作为下接线柱，按“一上一下”原则完成连接即可。（2）闭合开关前滑片调至最大阻值处，可使初始电流最小，目的是保护电路。电流表几乎无偏转说明电路断路，电压表示数接近电源电压，说明电压表连通电源，因此故障为定值电阻断路。（3）图乙电流表接入电路的量程为0~0.6A，电流表读数可得电流为0.4A；换用更大电阻后，根据串联分压规律，定值电阻两端电压会升高，要维持定值电阻电压为2V不变，需要增大滑动变阻器接入的电阻来分压，因此滑片向左移动，直到电压表示数回到2V。（4）由表格数据可知，电压一定时，电流与电阻的乘积为定值，因此可得结论：导体两端电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比。【分析】（1）连接电路的规范要求开关必须断开，结合滑动变阻器滑片右移时接入阻值变小连接滑动变阻器；

（2）滑动变阻器可以起到保护电路作用，电流表的指针几乎不偏转，电压表的示数接近电源电压，说明电路有断路；

（3）结合电流表量程读取电流表示数，换用更大电阻后，电阻两端电压不变，结合根据串联分压规律分析；

（4）由表格数据可知，电压一定时，电流与电阻的乘积为定值，据此得到结论。19．云南围棋子被誉为“棋中圣品”。某小组利用如图所示的装置来测量围棋子的密度。（1）将天平置于水平桌面上，并将游码移至标尺左端的零刻度线处，观察到指针位置如图甲所示，此时应将平衡螺母向调节，直至天平横梁水平平衡。（2）在左盘中放入10枚棋子，在右盘中加减砝码，并移动游码直至天平横梁恢复水平平衡，如图乙所示，10枚棋子的质量为g。（3）将适量水倒入量筒中，液面的位置如图丙所示，再将这10枚棋子完全浸没在量筒的水中，液面的位置如图丁所示，则这10枚棋子的体积为cm3。根据测量结果可计算出棋子的密度为g/cm3。【答案】（1）左（2）59.4（3）22；2.7【解析】【解答】（1）由图甲可知，指针偏右，说明天平右侧较重，此时应将平衡螺母向左调节，直至天平横梁水平平衡。（2）由图乙可知m码=50g+5g=55g，游码对应的刻度值为4.4g，

（3）由图丙可知，水的体积为20mL，由图丁可知，水和棋子的总体积为42mL，则10枚棋子的体积V棋子密度ρ【分析】（1）天平调节：指针偏向右侧时，平衡螺母向左调节（右偏左调）；（2）天平读数：物体质量=砝码总质量+游码对应的刻度值（游码读取左侧对齐的刻度）；

（3）排水法测体积：固体体积=水和固体的总体积-水的体积，结合密度公式求解密度大小。20．某小组进行了制作杆秤的综合实践活动。【材料及工具】材料：铁钩，提纽，直木杆，质量为50g的钩码，质量可忽略的细绳。工具：刻度尺，记号笔等。【制作流程】用细绳将铁钩固定在木杆左端A点，先将提纽套在木杆上，提起提纽将装置悬于空中，调节提纽位置使木杆在水平位置平衡后，再将提纽固定在这一位置并标为O点，如图甲所示。此时用细绳将钩码挂在O点(图中未画出)，木杆仍在水平位置平衡。（1）由上述操作可知，杆秤的0刻度线应标记在点。（2）经过测量，lAO=2cm,手提提纽，在铁钩上挂一物体，在O点右侧30cm处挂上质量为50g的钩码时，木杆恰好水平平衡，如图乙所示，该物体质量为（3）根据第(2)问得到的数据，若从0刻度线开始，向右每隔1cm标记一个刻度线，则该杆秤的分度值为g。（4）【交流拓展】同学们用制作好的杆秤称量某一物品，杆秤静止时出现了如图所示的情景，为了准确称量出该物品的质量，接下来应向(选填“左”或“右”)移动钩码，直至秤杆在位置平衡。（5）若想将分度值改为5g，只需在原有的每两条刻度线之间再均匀地画上条刻度线。（6）若更换一个质量更的钩码，则能制作一个可以称量更大质量的杆秤。【答案】（1）O（2）750；省力（3）25（4）右；水平（5）4（6）大【解析】【解答】（1）不挂待测物体时，钩码挂在O点杆秤恰好平衡，对应待测质量为0，因此0刻度线标记在O点。（2）杆秤自重已平衡，根据杠杆平衡条件得G1L解得m物（3）由杠杆关系得m物=m码因此分度值为25g。（4）图丙中左端下沉，根据杠杆平衡条件知，需要增大钩码对秤杆拉力的力臂，因此向右移动钩码，直至秤杆在水平位置平衡（水平平衡便于准确测量力臂、读数）。（5）原分度值为25g，要改为5g，每两条原刻度间需要分成25g5g=5份，因此需要画（6）根据杠杆平衡得m物【分析】（1）不挂待测物体时，钩码挂在O点杆秤恰好平衡，此刻度位置为杆秤的0刻度线；（2）杆秤自重已平衡，根据杠杆平衡条件求解物体质量，动力臂大于阻力臂，为省力杠杆；

（3）由物体质量与钩码质量的数学关系分析分度值；

（4）图丙中左端下沉，需要增大钩码对秤杆拉力的力臂，直到秤杆在水平位置平衡；

（5）原分度值为25g，要改为5g，二者相除得到刻度线条数；

（6）钩码质量越大，能称量的最大物体质量越大，结合杠杆平衡条件分析。21．班会课上，老师强调高空抛物有极大的安全隐患，由此小明想到物体所在位置的高度会影响重力势能的大小。请自选器材设计实验方案探究重力势能与高度的关系。你设计的方案是。若，则说明质量相同的物体所在位置的高度越高，物体具有的重力势能越大。【答案】选取同一个小