2026届广西柳州市高三下学期高考适应性考试物理试卷（含答案）

第第页2026届广西柳州市高三下学期高考适应性考试物理试卷一、选择题（本题共10小题，共46分。在每个小题给出的四个选项中，第1~7题每小题4分，只有一项符合题目要求；第8~10题每小题6分，有多项符合题目要求，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错或不选的得0分。）1．两带电平行金属板间的电场线分布如图所示。a、b、c三点的场强大小分别为Ea、Eb、Ec，下列判断正确的是（）A．Ea<Eb B．Ea=Eb C．Ea>Eb D．Ec=02．如图所示为两单色光a和b先后通过同一实验装置得到的杨氏双缝干涉图样，下列判断正确的是（）A．a光的波长大于b光 B．a光的波长小于b光C．a光在真空中的传播速度大于b光 D．a光在真空中的传播速度小于b光3．如图所示，P、Q为质量相等的两个质点，分别位于地球表面上的不同纬度上，把地球看成一个均匀球体，P、Q两质点随地球自转做匀速圆周运动，下列说法正确的是（）A．P、Q做圆周运动的角速度大小相等B．P、Q做圆周运动所需的向心力大小相等C．P、Q做圆周运动的向心加速度大小相等D．P所受地球引力大于Q所受地球引力4．从斜面上某一位置，每隔0.2s无初速度地释放一颗相同的小球，连续放下几颗后，某时刻对在斜面上滚动的小球拍照，如图所示，通过斜面上的刻度尺读出：AB=15.00cm，BC=35.00cm，则小球的加速度大小为（）A．2.5m/s2 B．5m/s2 C．7.5m/s2 D．10m/s25．近年来，科学家利用一种人工材料研制出能突破衍射极限的超透镜，实现超高精度成像。这种人工材料折射率为负值，称为负折射率材料，光从空气射入这类材料时，折射光线与入射光线位于法线的同一侧。空气中有一上下表面平行的负折射率材料，一束光从其下表面射入，以下光穿过该材料的光路图中，可能正确的是（）A． B．C． D．6．线圈与电阻R按图甲电路连接，线圈匝数为N，内阻为r，两电表均为理想交流电表。以垂直纸面向里为正，穿过线圈的磁通量Φ随时间t变化的余弦曲线如图乙所示，下列说法正确的是（）A．t=0时电流表示数为零B．0~TC．0~TD．电压表的示数为2πN7．消防水龙头的喷嘴每秒钟内流出的水量Q=6×10−3m3，已知喷嘴的横截面积S=3×10−4mA．72N B．96N C．120N D．144N8．如图所示，轻绳一端系一金属环a，另一端绕过定滑轮悬挂一重物b。环a套在固定的竖直光滑直杆上，OP与直杆之间的夹角为θ，将a、b由静止释放，在环a加速上升的过程中（）A．a、b组成的系统动量守恒 B．a、b组成的系统机械能守恒C．a、b的速度大小满足vacosθ=9．在竖直光滑圆轨道内侧最高点，给小球向右的初速度v0，小球恰能在圆轨道内做完整的圆周运动。小球的速度v沿水平方向分量为vx，沿竖直方向分量为vy，分别以向右和向上为正方向，小球在运动过程中vx与vy对应关系如图所示，E点为图像的最高点，其余各点的坐标为：A（-4.47，0）、B（0，3.46）、C（2.0，0）、D（0，-3.46），g取10m/s2，可知（）A．图中E点表示的速度为v0B．小球初速度大小为3.46m/sC．圆形轨道半径为0.4mD．小球在最低点时速度大小为4.47m/s10．如图所示，在光滑绝缘水平桌面上方，存在竖直向下的磁场，磁场分布在第一象限中，磁感应强度大小满足B=kx，其中k=1T/m，质量为1kg、电阻为1Ω、边长为1m的单匝正方形线框abcd置于水平桌面上，ad边恰与y轴重合。t=0时刻，突然给线框1m/s的初速度，使其垂直于y轴向右运动，t=1.6s时，线框速度为0.2m/s，下列说法正确的是（）A．t=0时，流过ad边的电流由d到aB．t=0时，流过线框的电流大小为1AC．t=1.6s时，线框受到的安培力大小为0.2ND．0~1.6s内，线框通过的位移大小为0.8m二、非选择题（本大题共5小题，共54分。其中13~15题解答时要求写出必要的文字说明、公式和重要的演算步骤；有数值计算时，答案中必须明确写出数值和单位。）11．某小组利用如图甲所示的实验装置，测量当地的重力加速度。长度为L的细线将一金属小球悬挂于O点，悬点O处有一个拉力传感器，能测出细线的拉力大小。将小球由平衡位置拉开一个较小角度，然后由静止释放小球，根据拉力传感器的数据描绘出细线拉力F随时间t变化的图像，如图乙所示。（1）根据图乙可知，单摆的周期T=s；（2）改变摆线的长度，测出多组细线的长度L和对应的振动周期T，作出L-T2图像如图丙所示，已知π=3.14，由图丙可知，当地的重力加速度大小gm/s（3）若给金属小球带正电，在O点处也放置一带正电的小球，使二者间有库仑力作用，再次完成该实验，则单摆周期相比之前（选填“变大”“变小”或“不变”）。12．某科技小组利用铜片、锌片和橙子制作了橙子电池，该电池的内阻约为1000Ω。（1）该小组用电压表的3V挡直接测量该电池的电动势，表盘如图甲所示，可读出电池的电动势为V。（2）为更精确地测量该电池的电动势和内阻，利用以下仪器，设计实验电路，进行实验。A、灵敏电流计G（量程300μA，内阻为270Ω）B、电压表V（量程3V，内阻约为3kΩ）C、电阻箱R0（0~9999Ω）D、滑动变阻器R（0~3kΩ）①为将灵敏电流计G改装成量程为3mA的电流表，应将电阻箱的阻值调为R0=Ω，并与G并联，改装后的电流表应安装在图乙的处（选填“a”或“b”）；②该小组以电压表V的示数U为纵坐标，以灵敏电流计G的示数I为横坐标，描绘了U-I图像，如图丙所示，则该电源的电动势为V，内阻为Ω。（以上两空结果均保留三位有效数字）13．某篮球内部的体积恒为8.0×10-3m3，在27℃的室内给其打气，稳定后，表压显示为7PSI，表压为球内气压与球外气压的差值，大气压强为1.0×105Pa，1PSI（1）求篮球在室内时，球内的气压；（2）将篮球拿到7℃的室外，稳定后，求球内的气压；（3）发现篮球气压降低，于是在室外将体积为ΔV的空气打入篮球，使其内部气压恢复到7PSI，求Δ14．如图，平面直角坐标系xOy内，y轴上有一点P（0，0.1），大量质量为1.0×10-30kg、带电量为-1.6×10-19C的粒子从y轴OP的范围内，以1.0×106m/s的速度垂直于y轴射入第一象限的匀强磁场，磁场的左、右和上边界为直线，下边界满足特定的方程，使所有粒子都能经过x轴上的Q（0.1，0）点，不计粒子重力及粒子间的相互作用，π=3.14。求：（1）磁场的磁感应强度B；（2）所有粒子中，从y轴到Q点的最长时间与最短时间之差△t；（3）求从OP的中点S射入的粒子经过磁场下边界的点的坐标。15．如图所示，原长L=0.5m的弹性轻绳一端固定在O点，另一端连接质量为m=0.8kg的小物块A，O点正下方距离0.5m处固定有一根光滑细钉E，弹性绳的弹力F的大小与其伸长量x的关系满足F=kx，k=60N/m。初始时A与O点等高，弹性绳刚好伸直但无弹力，现将A由静止释放，当A到达O点正下方O'处时，刚好与地面接触但无弹力，即速度恰好水平，之后A立即与静止在O'处的小物块B发生碰撞，碰后粘在一起。已知B的质量为3m，A、B与水平地面间的动摩擦因数均为μ=0.375，OO'的距离为0.9m，g取10m/s弹性势能Ep（1）碰撞前瞬间，A的速度大小；（2）A与B碰撞损失的机械能；（3）A、B组成的新物块最终停在距O'点多远处。

答案解析部分1．【答案】B【解析】【解答】由于电场线的疏密描述电场强度的大小，电场线越密，场强越大；电场线越疏，场强越小，由于a和b所处电场线密集程度相同，c处相对比较稀疏，所以可知Ea故选B

【分析】利用电场线的疏密程度可以比较电场强度的大小。2．【答案】A【解析】【解答】AB．根据图示可知道a光产生的干涉条纹间距大于b光产生的干涉条纹间距，根据干涉条纹间距和波长的关系式Δx=CD．所有光在真空中的传播速度均相等，为光速c，所以a光的传播速度等于b光的传播速度，故CD错误。故选A。

【分析】利用a光产生的干涉条纹间距大于b光产生的干涉条纹间距可以得出a光的波长大于b光；所有光在真空中的传播速度均相等，为光速。3．【答案】A【解析】【解答】A．由于地球上任何物体都随着地轴转动，相同时间内转过的角度相同，当P、Q两质点随地球自转做匀速圆周运动可知P、Q做圆周运动的角速度大小相等，均等于地球自转角速度，故A正确；BC．根据向心力的表达式F向=mωD．根据两个质点都受到引力的作用，根据引力公式F引故选A。

【分析】由于P、Q两质点随地球自转做匀速圆周运动可知P、Q做圆周运动的角速度大小相等，均等于地球自转角速度；利用轨迹半径不同可以得出两个质点的向心力和向心加速度不同；利用引力公式可以得出两个质点的引力大小相等。4．【答案】B【解析】【解答】由于小球做匀加速直线运动，所以相邻相同时间内的位移之差为常数，根据邻差公式Δx=aT故选B。

【分析】利用小球的邻差公式可以求出小球加速度的大小。5．【答案】D【解析】【解答】这种人工材料折射率为负值，称为负折射率材料，光从空气射入这类材料时，折射光线与入射光线位于法线的同一侧。一束光从其下表面射入，可知折射光线与入射光线在法线的同一侧，所以符合折射规律的只有D图。故选D。

【分析】空气中有一上下表面平行的负折射率材料，一束光从其下表面射入，可知折射光线与入射光线在法线的同一侧。6．【答案】C【解析】【解答】A．电流表示数为电流有效值，由于电流的有效值等于峰值的12B．0~TC．由图乙可知，0~T4时间内，磁通量变化率逐渐增大，根据法拉第电磁感应定律D．电动势最大值为Em=NBSω=NΦ则电动势有效值为E=Em2故选C。

【分析】利用电流表测量有效值所以0时刻电流表的读数不等于0；利用楞次定律可以判别感应电流的方向；利用磁通量变化率结合法拉第电磁感应定律可以判别电流的变化；利用电动势的峰值可以求出有效值的大小，结合分压关系可以求出电压表的读数。7．【答案】A【解析】【解答】喷嘴每秒钟内流出的水量Q=6×10−3m3和水的密度根据流量公式Q=Sv0斜抛运动到最高点时，根据速度的分解可知竖直速度减为0，水平速度vx=v0cos53°=20×0.6=12m/s，取vx方向为正方向，撞击后水速度为0，因撞击时间极短忽略重力冲量，着火物对水的作用力故选A。

【分析】利用水的流量可以求出水的质量及初速度的大小，结合速度的分解可以求出水平方向分速度的大小，结合动量定理可以求出着火物对水的作用力大小。8．【答案】B,C【解析】【解答】A．以环a和重物b为系统，由于系统在在竖直方向上受重力的作用，系统受到的合力不为零，所以系统动量不守恒，故A错误；B．以环a和重物b为系统，系统只有重力和绳子的弹力做功，而绳子的弹力属于系统内力，所以系统的机械能守恒，故B正确；CD．将环a的速度va沿绳子方向和垂直绳子方向分解，根据沿着绳子方向的速度相等可知环a沿绳子方向的分速度大小等于重物b的速度vb大小，则有故选BC。

【分析】以环a和重物b为系统，系统受到的合力不为零，所以系统动量不守恒；系统只有重力和绳子的弹力做功，而绳子的弹力属于系统内力，所以系统的机械能守恒；利用速度的分解可以求出环a和重物b的速度大小关系。9．【答案】C,D【解析】【解答】A．根据图中分速度的大小可知E点竖直速度最大，水平速度也不是最小，由于小球经过最高点时，竖直方向速度等于0，水平方向最小，所以可知图中E点的速度不表示最高点的速度v0，A错误；B．由于小球经过最高点时，竖直方向速度等于0，水平方向最小，图中C点刚好符合，所以初速度大小为2m/s，B错误；C．因小球恰能做完整的圆周运动，由于重力提供向心力，根据牛顿第二定律有mg=mv02D．小球在最低点时对应于水平速度最大，竖直速度为零，由于A点速度恰好满足，所以最低点的速度大小为4.47m/s，D正确。故选CD。

【分析】利用竖直面圆周运动的最高点和最低点可以判别竖直方向的速度为0，水平方向的速度出现最大和最小值，进而判别图像对应的位置；利用最高点的牛顿第二定律可以求出轨道半径的大小。10．【答案】B,C,D【解析】【解答】A．线框右移过程，穿过线框的磁通量增加，由于感应磁场阻碍原磁场的变化，根据楞次定律可知，电流方向由a到d（电流方向为逆时针），故A错误；B．t=0时只有bc边切割磁感线，根据欧姆定律可知流过线框的电流大小为I1C．线框运动过程中，ad边和bc边均切割磁感线，设线框速度为v，ad边坐标为x，则bc边坐标为x+L，根据动生电动势的表达式可知回路总电动势E根据欧姆定律可知回路电流I根据安培力的表达式可知线框受到的安培力合力F=当t=1.6s时，v=0.2msD．在0~1.6s内，由于安培力对线圈的冲量等于线圈动量的变化，规定向右为正方向，根据动量定理有：即-∑整理得-其中∑vΔt即为位移x，代入数据得x=0.8m故选BCD。

【分析】利用楞次定律可以判别感应电流的方向；利用动生电动势的表达式可以求出电动势的大小，结合欧姆定律可以求出感应电流，结合安培力的表达式可以求出安培力的大小；利用动量定理可以求出线圈运动的位移大小。11．【答案】（1）2（2）9.86（3）不变【解析】【解答】（1）根据单摆的运动规律，由于小球经过最低点时，拉力会出现最大值，由于小球两次经过最低点的时间间隔即拉力F相邻两次出现最大值的时间间隔为半个周期，结合图乙可知单摆的周期为T=(1.2−0.2)×2（2）设小球半径为r，则小球的摆长为L+r，根据单摆的周期公式有T=2π整理得L=g4π2解得g≈9.86（3）O点正电荷对金属小球的库仑力是径向力（沿绳子方向）。根据单摆的回复力F=-kx可知由重力沿切线方向的分力提供。库仑力始终沿半径方向，不产生回复力的切向分量，由于库仑力不会影响切线方向的运动，所以回复力特性不变，周期不变。

【分析】（1）利用小球两次经过最低点的时间间隔可以求出小球运动的周期大小；

（2）利用单摆的周期公式结合斜率可以求出重力加速度的大小；

（3）根据单摆的回复力F=-kx可知由重力沿切线方向的分力提供。库仑力始终沿半径方向，不产生回复力的切向分量，由于库仑力不会影响切线方向的运动，所以周期不变。（1）根据单摆的运动规律，可知拉力F相邻两次出现最大值的时间间隔为半个周期，结合图乙可知单摆的周期为T=(1.2−0.2)×2（2）设小球半径为r，则有T=2π整理得L=结合图丙，可知图像斜率为g解得g≈9.86（3）O点正电荷对金属小球的库仑力是径向力（沿绳子方向）。单摆的回复力由重力沿切线方向的分力提供。库仑力始终沿半径方向，不产生回复力的切向分量，也不改变重力的切向效应。因此单摆的回复力特性不变，周期不变。12．【答案】（1）1.60（2）30；b；2.12；9.73×【解析】【解答】（1）图甲可知电压表最小分度值为0.1V，根据电压表的刻度可以得出电池的电动势为1.60V。（2）将灵敏电流计G改装成量程为3mA的电流表，为了增大电流，电流计应该与定制电阻并联，根据欧姆定律可以得出并联的定值电阻的阻值大小为R因为改装后的电流表内阻已知，所以对电源内阻的测量没有影响，因此改装后的电流表应安装在图乙的b处。

根据改造原理可知电流表量程扩大了10倍，根据闭合电路的欧姆定律有U=E−10Ir−I根据表达式可知可知U−I图像斜率绝对值为10r+Rg，根据图像斜率可以有10r+根据表达式可知U−I图像纵截距代表电动势的大小，则根据截距可知电动势为E=2.12V

【分析】（1）利用电压表的刻度可以得出电动势的大小；

（1）图甲可知电压表最小分度值为0.1V，故读数保留到百分位，即读数为1.60V，故电池的电动势为1.60V。（2）[1]将灵敏电流计G改装成量程为3mA的电流表，则有R[2]因为改装后的电流表内阻已知，因此改装后的电流表应安装在图乙的b处。[3][4]以上可知电流表量程扩大了10倍，则有U=E−10Ir−I可知U−I图像斜率绝对值为10r+解得r=9.73×U−I图像纵截距E=2.1213．【答案】（1）篮球在室内时，球内的气压p（2）室内温度T室外温度T将篮球拿到7℃的室外，稳定后，由查理定律可得p解得p（3）在室外将体积为ΔV的空气打入篮球，使其内部气压恢复到7PSI，由玻意耳定律得解得Δ【解析】【分析】（1）篮球在室内时，根据表压的数据可以求出球内气体的压强大小；

（2）已知篮球在室内外的温度，利用等容变化可以求出篮球到室外的气压大小；

（3）当篮球气压降低时，利用等温变化的状态方程可以求出打入篮球的气体体积大小。（1）篮球在室内时，球内的气压p（2）室内温度T室外温度T将篮球拿到7℃的室外，稳定后，由查理定律可得p解得p（3）在室外将体积为ΔV的空气打入篮球，使其内部气压恢复到7PSI，由玻意耳定律得解得Δ14．【答案】（1）带负电粒子垂直y轴水平射入磁场，做匀速圆周运动洛伦兹力提供向心力q解得r=对从P(0,0.1)入射的粒子，速度水平向右，圆心在y轴上，且圆过Q(0.1,0)，可得轨道半径r=0.1m。代入数据计算：​​​​​​​（2）从O(0,0)入射的粒子沿x轴做匀速直线运动到达Q点，路程最短，故运动时间最短t从P(0,0.1)入射的粒子做圆周运动，路程最长，故运动时间最长，运动轨迹圆的圆心角θ=粒子圆周运动的周期为T=运动时间t2=θT（3）S是OP中点，坐标为(0,0.05m)，S点出射粒子的圆周运动半径与P点相同，故入射粒子的轨迹圆方程为根据题意，粒子出磁场下边界时，轨迹圆切线应过Q点，于是问题转化为，过Q点作轨迹圆的切线，切点坐标即为所求。按要求作图，得圆心C0，-0.05m，切点A（未知）、B又B的坐标为0.1m，-0.05即粒子经过磁场下边界的点的坐标(0.06​​​​​​​【解析】【分析】（1）粒子垂直于y轴射入磁场时，利用几何关系可以求出轨迹半径的大小，结合牛顿第二定律可以求出磁感应强度的大小；

（2）当粒子沿x轴做匀速直线运动到达Q点，路程最短，利用位移公式可以求出运动的时间；当粒子从P(0,0.1)入射的粒子做圆周运动，路程最长，故运动时间最长，利用轨迹所对圆心角可以求出最长的运动时间；

（3）画出粒子运动的轨迹，利用入射粒子的轨迹方程结合几何关系可以求出A点的坐标。（1）带负电粒子垂直y轴水平射入磁场，做匀速圆周运动洛伦兹力提供向心力q解得r=对从P(0,0.1)入射的粒子，速度水平向右，圆心在y轴上，且圆过Q(0.1,0)，可得轨道半径r=0.1m。代入数据计算：（2）从O(0,0)入射的粒子沿x轴做匀速直线运动到达Q点，路程最短，故运动时间最短t从P(0,0.1)入射的粒子做圆周运动，路程最长，故运动时间最长，运动轨迹圆的圆心角θ=粒子圆周运动的周期为T=运动时间t因此时间差Δ（3）S是OP中点，坐标为(0,0.05m)，S点出射粒子的圆周运动半径与P点相同，故入射粒子的轨迹圆方程为根据题意，粒子出磁场下边界时，轨迹圆切线应过Q点，于是问题转化为，过Q点作轨迹圆的切线，切点坐标即为所求。按要求作图，得圆心C0，