湖南省长沙市岳麓区2025-2026学年高一下学期期末考试物理自编试卷（人教版）（解析版）

湖南省长沙市岳麓区2025-2026学年高一下学期期末考试自编试卷物理试题（解析版）题号12345678910答案BAADADBADBCDBD1．B【详解】A．甲图中，在推导匀变速直线运动的位移公式时，运用了微元法，A错误；B．乙图中，在观察桌面的形变时，运用了微小量放大法，B正确；C．丙图中，研究力的合成和分解时，运用了等效法，C错误；D．丁图中，质点在A点的瞬时速度方向即为过A点的切线方向，运用了极限法，D错误。故选B。2．A【详解】A．曲线运动中速度方向沿轨迹切线方向，时刻在改变，速度是矢量，方向改变则速度一定发生变化，故A正确；B．物体做曲线运动的条件是合力与速度不在同一条直线上，合力指向轨迹凹侧，若合力沿轨迹切线方向，物体将做直线运动，故B错误；C．速度变化量，只有当加速度恒定时，相同时间内的速度变化量才相同，一般曲线运动加速度不一定恒定，故C错误；D．若飞机做匀速曲线运动，动能不变，根据动能定理，合力做功为零，故D错误；故选A。3．A【详解】AB．光滑圆槽的半径L远大于小球运动的弧长，甲、乙两球的运动可看成是单摆，根据可得甲、乙两球的周期相同，都用了到达最低点，可知甲、乙两球同时到达最低点O，故A正确，B错误；CD．丙球释放位置C为圆槽的圆心，有可得可得丙球最先到达O点，综上，甲、乙两球同时到达，丙球最先到达O点，故CD错误。故选A。4．D【详解】A．物体所受的冲量只和所受力的大小以及受力时间有关，物体只在水平方向上运动虽然在竖直方向上没有位移、支持力没有做功，但仍受到支持力。因此地面支持力的冲量不为0，故A错误；B．前两秒物体所受重力的冲量拉力冲量，故B错误；C．由图可知，第二秒末拉力反向。根据牛顿第二定律可知其加速度反向，但此时反向拉力的冲量为0，动量没有变化。因此物体按原有方向运动。故C错误；D．第四秒时，总冲量为即总速度变化量为故D正确。故选D。5．A【详解】B．球C下摆过程，对于木块A和小球C组成的系统，由于球C竖直方向有加速度，木块A竖直方向没有加速度，所以系统竖直方向所受合力不为0，竖直方向动量不守恒，则A和C整体动量不守恒，故B错误；C．球C向下运动到最低点的过程中，A、C组成的系统水平方向不受外力，系统水平方向动量守恒，取水平向左为正方向，由水平方向动量守恒可得根据机械能守恒可得联立解得A、C的速度大小分别为，，故C错误；A．球C向下运动到最低点的过程中，A、C组成的系统水平方向不受外力，系统水平方向动量守恒，则有两边同乘以t，有又联立解得当球C摆到最低点时，木块A恰好与木块B相撞并粘在一起，可知木块A、B原先间距0.4m，故A正确；D．A与B碰瞬间，根据动量守恒可得解得球C向左运动过程中，A、B、C组成的系统满足水平方向动量守恒，则有解得根据能量守恒可得解得球C通过最低点后继续向左摆动上升的最大高度为，故D错误。故选A。6．D【详解】A．由图乙可知t=0.4s时，Q沿y轴正方向运动，结合图甲，同侧法可知，该波沿x轴正方向传播，故A错误；B．由图乙可知，波的周期T为0.4s，0.1s恰好为四分之一个周期，因此时，P在平衡位置上方且未在波峰处，而Q恰好到波峰处，故此时Q的回复力比P的大，根据可知，Q的加速度比P的加速度大，故B错误；CD．由图甲可知，该波波长为8m、振幅A为30cm，因此该波在t=0.4s时的波动方程为因为P在x=3m处，故此时P的纵坐标为设P的振动方程为将t=0.4s和代入方程，解得因此P的振动方程为故t=0.7s时，P的位移为因为0.4s∼0.7s的时间间隔恰好为四分之三个周期，因此该段时间P运动的路程一定小于4A，故该段时间内P的运动路程为，故C错误，D正确。故选D。7．B【详解】A．设滑块A与B碰撞前瞬间速度为v1，根据机械能守恒定律有解得A、B碰撞过程，根据动量守恒定律有解得当AB加速度为0时，弹簧的压缩量为，有初始时刻弹簧的压缩量为AB碰后一起压缩弹簧过程由系统机械能守恒有联立解得，故A错误；C．初始时刻弹簧的压缩量为设碰后A、B一起向下运动的最大位移为x2，A、B碰后瞬间到二者到达最低点的过程中，根据机械能守恒定律有解得故弹簧的最大压缩量为，故C错误；B．当A、B整体在平衡位置时，弹簧压缩量为以该平衡位置为坐标原点，沿斜面向下为x轴正方向建立直线坐标系，则当A、B在平衡位置下方相对的位移为x时，A、B所受合外力由此可判断A、B整体做简谐运动，振幅碰撞时A、B相对平衡位置的位移为则A、B从碰撞到第一次速度减为零所用时间为周期解得，故B正确；D．两者恰好分离时两者之间无弹力，且加速度相等，在O点时，若两者分离（两者之间无弹力），则，不满足分离条件，故D错误。故选B。8．AD【详解】A．根据动能定理可知，物块动能的增加量等于合外力对物块做的功。物块加速过程中，只有滑动摩擦力对物块做功，则有其中是物块的对地位移，所以滑动摩擦力与物块对地位移的乘积等于物块动能的增加量。故A正确；B．根据功能关系可知，物块加速过程，传送带克服摩擦力做的功等于物块与传送带间摩擦产生的热量和物块动能的增加量之和，故B错误；C．电动机额外消耗的电能等于传送带克服摩擦力做的功，所以电动机额外消耗的电能等于物块与传送带间摩擦产生的热量与物块增加的机械能之和，故C错误；D．物块加速过程，对物块进行受力分析，根据牛顿第二定律有解得物块的加速度为根据运动学公式有解得加速过程的运动时间为物块的位移为该过程传送带的位移为所以物块、传送带间摩擦产生的热量为又因为物块最终获得的动能为所以无论动摩擦因数μ多大，物块、传送带间摩擦产生的热量大小恒等于物块最终获得的动能，故D正确。故选AD。9．BCD【详解】A．由图可得开始时的最大静摩擦力为则环先静止不动，随着电场强度的减少，电场力减少，则当摩擦力小于重力时，环开始下滑，此时满足即即t=1s时开始运动，且随着电场力减少，摩擦力减少，加速度变大，当电场强度为零时，加速度最大，当场强反向且增加时，摩擦力随之增加，加速度减少，当加速度减为零，此时速度最大，此时刻为t=5s，而后环继续做减速运动直到静止，故A错误；C．2s末的加速度为解得故C正确；B．1s末的最大静摩擦力为0−2s内环运动时间为1s，设环在1s−2s内以2s末的加速度做匀加速直线运动有由于0−1s内环静止，1s−2s内环做加速度逐渐增大的加速运动，所以0−2s内环的位移小于2.5m，故B正确；D．环速度最大时，有重力等于滑动摩擦力，则5s末速度最大，由牛顿第二定律可得整理得，，a−t图像如图所示由a−t图像的面积表示速度的变化量，则有环的最大速度为环的最大动能为故D正确。故选BCD。10．BD【详解】A．工件放到传送带时，工件相对传送带向下运动，受到向上的滑动摩擦力，工件速度和传送带速度相同时，相对传送带静止，受到向上的静摩擦力，故A错误；B．刚开始加速1s的两个工件间距离最小，加速过程由牛顿第二定律可得代入数据可得由位移公式代入数据可得故B正确；C．工件加速过程所用的时间为工件加速过程的位移为工件匀速过程的位移为每隔把工件放到传送带上，所以匀加速过程放了2个，匀速过程放了4个，共6个，故C错误；D．满载时电机对传送带的牵引力为故D正确。故选BD。11．(1)C(2)D(3)0.370.39(4)阻力的存在【详解】（1）A．本实验要验证的关系式为因两边都有质量m，可以约掉，不需要天平，故A错误；B．打点计时器可以记录时间，不需要秒表，故B错误；C．测量纸带需要毫米刻度尺，故C正确；D．不需要测量力的大小，故不需要弹簧秤，故D错误。故选C。（2）A．实验时，应选择密度大体积小的金属球，以减小阻力的影响，故A错误；B．实验时，应先接通电源再释放重锤，故B错误；C．释放重锤时，重锤尽量靠近打点计时器，以充分利用纸带，故C错误；D．释放重锤前，应保持纸带沿竖直方向，以减小纸带与打点计时器间的摩擦，故D正确。故选D。（3）[1]交流电源的频率为，所以打点周期为根据匀变速直线运动的推论，可知打下第4点时重锤的速度等于重锤从第3点到第5点的平均速度，则有代入数据解得动能为[2]该过程减小的重力势能为（4）由于阻力的存在，需要克服阻力做功，消耗一部分重力势能，故动能小于重力势能。12．(1)1.225(2)(3)105(4)大于(5)不同意，图丙滑动变阻器为分压式接法，滑片向右移动时，设滑动变阻器的总电阻为，滑片左侧滑动变阻器电阻丝的长度为，滑动变阻器电阻丝的总长度为，电压表、电流表和的总电阻为，电源电压恒定为，则电压表的示数为，所以，与不成线性关系，即电压表示数随滑片向右移动的距离不是均匀增加。【详解】（1）由图甲可知，螺旋测微器的读数为（2）用多用电表“×100”挡测量该卷导线的电阻，指针位于如图乙所示的位置，由图可知，待测电阻的阻值较小，为了能较准确地测量该电阻，应将选择开关旋转到欧姆挡位置。（3）将坐标纸上的数据连线，如图所示根据欧姆定律可知（4）由于电流表存在内阻，所以电压表测量的是和电流表的总电压，即两端的电压测量值偏大，根据可知，电阻的测量值偏大，即电阻的测量值大于真实值。（5）不同意，图丙滑动变阻器为分压式接法，滑片向右移动时，设滑动变阻器的总电阻为，滑片左侧滑动变阻器电阻丝的长度为，滑动变阻器电阻丝的总长度为，电压表、电流表和的总电阻为，电源电压恒定为，则电压表的示数为所以，与不成线性关系，即电压表示数随滑片向右移动的距离不是均匀增加。13．(1)(2)【详解】（1）“墨子号”匀速圆周运动的线速度角速度卫星环绕地球的向心加速度联立解得：（2）由几何关系可知，“墨子号”做圆周运动的半径设“墨子号”卫星的质量为m，根据万有引力提供向心力解得地球的质量近地卫星作匀速圆周运动的线速度为第一宇宙速度，设近地卫星的质量为m0根据万有引力提供向心力解得代入地球质量，解得地球的第一宇宙速度【点睛】14．(1)(2)【详解】（1）小物体恰能通过最高点C时的受力如图所示根据牛顿第二定律得小物体从B运动到C的过程中，只有重力做功根据动能定理得（2）小物体在水平面受力分析如图所示小物体从A运动到B的过程中，只有摩擦力做功根据动能定理得15．（1）；（2），方向竖直向下；（3）或【详解】（1）根据题意，从A点到B，根据动能定理可得解得（2）由牛顿第二定律