2026年山东烟台市中考物理试题（解析版）

2026年烟台市初中学业水平考试

物理试题

注意事项：

1．本试卷共8页，共100分，考试时间90分钟。考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交

回。

2．答题前，务必用0.5毫米黑色签字笔将自己的姓名、准考证号、座位号填写在试卷和答题

卡规定的位置上。

3．选择题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑；如需改动，用橡皮

擦干净后，再选涂其它答案标号。

4．非选择题必须用0.5毫米黑色签字笔作答，答案必须写在答题卡指定区域内的相应位置；

如需改动，先划掉原来的答案，然后再写上新的答案；不能使用涂改液、胶带纸、修正带。

5．写在试卷上和答题卡指定区域外的答案无效。

一、单项选择题（每小题2分，共20分）

1.下列微观粒子的空间尺度最小的是（）

A.夸克B.质子C.原子D.原子核

【答案】A

【解析】

【详解】根据初中物理的微观粒子结构，空间尺度从大到小排序为：原子＞原子核＞质子＞夸克。原子由

原子核和核外电子构成，原子核由质子和中子构成，质子又是由更小的微粒夸克构成，因此尺度最小的是

夸克。故选A。

2.中国空间站为人类探索宇宙提供了太空科学平台，下列测量不能在空间站完成的是（）

A.用刻度尺测量长度B.用秒表测量时间

C.用弹簧测力计测量重力D.用电流表测量电流

【答案】C

【解析】

【详解】中国空间站在轨运行时处于失重状态。

A．刻度尺测量长度依靠的是物体长度与刻度的对应关系，该过程与重力无关，在空间站的失重环境中可以

完成，故A不符合题意；

B．秒表测量时间是利用计时装置的机械或电子计时原理，不受重力影响，在空间站中能够完成，故B不符

合题意；

C．弹簧测力计测量重力的原理是利用二力平衡，即物体的重力等于弹簧受到的拉力，但在空间站中物体处

于失重状态，物体对弹簧测力计无拉力作用，无法测量重力，故C符合题意；

D．电流表测量电流是利用通电导体在磁场中受到力的作用，与重力无关，在空间站中可以完成，故D不

符合题意。

故选C。

3.在制作简易乐器的活动中，小明向多个相同的玻璃瓶中装入不同高度的水制成了“水瓶琴”，如图所示。

下列关于“水瓶琴”的说法正确的是（）

A.敲出的声音通过玻璃传播到小明耳中

B.改变敲击的力度可以改变声音的音色

C.改变瓶中水量可以改变敲出声音的响度

D.敲击不同水量的瓶子发出声音的音调不同

【答案】D

【解析】

【详解】A．声音传播到耳朵依靠空气，不是玻璃，故A错误；

B．敲击力度改变的是振动幅度，改变响度；音色由发声体材料、结构决定，力度无法改变音色，故B错误；

C．改变瓶中水量，振动的瓶和水总质量改变，振动快慢改变，影响的是音调，不是响度，故C错误；

D．敲击瓶子时，发声体是瓶子和水；水量不同，瓶和水的总质量不同，振动频率不同，音调不同，故D

正确。

故选D。

4.眼睛是心灵的窗户，我们应科学用眼。下列关于眼睛和眼镜的说法正确的是（）

A.视力正常的人看远处物体时，在视网膜上会形成正立的实像

B.眼睛的成像原理与小孔成像的原理相同

C.图甲所示的眼睛可能是晶状体变厚形成的

D.图乙是近视眼配戴镜片进行矫正时的成像光路图

【答案】C

【解析】

【详解】A．人眼成像属于凸透镜成像，正常眼睛在视网膜上成的是倒立、缩小的实像，不是正立实像，故

A错误；

B．眼睛成像的原理是光的折射（凸透镜成像），小孔成像的原理是光的直线传播，二者原理不同，故B错

误；

C．图甲中平行光经晶状体折射后，成像在视网膜前方，属于近视眼，近视眼的成因就是晶状体变厚、折射

光的能力过强，因此该眼睛可能是晶状体变厚形成的，故C正确；

D．图乙中，近处物体经矫正后像才落在视网膜上，原本成像在视网膜后方，这是远视眼的矫正光路图，不

是近视眼的矫正光路，故D错误。

故选C。

5.油条是餐桌上的常见食品，关于它的制作过程，下列说法正确的是（）

A.抻拉面团时，面团发生了弹性形变

B.炸油条是通过热传递的方式使其内能增加的

C.当油条漂浮在油面上时，它受到的浮力大于重力

D.刚出锅的油条很烫是因为它含有很多的热量

【答案】B

【解析】

【详解】A．抻拉面团后面团无法恢复原状，属于塑性形变，故A错误；

B．炸油条时，油将热量传递给油条，是通过热传递增加油条的内能，故B正确；

C．物体漂浮时处于平衡状态，受到的浮力等于自身重力，故C错误；

D．热量是过程量，只能描述为“吸收/放出热量”，不能说物体“含有热量”，油条很烫是因为它的温度

高，故D错误。

故选B。

6.大气压与我们的生活息息相关，下列实例没有利用大气压的是（）

A.U形“反水管”B.拔火罐

C.用吸盘搬玻璃D.用吸管喝水

【答案】A

【解析】

【详解】A．U形“反水管”属于连通器，其原理是利用管内的存水来阻隔下水道的异味，与大气压无关，

故A符合题意；

B．拔火罐时排出罐内空气使气压减小，在外界大气压作用下将罐吸附在皮肤上，利用了大气压，故B不符

合题意；

C．吸盘搬玻璃时挤出内部空气，利用外界大气压将吸盘紧压在玻璃上，利用了大气压，故C不符合题意；

D．用吸管喝水时吸气使管内气压减小，饮料在外界大气压作用下被压入嘴中，利用了大气压，故D不符

合题意。

故选A。

7.如图所示，在“研究同一直线上二力的合成”实验中，将橡皮筋一端固定，另一端与小圆环相连，先后

用两个弹簧测力计和一个弹簧测力计将小圆环拉至相同的位置O点。这个过程体现的科学方法是（）

A.控制变量法B.微小放大法C.理想模型法D.等效替代法

【答案】D

【解析】

【详解】本实验中，两个力F1、F2​共同作用将小圆环拉到O点，和一个力F单独作用将小圆环拉到同

一位置O点的作用效果完全相同，实验用一个力的作用效果替代两个力的共同作用效果，这种科学方法是

等效替代法。故D符合题意，ABC不符合题意。

故选D。

8.如图所示是一种水位自动报警器的原理图，甲、乙是大小相同的两个金属块，当水位升到一定高度时，

红灯亮报警。关于它的工作原理，下列说法正确的是（）

A.当水位达到位置a时，红灯亮

B.当水位达到位置b时，红灯亮

C.升高甲的高度可使报警器在更高的水位报警

D.降低乙的高度可使报警器在更高的水位报警

【答案】B

【解析】

【详解】A．水位到达位置a时，仅接触到甲，未接触到乙，控制电路断开，电磁铁无磁性，绿灯发光，红

灯不亮，故A错误；

B．水位到达位置b时，甲、乙都与水接触，水导电接通控制电路，电磁铁有磁性吸下衔铁，红灯电路接通，

红灯亮，故B正确；

C．报警水位由位置更高的金属块决定，题目中乙位置更高（在b处），升高甲的高度后，只要甲位置仍低

于乙，仍然需要将水位升高到乙所在的b位置才能接通电路，报警水位不变，因此升高甲不能让报警器在

更高水位报警，故C错误；

D．降低乙的高度会让乙的位置比原来更低，水位更低时就能接触到到乙接通电路，报警器会在更低水位报

警，不是更高水位，故D错误。

故选B。

9.手机为人类生活带来便利，但长时间低头看手机，容易引起颈部肌肉劳损。人的头颈部可视为一个杠杆，

如图所示，A为头颅的重心，低头时，头颅在自身重力G的作用下可以绕颈部支点O转动，颈部肌肉会产

生拉力F，B为拉力的作用点，拉力F的方向始终与OB垂直。下列关于头颈部杠杆的说法正确的是（）

A.头颅重力的力臂为OA

B.头颈部杠杆始终是省力杠杆

C.当头颅为竖直状态时，颈部肌肉的拉力最大

D.头低的角度越大，颈部肌肉的拉力越大

【答案】D�

【解析】

【详解】A．力臂是支点到力的作用线的垂直距离，重力的力臂是O到重力G作用线的垂线段，不是OA，

故A错误；

B．动力F始终与OB垂直，因此动力臂大小恒等于OB，当杠杆的动力臂OB小于重力的阻力臂

LGOAsin时，属于费力杠杆，故B错误；

C．根据杠杆平衡条件FLFGLG（LFOB，大小不变，头颅重力G不变），阻力臂LGOAsin；

当头颅竖直时，0，LG0，此时颈部拉力F0，拉力最小，故C错误；

GL

D．低头角度越大，sin越大，阻力臂L​越大，根据FG​​，G、OB不变，因此拉力F越大，

GOB

颈部肌肉的拉力越大，故D正确。

故选D。

10.如图甲所示是压力秤的简易电路，已知电源电压为18V，电流表的量程为0~0.6A，电压表的量程为0~15

V，定值电阻的阻值为20Ω，电阻R为压敏电阻，其阻值变化与所受压力大小的关系如图乙所示。下列

0

说法正确的是�（）

A.当压力F为100N时，电流表的示数为0.25A

B.随着压力F的增大，电压表与电流表的示数之比变大

C.此压力秤能测量的最大压力值为600N

D.若将电压表改装成压力显示器，则表盘上的刻度对应的压力值是均匀的

【答案】C

【解析】

【详解】A.当压力F为100N时，压敏电阻R阻值为60Ω，电路为串联电路，电流表的示数为

UU18V

I0.225A，故A错误；

R总R0R20Ω60

UU

B.电压表与电流表的示数之比即0，而UIR，所以0R，为定值电阻，其阻值不变，故B错

I00I0

0

误；�

C.电流表的量程为0-0.6A，当电流最大为Imax0.6A时，两端的电压U0ImaxR00.6A20Ω12V

�0

此时压敏电阻两端电压URUU018V12V6V

U6V

压敏电阻阻值RR10

Imax0.6A

由图乙可知，当R10时，压力F600N

U015V

若电压表达到量程15V，此时电路I0.75A

R020

超过电流表量程0.6A，所以电路最大电流由电流表量程决定，此时压力最大为600N，故C正确；

U

D.电压表测两端电压U0IR0R0

RR0

�0

UR0

由图乙可知R与F成线性关系，设RkFb（k、b为常数），则U0

kFbR0

U0与F不是线性关系，所以表盘刻度不均匀，故D错误。

故选C。

二、多项选择题（每小题给出的四个选项中，均有多个选项符合题意，全部选对的得3分，

选对但不全的得2分，选错的得0分，共12分）

11.为响应国家足球进校园的号召，学校积极推广足球运动。如图所示是体育课上同学们踢足球的情景，下

列关于这个情景的说法正确的是（）

A.踢出去的足球能够继续运动是因为它具有惯性

B.头球射门时，头对足球的力改变了足球的运动状态

C.守门员接球时，手对足球的力与足球对手的力大小相等

D.整个过程中足球的动能和重力势能相互转化，机械能守恒

【答案】ABC

【解析】

【详解】A．一切物体都具有惯性，踢出去的足球不受脚的作用力后，保持原有运动状态继续运动，是因为

它具有惯性，故A正确；

B．力的作用效果是改变物体的形状或改变物体的运动状态，头球射门时，头对足球的力改变了足球的运动

方向与速度，即改变了足球的运动状态，故B正确；

C．守门员接球时，手对足球的力与足球对手的力是一对相互作用力，相互作用力的大小相等，故C正确；

D．整个过程中，足球运动时受到空气阻力、地面摩擦力的作用，足球克服阻力做功，机械能减小，机械能

不守恒，故D错误。

故选ABC。

12.在物理课上，同学们用木板、木条、尺子、砂纸等材料和工具制作简易滑翔机。关于它的制作、调试和

飞行，下列说法正确的是（）

A.制作滑翔机的材料密度越大越好

B.试飞中机头下坠的原因是重心过于靠后

C.将机翼打磨成上凸下平的形状是为了获得升力

D.将机身打磨光滑可以减小飞行阻力

【答案】CD

【解析】

【详解】A．滑翔机飞行需要尽可能减小自身重力，在体积相同时，根据公式mV，材料密度越大，质

量越大，重力越大，不利于滑翔机飞行，故A错误；

B．重心位置影响滑翔机的平衡，重心过于靠前时，机头会下坠，重心靠后会导致机头上扬，故B错误；

C．机翼打磨成上凸下平的形状，飞行时上方空气流速快、压强小，下方空气流速慢、压强大，上下表面的

压强差会产生向上的升力，故C正确；

D．将机身打磨光滑，减小了接触面的粗糙程度，从而减小飞行时的空气阻力，故D正确。

故选CD。

13.如图所示为汽油机工作时某冲程的示意图，下列关于这个冲程的说法正确的是（）

A.该冲程是做功冲程B.该冲程是压缩冲程

C.将机械能转化为内能D.将内能转化为机械能

【答案】AD

【解析】

【详解】图中进气门和排气门均关闭，火花塞正在点火，且活塞向下运动，这符合汽油机做功冲程的特征。

在做功冲程中，高温高压的燃气推动活塞做功，将内能转化为机械能。故选AD。

14.在测量标有“2.5V”字样的小灯泡电阻的实验中，电路连接如图所示，电源电压为3V，闭合开关，移

动滑动变阻器的滑片P，让小灯泡逐渐变亮直至正常发光，测量的数据如表格所示。分析实验现象和表格数

据，下列说法正确的是（）

数据序号12345

电压U/V0.50.71.52.22.5

电流I/A0.10.120.170.210.22

A.当滑片P向右移动时，小灯泡变亮

B.实验所用滑动变阻器的最大阻值至少为25Ω

C.小灯泡越亮，其电阻越大

D.实验过程中，小灯泡的电功率变大，滑动变阻器的电功率变小

【答案】BC

【解析】

【详解】A．由图可知，滑动变阻器接入电路的是左半段电阻丝，滑片向右移动时，接入电阻丝长度变

长，总电阻变大，电路电流变小，小灯泡实际功率减小，亮度变暗，故PA错误。

B．滑动变阻器接入电路电阻最大时电流最小，故第一组数据对应滑动变阻器接入最大阻值的情况。电源

电压U3V，灯泡电压UL0.5V，电流I0.1A，滑动变阻器两端电压

U滑UUL3V0.5V2.5V

U滑2.5V

滑动变阻器最大阻值R25Ω，故B正确；

滑大I0.1A

U

C．根据R​计算各组小灯泡电阻可得R5、R5.8、R8.8、R10.5、R11.4，

I12345

由PUI可知小灯泡越亮即实际功率越大时，灯丝电阻越大，故C正确；

D．实验过程中，小灯泡电压、电流逐渐增大，由PUI可知小灯泡电功率逐渐变大；由串联电路电压规

律可得滑动变阻器功率P滑UULI

代入数值得P10.25W，P20.276W，P30.255W，P40.168W，P50.11W，可见滑动变阻器

功率先变大后变小，故D错误。

故选BC。

三、填空题（每小题3分，共15分）

15.夏日炎炎，游泳的人上岸后会感到很凉爽，这是因为水蒸发____________（选填“吸收”或“放出”）

热量；海滩上的沙子烫脚，而海水却是凉凉的，这是因为海水的比热容____________（选填“大于”或“小

于”）沙子的比热容；漫步沙滩，可闻到大海的“味道”，这说明____________。

【答案】①.

吸收②.

大于③.

分子在不停地做无规则运动

【解析】

【详解】蒸发属于汽化的一种形式，汽化过程需要吸收热量，水蒸发时会吸收人体的热量，因此人上岸后

会感到凉爽；根据比热容的特性，质量相同的不同物质吸收相同热量时，比热容大的物质温度升高幅度更

小，海水和沙子吸收相同热量后，海水温度更低，说明海水的比热容大于沙子的比热容；闻到大海的“味

道”是扩散现象，扩散现象表明分子在不停地做无规则运动。

16.如图所示是动圈式话筒和扬声器两个装置连接使用的简化示意图。其中动圈式话筒的工作原理是

____________，扬声器的工作原理与____________（选填“电动机”或“发电机”）相同。若某一时刻扬

声器中电流的方向如图所示，此时扬声器线圈的左端是____________极。

【答案】①.电磁感应②.电动机③.N

【解析】

【详解】动圈式话筒的工作原理是电磁感应；对着话筒讲话时，膜片振动带动线圈在磁场中做切割磁感线

运动，产生随振动变化的感应电流，与发电机原理相同。扬声器的工作原理是通电导体在磁场中受到力的

作用，与电动机原理相同，通电线圈受力带动纸盆振动发声。根据题干图示电流方向，用安培定则可判断

线圈左端为N极。

17.根据能源的有关内容绘制的知识结构如图所示，图中矩形①表示的能源种类应为____________，菱形②

应为____________，线条③表示的物理意义是____________。

【答案】①.核能②.核聚变③.太阳能的能量来源是太阳内部持续发生的核聚变反应

【解析】

【详解】能源可分为化石能源、太阳能、核能等类别，人类获取核能的两种方式为核裂变和核聚变，因此

①是核能，②是核聚变；图中线条③连接太阳能和核聚变，它的物理意义是：太阳能的能量来源是太阳内

部持续发生的核聚变反应。

18.发光二极管（LED）是一种电子元件，当电流从较长的引脚流入，从较短的引脚流出时，LED发光，反

之不发光。如图所示，小明把LED接到他制作的水果电池的a、b两端，LED发光，由此推断____________

（选填“a”或“b”）是电池的正极。当把该LED接到小红制作的水果电池两端时，发现LED亮度不同，

从而得出两个水果电池电压不同，你认为电压不同的原因可能是____________。（写出两条即可）

【答案】①.a②.水果种类不同、电极材料不同

【解析】

【详解】已知LED发光时，电流从长引脚流入，且电流从电源正极流出；由图可知LED的长引脚接水果电

池的a端，因此a是电池的正极；水果电池的电压受多个因素影响，比如水果的种类、成熟度、大小，电极

的材料，电极插入水果的深度，电极间的距离等都会改变水果电池的电压，任意写出两条合理原因即可。

19.为了防暑降温，小明制作了一些冰块放在长方形容器中，并将盛有水的圆柱形杯子放置在冰块上，当容

器中的冰完全熔化后，盛水的杯子漂浮在水面上，容器中水的深度为10cm。已知容器的底面积为600cm2，

杯子的底面积为100cm2，杯子的质量为100g，杯中水的质量始终为500g，忽略杯子的厚度，不考虑水的

蒸发。则冰熔化后，杯子所受的浮力为____________N，杯子内外液面的高度差为____________cm；熔化

前，容器内冰块的体积为___________cm3。（水的密度为1.0103kg/m3，冰的密度为0.9103kg/m3，

取10N/kg）

【�答案】①.

6②.

1③.

6000

【解析】

【详解】根据漂浮条件，盛水的杯子漂浮在水面上，浮力等于杯子与杯中水的总重力。杯子所受的浮力

3

F浮G总m总g10050010kg10N/kg6N

F浮6N

3

杯子排开水的体积V排33600cm

水g1.010kg/m10N/kg

3

V排600cm

杯子浸入水中的深度h浸26cm

S杯100cm

m水500g

3

杯中水的体积V水3500cm

水1g/cm

3

V水500cm

杯子内水的深度h内25cm

S杯100cm

内外液面高度差Δhh浸h内6cm5cm1cm

23

冰熔化后容器中水面以下总体积V总容S容H600cm10cm6000cm

333

冰熔化的水的体积V冰化水V总容V排6000cm600cm5400cm

33

水V冰化水1g/cm5400cm

3

冰熔化前后质量不变，由冰V冰水V冰化水可得V冰36000cm

冰0.9g/cm

四、作图和阅读题（20题3分，21题6分，共9分）

20.如图甲所示的电路中，电源电压为6V，电压表V2的示数为2.4V。请用笔画线表示导线，根据图甲所

示的电路图将图乙的实物连接完整。

【答案】

【解析】

【详解】由甲图可知，L1与L2串联，V1​测电源总电压，V2测L2​两端电压。电源电压为6V，因此V1​

选015V量程；L2​电压为2.4V，小于3V，因此V2选03V量程。电压表需要满足电流正进负出，V1

负接线柱已经接电源负极侧，因此“15”接开关右接线柱；V2的“3”接L2右端，负接线柱接L2左端，并

联在L2两端。

21.阅读短文，回答问题：

微厘空间卫星

2026年3月22日23时49分，在烟台海阳附近海域，由太原卫星发射中心研制的捷龙三号运载火箭，

成功将微厘空间02组卫星发射升空，伴随着巨大的白色气团，卫星顺利进入预定轨道，发射任务取得圆满

成功。捷龙三号运载火箭采用四级固体发动机串联布局，主要用于发射太阳同步轨道和近地轨道航天器。

地球同步卫星属于高轨卫星，距地面的高度约为3.58104km，而微厘空间卫星属于低轨卫星，运行

轨迹近似为圆形，与地面的距离约为600~700km。微厘空间卫星的“微”即微小，“厘”即厘米，它由我

国自主研发，主要作用是弥补中高轨北斗卫星在信号强度和几何构型上的不足，可与北斗等现有导航系统

协同工作，通过低轨道星座对北斗信号进行精密增强，具备空间环境数据采集、星间激光组网通信、掩星

探测等多项功能，以有效解决城市峡谷、室内、密林等复杂环境下的信号微弱及精确度不足的问题，从而

实现对全球用户的实时厘米级定位服务。

“微厘空间”的设计思路是把“基准站”搬上天，即在低轨道空间部署一批专门“播发误差修正信号”

的卫星，它们不是替代北斗，而是给北斗配一个全球覆盖的“误差修正播报员”，从而大幅度提高北斗系

统的精确导航能力。

（1）火箭发射时，发射台下方水池周围出现大量“白气”，其中发生的物态变化有哪些？

（2）下列关于短文内容的分析正确的是（）

A.捷龙三号运载火箭升空的动力来自水对火箭向上的作用力

B.发射过程中，微厘空间卫星相对于捷龙三号运载火箭是运动的

C.微厘空间卫星可对北斗卫星导航系统进行信号增强和误差修正

D.微厘空间卫星与地面用户之间通过超声波传递信息

（3）如图所示，假设地球为球形，直径为D，微厘空间卫星距地面的高度为h，运行速度大小为v，圆周

率用表示，则卫星运行一圈所用的时间为____________。（用上述字母表示计算结果）

π

【答案】（1）

汽化、液化（2）C

（3）

πD2h

v

【解析】

【小问1详解】

火箭发射时，高温火焰使水池中的水吸热，由液态变为气态，发生汽化；产生的高温水蒸气上升后遇到温

度较低的冷空气，放热由气态变为液态小水滴，大量小水滴聚集形成“白气”，因此发生的物态变化是汽化和

液化。

【小问2详解】

A.火箭升空的动力来自燃气对火箭的反作用力，不是水对火箭的作用力，故A错误；

B.发射过程中卫星固定在火箭上，相对火箭位置不变，因此卫星相对于火箭是静止的，故B错误；

C.根据短文内容，微厘空间卫星可对北斗信号进行增强，还能播发误差修正信号，提升北斗导航精度，故

C正确；

D.真空不能传声，卫星与地面之间通过电磁波传递信息，不是超声波，故D错误。

故选C。

【小问3详解】

D

由题意知，地球直径为D，因此地球半径为，卫星距地面高度为h，因此卫星做圆周运动的轨道半径为

2

D

rh

2

D

卫星轨道的周长为C2πr2hπD2h

2

sCπD2h

根据速度公式v变形得，卫星运行一圈的时间为t

tvv

五、实验探究题（22题8分，23题8分，24题8分，共24分）

22.实践活动中，某小组进行了测量海螺壳密度的实验。

过程·方法

（1）把天平放在水平桌面上，将游码拨至标尺左端的零刻度线处，发现指针静止时如图甲所示，此时应将

平衡螺母向____调节。天平平衡后，将海螺壳放在天平左盘，向右盘加减砝码，发现放上最小的砝码后，

横梁和指针静止时如图乙所示，此时应继续进行的操作是____。天平再次平衡时，右盘中砝码和游码位置

如图丙所示，则海螺壳的质量为____g。

（2）测量海螺壳体积时，小组同学选用天平、烧杯、瓶子、水和细线（细线的体积忽略不计）进行如下测

量：

①将适量的水倒入烧杯中，在水面处作出标记A；

②将系有细线的海螺壳缓慢放入水中至完全浸没，在水面处作出标记B；

③将海螺壳提出水面，并把海螺壳内的水倒回烧杯中；

④用天平测量瓶子和水的总质量为172g；

⑤再将瓶中水缓慢倒入烧杯，直至水面到达标记B处；

⑥用天平测量瓶子和剩余水的总质量为112.8g。

已知水的密度为1.0103kg/m3，根据上述测量，计算的海螺壳体积为____cm3。

（3）通过实验可得，海螺壳的密度为____kg/m3。

交流·评估

（4）完成第一种方案后，又有同学提出第二种方案，通过测量步骤①⑤中烧杯和水的质量，也可以计算出

海螺壳密度。你认为哪种方案测量得更准确？请说明理由。

【答案】（1）①.右②.向右移动游码，直至天平平衡③.148（2）59.2

（3）2.5103

（4）第二种方案中，将海螺壳从水中取出时，壳表面会附着一部分水，导致烧杯中原有水的测量质量偏小，

计算得到的排出水体积偏大，密度测量偏小；第一种方案是测量瓶子减少的水的质量，不受海螺壳沾水影

响，误差更小。

【解析】

【小问1详解】

[1]图甲指针偏左，左侧重，平衡螺母向右调。

[2]放上最小砝码后，横梁仍向左倾斜（指针左偏），说明当前砝码总质量偏小，但已是最小砝码，此时正

确操作是：向右移动游码，直至天平平衡。

[3]砝码总质量：100g20g20g5g145g

游码示数为3g，则海螺壳质量m145g3g148g

【小问2详解】

倒出的水的质量m水172g112.8g59.2g

m水59.2g

3

海螺壳体积等于倒出水的体积VV水359.2cm

水1g/cm

【小问3详解】

m148g

海螺壳的密度为2.5g/cm32.5103kg/m3

V59.2cm3

【小问4详解】

第二种方案中，将海螺壳从水中取出时，壳表面会附着一部分水，导致烧杯中原有水的测量质量偏小，计

算得到的排出水体积偏大，密度测量偏小；第一种方案是测量瓶子减少的水的质量，不受海螺壳沾水影响，

误差更小。

23.在“探究光的反射定律”实验中，探究过程如下：

方案·证据

（1）①把平面镜放在水平桌面上，将纸板EF____放置在平面镜上；

②打开激光笔，让光沿着纸板EF表面斜射到O点，观察并记录____，如图甲所示；

③多次改变入射光的角度重复上述操作；

④取下纸板，用量角器测量入射光、反射光与ON的夹角，实验数据记录在表格中；

⑤如图乙所示，把纸板的右侧沿ON向后折，再次实验，观察现象。

实验次数角i角

�

1

30°30°

24545

36060

解释·论证

（2）由步骤②③观察到的现象可以得出什么结论？

（3）在步骤③中为什么要多次改变入射光的角度？

（4）分析表格中的数据可以得出什么结论？

（5）由步骤⑤观察到的现象可以得出什么结论？

交流·评估

（6）实验中纸板的作用是什么？

（7）让光逆着反射光的方向射到镜面点，会观察到什么现象？

【答案】（1）①.垂直##竖直�②.反射光线和入射光线的传播路径

（2）光发生反射时，反射光线与入射光线分居法线两侧

（3）避免单次实验的偶然性，得到普遍适用的光的反射规律，使结论更具普遍性

（4）光发生反射时，反射角等于入射角

（5）光发生反射时，反射光线、入射光线和法线在同一平面内

（6）①显示光的传播路径；②方便探究反射光线、入射光线和法线是否在同一平面内

（7）会观察到反射光沿着原来入射光线的方向射出，说明反射现象中光路是可逆的

【解析】

【小问1详解】

实验需要法线（垂直平面镜）落在纸板平面内，才能在纸板上呈现光路，因此纸板需要垂直/竖直放在平面

镜上；

记录反射光线和入射光线的传播路径后，后续才能取下纸板测量入射角和反射角。

【小问2详解】

改变入射角度后，始终能观察到反射光线出现在法线的另一侧，由此得出该结论：光发生反射时，反射光

线与入射光线分居法线两侧。

【小问3详解】

略

【小问4详解】

表格中三组实验数据均显示反射角和入射角大小相等，由此得出该结论：光发生反射时，反射角等于入射

角。

【小问5详解】

纸板右侧向后折后，无法在折叠的纸板上观察到反射光线，说明只有反射光线、入射光线、法线在同一平

面内，才能呈现反射光线，由此得出结论：光发生反射时，反射光线、入射光线和法线在同一平面内。

【小问6详解】

纸板的作用：①显示光的传播路径；②方便探究反射光线、入射光线和法线是否在同一平面内。

【小问7详解】

略

24.学校要在教室加装两台壁挂式空调，实践小组的同学参与了线路的设计与安装。

（1）设计电路。为了达到较好的效果，空调需要安装在前后墙壁上。同学们设计的两种电路布局如图甲、

乙所示，其中、是带开关的三孔插座。你认为图____________的设计更合理，理由是____________；

图丙是处带�开关的�插座的放大图，请用笔画线表示导线完成电路连接_________。

�

（2）选择导线。查找资料了解铜芯导线在常温下的安全载流量（长时间通电时的最大安全电流）如下表所

示。已知每台空调工作时最大输入功率为3150W，家庭电路电压为220V，则每台空调线路至少应选择横

截面积为____________mm2的铜芯导线。

导线横截面积1.52.54610

S/mm2

安全载流量

1428374768

I/A

（3）架设线路。将导线穿入线管，根据线路设计进行架设。你认为制作线管的材料应具有什么特点？（写

出两条即可）

（4）实践安装。安装开关时，先用剥线钳将导线连接处的绝缘皮剥除，再将线头接入开关，以下压线方式

规范的是（）

A.B.

C.D.

【答案】（1）①.甲②.甲图中两个插座分别由各自的开关控制，乙图中一个开关同时控制两个插

座，若乙图线路或一台空调故障，则两台都无法工作。③.

（2）2.5（3）（1）绝缘性能好（防止漏电）；

（2）阻燃/耐高温（防止过热起火）。（4）A

【解析】

【分析】本题属于综合考查了电路的综合应用相关知识点。

【小问1详解】

[1][2]甲图中，两个三孔插座各配一个开关，可以分别控制两台空调的通断，便于独立使用和维修，且发生

短路等故障时不会相互影响。乙图中，一个总开关同时控制两个插座，若开关断开或线路故障，两台空调

均无法工作，不够灵活、合理。

[3]带开关的三孔插座连接时，必须遵守“开关接火线”的原则，确保开关断开后插座不带电，保障安全；

三孔插座按“左零右火上接地”接线。

开关接在火线与插座之间，且火线接插座的右孔，零线接左孔，地线接上孔（三孔插座按“左零右火上接

地”连接，开关串联在火线上）。详见下图。

【小问2详解】

已知每台空调工作时最大输入功率为3150W，家庭电路电压为220V，由PUI得，

P3150W

I14.32A

U220V

查表可知：横截面积1.5mm²的导线安全载流量为14A，小于14.32A，不安全；横截面积2.5mm²的导

线安全载流量为28A，大于14.32A，符合要求。

因此至少选择2.5mm²的铜芯导线。

【小问3详解】

线管用于包裹导线，架设在墙体或地面，需要：

（1）绝缘：避免导线破损后与墙体接触导致漏电；

（2）阻燃：导线过载发热时，线管不易燃烧，防止火灾。

【小问4详解】

规范压线方式要求：

导线绝缘皮剥除长度适当，裸线头全部插入接线柱，不能有裸露部分在接线柱外；

线头应顺时针弯折，这样拧紧螺丝时导线会被拉紧，不易松脱；

压线牢固，不压住绝缘皮（绝缘皮不能压在接线柱内）。

对照四幅图：

A．绝缘皮刚好剥到接线柱边缘、线头顺时针弯折且全部插入，且顺时针旋转螺丝，故A符合题意；

B．线头逆时针弯折，弯折方向错误，故B不符合题意；

C．线头未弯折，顺时针旋转螺丝，故C不符合题意；

D．线头未弯折，且逆时针旋转螺丝，故D不符合题意.

故选A。

六、计算题（25题9分，26题11分，共20分）

25.某家用电热水壶有加热和保温两个挡位，内部电路由温控开关和两段电热丝组成，加热挡的功率是保温

挡的5倍。采用加热挡加热时，将2kg的水从20℃升高50℃需要用3.5min的时间。已知电源电压为220V，

水的比热容为4．2103J/kg℃，若电热丝放出的热量完全被水吸收，求：

（1）3.5min内水吸收的热量；

（2）电热水壶保温挡的功率；

（3）若电热水壶内部电路因故损坏，现用规格为0.5Ω/cm的电热丝和一个开关组装电路，以实现原有功能，

请把你设计的内部电路画在虚线框中，将整个电路图补充完整，并通过计算说明需要截取的两段电热丝的

长度。

【答案】（1）4.2105J

（2）400W（3）

两段电热丝并联，长度分别为242cm和60.5cm，R1直接并联在电源两端，R2与温控开关串联后并联在电源

两端。

【解析】

【小问1详解】

Q35

根据c得水吸收的热量Q吸cmΔt4．210J/kg℃2kg50C4.210J

mΔt

【小问2详解】

5

电热丝放出的热量完全被水吸收，因此电热水壶消耗的电能WQ吸4.210J

加热时间t3.5min210s

W5

根据得，加热挡功率W4.210J

PP加热2000W

tt210s

12000W

保温挡功率P保温P加热400W

55

【小问3详解】

并联方案：

22

U2U(220V)

开关S1断开，R1单独工作，保温挡工作，根据P得R1121

RP保温400W

121

R1长度l242cm

10.5Ω/cm

U2(220V)2

开关S1闭合，R1与R2并联，加热挡工作，有R230.25

P加热P保温2000W400W

30.25

R2长度l60.5cm

20.5Ω/cm

串联方案：

U2(220V)2

开关S1闭合，R1单独工作，加热挡工作，有R124.2

P加热2000W