2026年广西部分区市初中学业水平考试4月模拟物理试卷（解析版）

第第页2026年广西部分区市初中学业水平考试4月模拟物理试卷1．能源问题日渐严重。我们应大力开发下列哪种清洁能源（）A．煤炭 B．石油 C．核能 D．风能【答案】D【解析】【解答】A、煤炭属于化石能源，燃烧时会产生大量二氧化硫、氮氧化物和粉尘等污染物，不属于清洁能源，故A错误。B、石油属于化石能源，燃烧过程中会排放硫化物等污染物，不属于清洁能源，故B错误。

C、核能在使用过程中虽不直接排放污染物，但核废料存在放射性污染风险，且建设和运维成本高，不属于题目所指的应大力开发利用的主流清洁能源，故C错误。

D、风能是可再生能源，发电过程中不产生污染物排放，属于清洁能源，是应大力开发利用的能源类型，故D正确。

故选：D。

【分析】清洁能源是指在生产和使用过程中不产生或极少产生污染物的能源。煤炭、石油属于传统化石能源，燃烧会产生大量污染物；核能存在核废料处理的环境风险；风能是可再生、无污染的清洁能源。2．为了防止静电危险，加油站的工作人员提油枪加油前，必须用手触摸静电释放器，如图所示。该按钮的材料可能是（）A．铜 B．陶瓷 C．塑料 D．橡胶【答案】A【解析】【解答】司机或工作人员提起油枪加油前，必须用手触摸“静电释放器”来清除身体上的静电，说明制作“静电释放器”的材质是导体，可以导电，铜是导体，陶瓷、塑料、橡胶都是绝缘体，则制作“静电释放器”的材料可以是铜，故A符合题意、BCD不符合题意。

故选：A。

【分析】容易导电的物体属于导体，不容易导电的物体属于绝缘体。3．“凿壁偷光”原指凿穿墙壁，让邻舍的烛光透过来，后用来形容家境贫寒却刻苦求学的精神。下列诗词中与“凿壁偷光”描述的现象原理相同的是（）A．海市蜃楼 B．一叶障目 C．杯弓蛇影 D．雨后彩虹【答案】B【解析】【解答】“凿壁偷光”所蕴含的物理知识为：光在同种均匀介质中会沿着直线传播，下面逐一分析各个选项：

A．海市蜃楼由光的折射形成，与题干物理原理不一致，故A错误。

B．一叶障目是由于光沿直线传播，光线无法穿过遮挡的叶片，和题干原理一致，故B正确。

C．杯弓蛇影属于光的反射现象，与题干物理原理不一致，故C错误。

D．雨后彩虹是光的色散现象，其成因属于光的折射，与题干物理原理不一致，故D错误。

故选：B。

【分析】光在自然界中存在三种光现象：

（1）光在同种均匀物质中沿直线传播，在日常生活中，激光准直、小孔成像和影子的形成等都表明光在同一种均匀介质中是沿直线传播的；

（2）当光照射到物体表面上时，有一部分光被反射回来，例如：平面镜成像、水中倒影等；

（3）当光从一种介质斜射入另一种介质时，传播方向会偏折，发生折射现象，如：看水里的鱼比实际位置浅等。4．深秋的早晨，校园的草木上有一层露，这种现象是（）A．熔化 B．汽化 C．液化 D．升华【答案】C【解析】【解答】深秋的早晨，气温较低，空气中的水蒸气遇冷，由气态直接变为液态的小水滴，附着在草木上形成露水，这一过程属于液化现象，故C正确，ABD错误。

故选：C。【分析】物体由气态变为液态的现象叫液化，由液态变为气态的现象叫汽化。5．超声导盲手杖可以帮助视障人士出行时探测道路上的障碍物，如图所示。当前方有障碍物时，手杖发出警报声。距障碍物越近，警报声越尖锐。声音变尖锐过程中发生改变的是声音的（）A．音调 B．响度 C．音色 D．振幅【答案】A【解析】【解答】当前方有障碍物时，超声导盲手杖发出警报声。距障碍物越近，警报声越尖锐。“警报声越尖锐”中的“尖锐”指的是声音的音调变高，这是发声体的振动频率变大的结果。

故选：A。【分析】声音的高低叫音调，与发声体的振动频率有关。声音的强弱大小叫响度，与发声体的振幅和距离发声体远近有关。声音的特点和品质叫音色，与发声体的材料和结构有关。6．广西世纪工程“平陆运河”的建设用到许多大型机械。如图所示是某型号起重机吊起重物匀速向上运动的情景，下列说法正确的是（）A．重物的动能减小 B．重物的重力势能增大C．重物的机械能保持不变 D．钢丝绳对重物没有做功【答案】B【解析】【解答】A、做功的两个条件是有力、在力的方向移动距离。钢丝绳对重物有向上拉力，且重物向上运动，拉力做功，故A错误。

B、重物匀速向上，处于平衡状态，竖直方向二力平衡：拉力等于物重，故B正确。

C、相互作用力作用在两个不同物体上（如绳拉物、物拉绳）；平衡力作用在同一物体上。拉力与物重是平衡力，不是相互作用力，故C错误。

D、根据牛顿第一定律，外力全部消失时，物体将保持原来运动状态；重物原来匀速上升，故会继续匀速上升，而非静止，故D错误。

故选：B。

【分析】A、力学里所说的功包括两个必要因素：一是作用在物体上的力；二是物体在力的方向上通过的距离。

B、物体处于平衡状态，受力必然受到平衡力的作用。

C、相互作用力作用在两个相互作用的物体上，平衡力作用在同一物体上。

D、根据牛顿第一定律，外力全部消失时，物体将保持原来不变的运动状态。7．如图所示，科技小组制作一个简易风扇，闭合开关后风扇能连续转动，下列器件的工作原理与风扇转动原理相同的是（）A．指南针 B．电饭锅 C．发电机 D．电动机【答案】D【解析】【解答】风车闭合开关后能连续转动，说明其内部可能有电动机等装置，是通电导体在磁场中受力而转动，将电能转化为机械能。

A．指南针是利用地磁场使磁针指向南北，原理是磁体间的相互作用，故A不符合题意；

B．电饭锅是利用电流的热效应，故B不符合题意；

C．发电机是利用了电磁感应原理，故C不符合题意；

D．电动机是利用通电线圈在磁场中受力转动，原理与风扇电动机相同，故D符合题意；

故选：D。

【分析】电动机是根据通电线圈在磁场中受到力的作用而发生转动的原理制成的。8．如图所示，汉代画像砖上描绘了“泗水取鼎”的画面。两边各有数人用绳子通过滑轮拉起掉落水中的鼎。关于此滑轮，下列说法正确的是（）A．使用的是动滑轮 B．使用的是定滑轮C．该滑轮可以省力 D．该滑轮可以省距离【答案】B【解析】【解答】图中的滑轮在使用时轴的位置固定不动，是定滑轮，使用定滑轮不能省力，也不能省距离，但可以改变力的方向。

故选：B。

【分析】使用滑轮时，轴的位置固定不动的滑轮称为定滑轮。定滑轮不省力但是可以改变力的方向，实质上是动力臂等于阻力臂的杠杆（等臂杠杆）。9．如图甲是导体a、b、c的I−U图像，现把它们分别接入图乙中MN之间，电源电压保持不变，则闭合开关后电流表示数最大的是（）A．导体a B．导体b C．导体c D．一样大【答案】C【解析】【解答】根据图甲可知，相同电压下，通过导体c的电流最大，把它们分别接入图乙中MN之间，电源电压保持不变，说明电压是相等的，故闭合开关后电流表示数最大的是c。

故选：C。【分析】根据图中分析电压一定时，通过导体的电流关系。10．某款新能源汽车采用氢燃料发动机获得动力。若某次汽车以100 kW的恒定功率在水平公路上匀速行驶30 min，消耗的氢能为A．汽车发动机的效率为60%B．汽车牵引力做的功为3×C．氢燃料燃烧是内能转化为化学能D．氢燃料的热值越大，发动机的效率一定越高【答案】A【解析】【解答】A、牵引力做的有用功：W有=P×t=1×105W×1200s=1.2×108J，

效率：η=WQ×100%=1.8×108J3×108J×100%=60%，故A正确。

B、由上面计算：W有=1.2×108J≠2×108J，故B错误。

C、燃料燃烧：化学能→内能（放热），故C错误。11．中医是我国医学文化的宝贵遗产，中药在熬制、贮藏等方面蕴含了丰富的物理知识。下列说法正确的是（）A．中药熬制沸腾，盖子振动是内能转化为机械能B．熬制中药时会闻到中药的气味，这是扩散现象C．中药熬制主要是通过做功的方式改变中药的内能D．熬制好的中药冷冻贮藏起来，中药没有了内能【答案】A,B【解析】【解答】A.熬药过程中液体沸腾产生大量水蒸气，水蒸气推动壶盖不停跳动，此过程是内能转化为机械能，故A正确。

B.熬药时满屋都能闻到药香，这是药物分子不断运动，扩散到空气中形成的扩散现象，故B正确。

C.用火熬煮中药，是利用火焰的热量传递给药液，依靠热传递的方式改变物体内能，不符合题干要求，故C错误。

D.内能是物体本身固有的能量，不论温度高低、状态如何，所有物体都具备内能，低温冷冻的中药也不例外，故D错误。

故选：AB。

【分析】(1)密闭空间内气体膨胀对外做功，会实现内能向机械能的转化。

(2)彼此接触的不同物质，分子相互渗透的现象即为扩散，该现象证明分子永不停息地做无规则运动。(3)改变内能分为做功与热传递两种形式，热传递是能量的转移，做功是能量的相互转化。

(4)内能是物体的基本属性，不存在没有内能的物体。12．如图所示是科技小组设计的水位计工作原理图。绝缘浮子随水位的升降带动滑动变阻器R的金属滑杆P升降，电压表示数反映水位升降，L是指示灯。下列说法正确的是（）A．电路中的灯L与变阻器R并联B．当水位上升时，指示灯L变暗C．当水位上升时，电压表的示数变大D．当水位下降时，电路的总功率不变【答案】B,C【解析】【解答】A．电流从电源正极流出，依次经过开关S、指示灯L、滑动变阻器R，回到负极，二者是串联关系。故A错误；

BC．水位上升时，滑片向上移动，滑动变阻器接入电路的电阻变大，电路的总电阻变大，由I=UR知电路中的电流变小，由U=IR可知，指示灯两端的电压变小，由串联电路的电压规律可知，变阻器两端的电压变大，即电压表示数增大；电路中的电流变小，灯泡的实际功率减小，指示灯变暗；故BC正确；

D．水位下降时，滑片向下移动，滑动变阻器接入电路的电阻变小，总电阻变小，电流变大。电源电压不变，根据P=UI，电路的总功率变大，故D错误。

故选：BC。13．AI技术助力学习，但同学们长时间使用手机等电子产品，容易导致晶状体变厚，使来自远处某点的光会聚在视网膜之前，形成，需要配戴透镜进行矫正。【答案】近视眼；凹【解析】【解答】当晶状体厚度增加时，其折光本领随之变强，远处物体射来的光线经过折射后，成像位置落在视网膜前方，该视觉问题为近视。

凹透镜能够对光线起到发散效果，在眼前佩戴凹透镜镜片，可调整光线的传播路径，让远处物体的像恰好成在视网膜上，所以近视人群需佩戴凹透镜矫正视力。

故答案为：近视眼；凹。

【分析】近视的典型表现为近处景物清晰、远处景物模糊。发病原因多为晶状体偏厚、折光能力过强，或是眼球前后径过长，致使远处光线提前会聚在视网膜前方。利用凹透镜的发散特性，便可延后光线的会聚点，以此完成视力矫正。14．教室里电灯、风扇等用电器是联的；节约用电是每一位同学的义务和责任，请写出一种有效节约用电的方法：。【答案】并；随手关灯【解析】【解答】串联电路中各用电器相互影响，无法单独启停；并联电路里各个用电器互不干扰，能够分开工作。教室内的电灯与风扇彼此独立运转，互不影响，因此属于并联连接。

日常生活中有不少节电方式，例如及时关掉不用的电器、选用节能型设备等。

故答案为：并；随手关灯。

【分析】电路连接方式分为串联与并联，串联电路的用电器工作状态保持一致，并联电路的用电器则可单独工作。15．《天工开物》中记载，釜的铸造过程“铁化如水，以泥固纯铁柄勺从嘴受注”。用铁铸造的釜加热升温快是利用了铁的（选填“密度”“热值”或“比热容”）比较小的特点；铸好的釜很难被压缩，是因为分子间存在。【答案】比热容；斥力【解析】【解答】根据吸热相关规律可知，不同物质质量相等、吸收热量相同时，比热容数值越小，温度上升就越明显。铁锅升温速度快，正是利用了铁的比热容偏小这一特性。物质的分子之间同时存在相互作用的引力与斥力，当物体受到挤压、分子间距变小时，分子间斥力会占据主导，这也是成型的铁锅不易被压缩的原因。

故答案为：比热容；斥力。

【分析】（1）在质量、吸热量均相同的前提下，物质比热容大小与升温快慢成反比。

（2）构成物质的分子之间始终存在引力和斥力两种相互作用力。16．如图所示，在制作简易杆秤的跨学科实践中，根据杠杆平衡原理，杆秤的支点位于（选填“O”“A”或“B”）位置；为找到杆秤的零刻度（定盘星），在秤盘内（选填“放”或“不放”）物体。【答案】B；不放【解析】【解答】杆秤使用时，手提起提纽B位置，整个秤杆会绕着B点转动，因此支点是B。因为杠杆绕着转动的固定点是杠杆的支点。

零刻度定盘星杆秤的零刻度，代表秤盘里没有物体、称量质量为0的状态。标定零刻度时，需要不放物体，移动秤砣使秤杆水平平衡，此时秤砣对应的位置就是零刻度。

故答案为：B；不放。

【分析】知道杠杆的五要素可以判断支点的位置。

零刻度定盘星杆秤的零刻度，代表秤盘里没有物体、称量质量为0的状态。17．如图所示，甲、乙两图中电源电压相同，且各定值电阻R的阻值相等。则甲、乙两图的电流表示数I甲:I乙=【答案】1:2；1：4【解析】【解答】甲图中两个电阻R串联，总电阻等于各电阻之和R根据欧姆定律可知，电路电流I乙图中两个电阻R并联，电流表测支路中的电流，则支路电流I乙=电功公式W=UIt，甲图电路总功W乙图电路总功W则甲乙两电路做功之比W甲：W乙=U2t2R18．如图所示是兴趣小组设计的“浸泡上漆器”结构简图。足够高的柱形容器内装有密度为1.5×103 kg/m3，深度为20 cm的油漆，则油漆对容器底部的压强为Pa。将底面积为50 cm2，体积为800 cm3的待上漆柱体A浸入油漆的深度为8 cm【答案】3×103；【解析】【解答】根据液体压强公式可知，油漆对容器底部的压强为p=ρgh=1.5×浸入油漆的深度为8cm时，由阿基米的原理可知，A受到的浮力为F柱体A浸没时，A受到的浮力为F则F1F2则m由密度公式可知，柱体A的密度为ρA=mAVA=3.2kg8×10-4m3=4×103 kg/19．（1）如图所示，请画出两条入射光线通过凸透镜后的折射光线；（2）投掷出去的铅球在空中的运动轨迹如图所示。不考虑空气阻力，请画出铅球在P点的受力示意图；（3）如图，请用笔画线代替导线将三孔插座、电灯和开关正确连入家庭电路。【答案】（1）（2）（3）【解析】【解答】（1）平行于主光轴的光线经凸透镜折射后会通过焦点，过凸透镜光心的光线传播方向不变，如图所示：（2）不计空气阻力，抛出去的铅球在空中运动时只受到重力的作用，从铅球的重心画一条带箭头的竖直向下的有向线段，用G表示，如图所示：（3）灯泡的接法：火线先进入开关，再进入灯泡，然后回到零线上，故上面为开关，下面为灯泡；

三孔插座的接法：上孔接地线，左孔接零线，右孔接火线。如图所示：

【分析】（1）在作凸透镜的光路图时，先确定所给光线的特点再根据透镜的光学特点（三条特殊光线）来作图。（2）不计空气阻力，先对铅球进行受力分析，确定各个力的方向、作用点，再根据力的示意图的画法作图。

（3）灯泡的接法：火线先进入开关，再进入灯泡，然后回到零线上。

三孔插座的接法：上孔接地线；左孔接零线；右孔接火线，带保险盒的插座，将保险盒接在火线上。（1）根据凸透镜的特殊光线可知，过焦点的光线经过凸透镜会平行于主光轴；过光心的光线传播方向不变，作图如下所示：（2）铅球在空中飞行时，只受到竖直向下的重力，作用点在球的重心上，作图如下图所示：（3）三孔插座满足“左零右火，上接地”的原则接入电路；由于灯泡带有开关，因此将开关接在相线与灯泡之间，作图如下图所示：20．（1）利用如图所示实验装置探究“滑动摩擦力与哪些因素有关”，实验中用弹簧测力计沿水平方向拉着木块做匀速直线运动。对比乙、丙所示的实验，可以发现滑动摩擦力的大小与有关；若用更大的速度水平拉动图甲的木块做匀速直线运动，则木块所受滑动摩擦力的大小（选填“大于”“小于”或“等于”）1.2N；（2）用橡皮筋、定滑轮、钩码、绳子“探究同一直线上二力的合成”，实验装置如图所示；橡皮筋原长AE，甲、乙、丙三次实验均将橡皮筋伸长到AE'，目的是为了使三次实验中力的作用效果（选填“相同”或“不同”）；通过比较图两种情况，可知同一直线上方向相同的两个力的合力大小等于这两个力大小之和；通过比较图乙、丙两种情况，可知同一直线上方向相反的两个力的合力大小等于这两个力大小之差，方向跟【答案】（1）压力大小；等于（2）相同；甲、丙；较大【解析】【解答】（1）乙、丙两组实验中，接触面材质与粗糙程度保持一致，仅在木块上增减砝码改变整体压力，弹簧测力计的示数出现明显差异。实验过程中木块匀速运动，拉力与滑动摩擦力相互平衡，由此可得：滑动摩擦力会随压力大小改变。滑动摩擦力的影响因素仅有压力和接触面粗糙程度，和物体运动快慢没有关联。甲图中木块匀速运动时，摩擦力大小为1.2N，即便加快运动速度，两项影响条件均未改变，因此摩擦力依旧保持1.2N不变。

（2）实验中将橡皮筋统一拉伸至AE'位置，是为了让每组拉力产生的形变效果完全一致，确保分力与合力的作用效果等效。对比甲、丙两组实验可以发现，当两个力沿同一直线、朝向一致时，合力的大小等于两个分力相加，运动方向也与分力方向保持一致。结合乙、丙两组现象可知，若两个力作用在同一直线上、方向相反，合力数值为两个分力的差值，最终受力方向与其中数值更大的力保持一致。

故答案为：（1）压力大小；等于；（2）相同；甲、丙；较大。

【分析】（1）滑动摩擦力的大小只与压力大小和接触面粗糙程度有关，与运动速度无关。

（2）同一直线上方向相同的两个力的合力大小等于这两个力大小之和，方向跟这两个力的方向相同。

同一直线上方向相反的两个力的合力大小等于这两个力大小之差，方向与较大力方向相同。（1）[1]乙：木块放在粗糙木板上，无砝码，弹簧测力计示数1.6N。丙：木块放在粗糙木板上，有砝码，弹簧测力计示数2.0N。两次实验的接触面粗糙程度相同，压力大小不同，滑动摩擦力不同（根据二力平衡，滑动摩擦力大小与拉力大小相等）。所以滑动摩擦力的大小与压力大小有关。[2]滑动摩擦力的大小只与压力大小和接触面粗糙程度有关，与运动速度无关。甲图中木块以某一速度匀速直线运动时，滑动摩擦力等于弹簧测力计示数1.2N；即使增大速度，压力和接触面粗糙程度不变，所以滑动摩擦力大小等于1.2N。（2）[1]橡皮筋原长AE，甲、乙、丙三次实验均将橡皮筋拉伸到AE'，目的是为了使三次实验中力的作用效果相同（这样才能保证合力与分力的作用效果一致）。[2]甲图中同一直线上方向相同的两个力的合力作用效果与丙图中力的作用效果相同，说明同一直线上方向相同的两个力的合力大小等于这两个力大小之和，方向跟这两个力的方向相同。[3]乙图中同一直线上方向相反的两个力的合力作用效果与丙图中力的作用效果相同，说明同一直线上方向相反的两个力的合力大小等于这两个力大小之差，方向与较大力方向相同。21．（1）探究平面镜成像时像与物的大小关系，将点燃的蜡烛A置于玻璃板前，如图所示，应该在（选填“a”“b”或“c”）位置进行观察，然后将另一支完全相同的（选填“点燃”或“未点燃”）的蜡烛B放在玻璃板后，移动蜡烛B，发现它在某一位置时与A的像完全重合，说明像与物大小相等；（2）如图所示，在甲、乙两个相同的烧瓶内加入质量与温度相同的煤油，其中R1<R2，将其串联是为了控制和通电时间相同。利用该装置可以探究电流通过导体产生的热量与的关系；通电一段时间后，甲烧瓶内温度计的示数A．把R1与RB．增大R1与RC．滑动变阻器的滑片P向B端滑动D．两个烧瓶内的煤油都减小相同的质量【答案】（1）a；未点燃（2）电流；电阻；<；D【解析】【解答】（1）探究像与物的大小关系时，将点燃的蜡烛A置于玻璃板前，A蜡烛发出的光线经玻璃板反射，被人眼接收，才能看到像，故眼睛在A蜡烛所在这一侧，即在a侧。

将另一根完全相同的蜡烛B放在玻璃板后，蜡烛B不需要点燃，蜡烛B和蜡烛A的像完全重合时，说明平面镜成像时，像与物大小相等。

（2）两个电阻串联，根据串联电路的特点，电流处处相等，所以串联是为了控制电流和通电时间相同。

实验中控制了电流和通电时间相同，改变的是电阻的大小（R1＜R2），所以探究的是电流通过导体产生的热量与电阻的关系。

根据焦耳定律Q=I2Rt，在电流和通电时间相同时，电阻越大，产生的热量越多。因为R1＜R2，所以乙烧瓶内的电阻R2产生的热量更多，煤油温度升高得更快。甲烧瓶内温度计的示数小于乙烧瓶内温度计的示数。

A．改为并联后，两电阻电压相同，通过它们的电流不同（因为R1＜R2），无法再探究热量与电阻的关系，故A不符合题意；

B．增大R1与R2的阻值，若不调整滑动变阻器，串联电路的总电阻变大，则电流变小，由Q=I2Rt可知，电流对产生电热的影响更大，故B不符合题意；

C．滑片向B滑动，滑动变阻器的电阻变大，整个电路的电流变小，电阻丝发热变少，煤油升温会更慢，故C不符合题意；

D．由Q=cmΔt，电阻丝放出同样多的热量，减小煤油的质量，则会使温度的变化量增加，因此温度上升得更快，故D符合题意。

故选D。

故答案为：（1）a；未点燃；（2）电流；电阻；＜；D。

【分析】（1）玻璃板不但能代替平面镜成像，又能透光，可以透过玻璃板观察到代替蜡烛A的像的蜡烛B；

为了成像清晰，像与物应该有明显的光线差；

（2）电流通过导体产生的热量与电流和电阻有关，根据控制变量法分析电热丝串联的目的；

根据电路特点，得出探究电流通过导体产生的热量影响因素；

由Q=I2Rt及Q=mcΔt的变形公式可分析出哪个烧瓶温度升高快；

根据煤油温度的升高的大小可知电阻产生的热量多少，由Q=I2Rt可得出结论；

为了使温度变化更明显，可以增大产生的热量或减小煤油的质量。分析各选项，减小煤油质量是可行且直接的方法。（1）平面镜成的是虚像，是由光的反射形成的，需从蜡烛A的一侧（a位置）观察才能看到；如果点燃蜡烛B，会对观察蜡烛A的像产生干扰，所以应该用未点燃的蜡烛B去与A的像重合，以此验证像与物的大小相等。（2）两个电阻串联，根据串联电路的特点，电流处处相等，所以串联是为了控制电流和通电时间相同。实验中控制了电流和通电时间相同，改变的是电阻的大小（R1根据焦耳定律Q=I2Rt，在电流和通电时间相同时，电阻越大，产生的热量越多。因为RA．改为并联后，两电阻电压相同，通过它们的电流不同（因为R1B．增大R1与R2的阻值，若不调整滑动变阻器，串联电路的总电阻变大，则电流变小，由C．滑片向B滑动，滑动变阻器的电阻变大，整个电路的电流变小，电阻丝发热变少，煤油升温会更慢，故C不符合题意；D．由Q=cmΔ故选D。22．小明在研学时捡到一块形状不规则的矿石，他想利用实验室的器材测量其密度。（1）把天平放在桌面上，将游码移至标尺左端的处，发现指针偏向分度盘的左侧，此时应将平衡螺母向（选填“左”或“右”）调节，使天平平衡；（2）用调节好的天平测得矿石的质量如图甲所示，读数为m=g；（3）由于矿石过大无法直接使用量筒测出其体积，于是甲、乙、丙三个小组讨论的方案如下：甲方案：A．量筒中加入体积为V1B．将矿石浸没在装有水的烧杯中（水未溢出），在水面的位置做标记；C．取出矿石，用量筒向烧杯中加水，直到水面到达标记处，记录量筒内剩余水的体积V2D．求出矿石的体积。乙方案：A．往烧杯中加入适量的水，用天平测出烧杯和水的总质量为m1B．将矿石浸没在水中（水未溢出），在水面的位置作标记；C．取出矿石，向烧杯里加水，直到水面到达标记处，测得此时烧杯和水的质量为m2D．求出矿石的体积。两种测体积的方案中，误差较小的是（选填“甲”或“乙”）方案，理由是；丙方案：A．往烧杯中加入适量的水，用天平测出其总质量为m1B．如图乙所示，用细线系住矿石，悬挂在铁架台上，让矿石浸没在水中（未与烧杯接触），用天平测出其总质量为m2C．如图丙所示，矿石下沉到烧杯底部，用天平测出其总质量为m3，则矿石的密度为（用测量物理量表示，水的密度为ρ【答案】（1）水平；零刻度线；右（2）51.4（3）乙；甲方案中矿石取出时会沾水，导致测量的体积偏大，乙方案通过质量计算体积，避免了沾水的影响。；m【解析】【解答】（1）使用托盘天平测量物体前，需先把仪器平稳放置在水平台面，再把游码拨至标尺最左端的零刻度位置。此时指针偏向分度盘左侧，代表天平左盘偏重，应向右旋动平衡螺母，直至指针居中，天平达到水平平衡状态。

（2）本次测量所用砝码总质量为50g，该标尺每一小格代表0.2g，游码对应示数为1.4g，矿石的总质量为砝码质量与游码示数之和为51.4g。（3）采用甲方案操作时，将矿石从水中取出后，其表面会附着部分水珠，后续补充的水量会多于矿石实际体积，最终测得的矿石体积数值偏大。

乙方案借助天平测出新增水的质量，再换算得出对应体积，有效规避了矿石沾水引发的偏差，整体测量结果更精准。

因此乙方案误差更小。甲方案因矿石带水会造成体积测量值偏大，而乙方案利用质量推算体积，不受矿石沾水这一因素干扰步骤B中，矿石浸没但未接触烧杯，此时增加的压力等于矿石受到的浮力，即F根据阿基米德原理V矿石的质量m则矿石的密度为ρ矿石=m矿石V矿石=m3-m1m2-（1）使用托盘天平时，要将托盘天平放在水平桌面上，将游码移到标尺左端的零刻度线处；指针偏向分度盘左侧，说明左侧较重，此时应将平衡螺母向右调节，使天平平衡。（2）砝码质量为50g，游码对应的刻度值为1.4g（标尺分度值0.2g），所以矿石的质量51.4g（3）[1][2]甲方案：取出矿石时，矿石表面会沾有水，导致加入的水体积偏大，测量的矿石体积偏大。乙方案：通过天平测量加入水的质量，再计算体积，避免了矿石沾水带来的误差，误差较小。所以误差较小的是乙方案，理由是甲方案中矿石取出时会沾水，导致测量的体积偏大，乙方案通过质量计算体积，避免了沾水的影响。[3]步骤B中，矿石浸没但未接触烧杯，此时增加的压力等于矿石受到的浮力，即F根据阿基米德原理V矿石的质量m则矿石的密度为ρ23．用如图甲所示的器材测量小灯泡的电阻，电源电压为3 V，小灯泡的额定电压为2.5（1）请用笔画线代替导线（要求仅添加一根导线），将图甲电路补充完整；（2）闭合开关，移动滑动变阻器，发现小灯泡始终不亮，电流表有示数，电压表无示数，原因可能是小灯泡（选填“断路”或“短路”）；（3）排除故障后，移动滑片P到某一位置，电压表示数如图乙所示，为V；若要使小灯泡正常发光，应将滑动变阻器的滑片向（选填“左”或“右”）移动；（4）根据测得的实验数据作出如图丙所示的I−U图像，则小灯泡正常发光时的电阻为Ω；（5）在评估阶段，老师提出：电流表有较小的内阻，根据这一事实并结合电路图分析判断，实验中测得小灯泡的电阻比真实值（选填“偏大”或“偏小”），原因是。【答案】（1）（2）短路（3）2.2；右（4）12.5（5）偏大；电压表测量的是小灯泡和电流表的总电压【解析】【解答】（1）观察图甲能发现电压表并未接入电路，已知电源电压为3V，因此电压表应选用0～3V量程，按照并联的连接规则接在被测用电器两端，故电路连接如图：

（2）电流表指针偏转，说明整个电路处于通路状态。灯泡无法点亮，同时电压表无读数，综合现象可判断电路故障为小灯泡发生短路。

（3）本次选用0~3V量程的电压表，该量程下每一小格代表0.1V，此时表盘示数为2.2V。若想让小灯泡正常工作，需提升灯泡两端电压。依据串联电路分压规律，滑动变阻器分担的电压会随之降低，对应的接入电阻也要减小，因此滑片需向右滑动。

（4）结合图丙信息，小灯泡正常工作时两端电压为额定电压2.5V，对应的工作电流为0.2A，据此可算出灯泡正常发光时的电阻为R=UI=2.5V0.2A=12.5Ω。

（5）本电路里电压表测量的是小灯泡与电流表的总电压，所得电压数值高于灯泡两端真实电压。结合电阻计算规律可知，最终算出的电阻测量值会大于实际阻值。

故答案为：（1）；（2）短路；（3）2.2；右；（4）12.5；（5）偏大；电压表测量的是小灯泡和电流表的总电压。【分析】（1）由图甲可知电压表没有接入电路中，电源电压为3V，故电压表量程选择0～3V，且与被测用电器并联。

（2）电流表有示数，说明电路中不存在断路情况，小灯泡不发光且电压表无示数说明与电压表并联的电路短路。

（3）电压表读数时，要看清量程和分度值；小灯泡要正常发光，小灯泡两端电压要变大，则滑动变阻器两端的电压要减小，根据串联电路分压原理，滑动变阻器的阻值要变小。

（1）由图甲可知电压表没有接入电路中，电源电压为3V，故电压表量程选择0~3V，且与被测用电器并联，故电路连接如图。（2）电流表有示数，说明电路中不存在断路情况，小灯泡不发光且电压表无示数说明故障为小灯泡短路。（3）电压表量程为0~3V，分度值为0.1V，故电压表示数为2.2V；小灯泡要正常发光，小灯泡两端电压要变大，则滑动变阻器两端的电压要减小，根据串联电路分压原理，滑动变阻器的阻值要变小，故滑动变阻器的滑片应向右移动。（4）由图丙可知小灯泡正常发光时额定电压为2.5V，流过小灯泡的额定电流为0.2A，则小灯泡正常发光时的电阻为R=（5）由图甲可知电压表实际测量小灯泡和电流表两端的总电压，测得的电压比小灯泡两端实际电压偏大，根据R=U24．如图甲所示的是一种家用天然气泄漏检测仪，其内部简化电路图如图乙所示，电源电压保持不变，定值电阻R的阻值为100Ω，天然气气敏电阻为R0。当报警器两端的电压达到3 V时刚好达到触发报警装置报警的最小浓度，此时电路中的电流为（1）电源电压的大小；（2）此时电路工作5 min（3）如果将R换成阻值更大的电阻，当天然气浓度达到原来的报警值时报警器是否会报警？简要说明理由。【答案】（1）R与R0串联，报警器并联在R0两端，当AB间电压刚好达到报警电压3V时，电路中的电流为15mA，在串联电路中，电流处处想等，即I=I0=IR=0.015A，

由欧姆定律可知，R