2026届贵州黔西南州顶兴高级中学高三一模物理试题（含答案）

第第页2026届贵州黔西南州顶兴高级中学高三一模物理试题一、单项选择题：本题共7小题，每小题4分，共28分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1．第十五届全运会50m仰泳比赛中，某运动员在一段时间内经历加速、匀速、再加速的运动过程。关于该过程的位移x、速度v随时间t变化关系图像可能正确的是（）A． B．C． D．2．嫦娥五号月壤样品的化学成分分析显示，月壤具有高含量的钍（90232Th），钍可以为将来开发月球提供能源材料，经中子轰击后核反应方程为90A．反应方程式中Z=92，A=233B．该反应属于α衰变C．该反应属于核聚变D．钍（902323．一列沿x轴传播的简谐横波在t=4s时的波形如图甲，平衡位置在x=8A．该波沿x轴负方向传播B．该波的传播速度大小为4m/sC．4~10s内质点a通过的路程为40cmD．t=4.5s4．如图所示，一束自然光经过玻璃三棱镜折射后分为几束单色光，选取了其中两种单色光a、b进行研究并作出了光路图。单色光a、b的波长分别为λa、λb，在该玻璃中的传播速度分别为va、vb，该玻璃对单色光a、b的折射率分别为na、nb，则（）A．λa<λb，va>vb，na>nb B．λa<λb，va=vb，na<nbC．λa>λb，va>vb，na<nb D．λa>λb，va=vb，na>nb5．人类发现并记录的首颗周期彗星——哈雷彗星在2023年12月初抵达远日点后开始掉头，踏上归途。哈雷彗星是人一生中唯一可能裸眼看见两次的短周期彗星，因英国物理学家爱德蒙·哈雷首先测定其轨道数据并成功预言回归时间而得名。已知哈雷彗星大约每76年环绕太阳一周，如图所示为地球、哈雷彗星绕太阳运动的示意图，哈雷彗星轨道是一个很扁的椭圆，在近日点与太阳中心的距离为r1，在远日点与太阳中心的距离为rA．在近日点与远日点的速度大小之比为rB．在近日点与远日点的加速度大小之比为rC．哈雷彗星大约将在2071年左右再次离太阳最近D．哈雷彗星的轨道参数与地球轨道参数间满足r6．如图所示，某运动员正对竖直墙练习足球时，在P、Q两点分别将足球踢出，两次足球均垂直打在墙壁上的M点，不计空气阻力。则足球从被踢出到打在A．从P处踢出的足球初速度较大B．足球从Q到M的运动时间较长C．从P处踢出的足球初速度与水平方向夹角较大D．该运动员对从Q处踢出的足球做功较多7．质量为m的物块放在倾角为θ的固定斜面上。在水平恒力F的推动下，物块沿斜面以恒定的加速度a向上滑动。物块与斜面间的动摩擦因数为μ，则F的大小为（）A．mB．mC．mD．m二、选择题：本题共3小题，每小题5分，共15分。在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求。全部选对的得5分，部分选对的得3分，有选错的得0分。8．如图所示是某游乐场的海豚表演。小海豚从水池冲出，以10m/s的速度滑过坡道底端的O点，经过1.0s向上滑过坡道上P点时的速度为3.2m/s。该坡道为直道，足够长且倾角θ＝37°，已知sin37°＝0.6，cos37°＝0.8，重力加速度g取10m/s2。下列说法正确的是（）A．小海豚上滑的加速度大小为3.2m/s2B．小海豚和坡道之间的动摩擦因数为0.1C．小海豚滑过P点后还能继续向上滑约0.75mD．小海豚下滑回到O点时速度大小为10m/s9．如图所示，远距离输电过程中，发电机输出电压250V、功率100kW的交流电，通过升压变压器升压后输送向远方，输电线的总电阻为10Ω。并在用户端用降压变压器把电压降为220A．输电线上通过的电流为20A B．升压变压器匝数比为C．降压变压器匝数比为260:11 D．用户端的总电流为40010．如图所示，一足够长的U形光滑金属导轨固定在水平面上，导轨宽为L，电阻不计，左端接一阻值为R的定值电阻，整个装置处于方向垂直轨道平面向下、磁感应强度大小为B的匀强磁场中。一长度为L、电阻为r的金属棒以大小为v0A．开始运动瞬间，金属棒两端的电势差大小为BLB．开始运动瞬间，金属棒两端的电势差大小为BLRC．瞬时速率为v时，安培力大小为BD．瞬时速率为v时，安培力大小为B三、实验题：本题共2小题，共16分。11．某同学设计实验验证机械能守恒定律，装置如图甲所示。一质量为m、直径为d的小球连接在长为l的细绳一端，细绳另一端固定在O点，调整光电门的中心位置与小球通过最低点时球心对齐。将细绳拉直，由静止释放小球，记录小球从不同高度释放通过光电门的挡光时间，小球运动中不接触弧面，重力加速度为g。（1）用游标卡尺测量小球直径，如图乙所示，小球直径d=mm。（2）若测得光电门的中心与释放点的竖直距离为h，小球通过光电门的挡光时间为t，则小球从释放点下落至光电门中心的过程，满足关系式（用字母g、h、d、t表示），即可验证机械能守恒定律。（3）经过多次重复实验，发现小球经过光电门时，动能增加量ΔEk总是大于重力势能减小量A．h的测量值偏大B．在最低点时光电门的中心在小球球心的下方C．小球下落过程中受到了空气阻力12．某同学测一节干电池的电动势和内阻，现备有下列器材。A.待测干电池一节B.电流表：量程0∼0.6A，内阻C.电压表1：量程0∼15VD.电压表2：量程0∼3VE.滑动变阻器1：阻值范围为0∼10ΩF.滑动变阻器2：阻值范围为0∼100ΩG.开关、导线若干（1）伏安法测电池电动势和内阻的实验，由于电流表和电压表内阻的影响，测量结果存在系统误差，在现有器材的条件下，要尽可能准确地测量电池的电动势和内阻。在上述器材中请选择适当的器材，电压表选择，滑动变阻器选择。（填写器材前的字母）（2）实验电路图应选择图（填“甲”或“乙”）。（3）正确选择电路图后，根据实验中电流表和电压表的示数得到了如图丙所示的U−I图像，则于电池的内阻r=Ω（保留三位有效数字），此电路测得的电动势数值真实值（填“大于”、“等于”或“小于”）。四、解答题：本题共3小题，共41分。解答过程需有公式和简明扼要的文字说明。13．如图甲所示，一个质量不计的活塞将一定量的理想气体封闭在上端开口的直立圆筒形导热气缸内，气体温度为300K，气柱的高度为h，在气缸内壁有固定的小卡环，卡环到气缸底的高度差为59h。现在活塞上方缓慢堆放细沙，直至气柱长度减为56h时停止堆放细沙，如图乙所示。之后对气体缓慢降温，温度降低到180K，此时活塞已经与卡环接触，降温过程气体放出热量为（1）堆放细沙的质量；（2）温度降为180K（3）降温过程气体内能的变化量。14．如图所示，长L=0.4m的轻质细绳一端系在天花板上，另一端连接质量M=0.18kg的木块，木块距地面的高度H=1.25m，质量m=20g的子弹以一定的水平速度射入木块并留在其中（作用时间极短），细绳恰好断裂，木块和子弹一起做平抛运动。已知细绳能承受的最大张力（1）子弹落地点与细绳悬挂点的水平距离x；（2）子弹射入木块过程中产生的热量Q。15．如图所示，有一带正电粒子从O点飘入加速电场，经过电场加速，沿直线通过速度选择器后，垂直磁场Ⅱ左边界入射到磁场中。已知粒子的比荷qm=2×108C/kg，加速电场电压U0=100V。速度选择器水平极板长L=0.15m（1）求磁场Ⅰ的磁感应强度B1（2）求粒子在磁场Ⅱ中运动时间t1（3）仅撤去磁场Ⅰ，求粒子在磁场Ⅱ中运动的时间t2及入射点与出射点的距离d

答案解析部分1．【答案】C【解析】【解答】AB．x-t图像斜率代表速度。运动员先加速（斜率变大）、再匀速（斜率不变）、最后再加速（斜率再次变大），A后期斜率变小，B速度反向减小，AB错误；CD．v−t图像表示物体速度随时间的变化，某运动员在一段时间内经历加速、匀速、再加速的运动过程，速度先增大、保持不变、再增大，C正确，D错误。故答案为：C。

【分析】A、B：x-t图像斜率表示速度，运动过程为加速、匀速、再加速，斜率应先变大、不变、再变大；

C、D：v-t图像表示速度变化，速度应先增大、不变、再增大。2．【答案】A【解析】【解答】A．根据电荷数守恒：90+0=Z+2×(−1)，得Z=92；

根据质量数守恒：232+1=A+2×0，得A=233，A正确；B．该是中子轰击引发的人工核转变，不是α衰变，B错误；C．核聚变是轻核聚变成重核，该反应不属于核聚变，C错误；D．半衰期由原子核内部结构决定，与环境温度无关，D错误。故答案为：A。【分析】A：核反应满足电荷数、质量数守恒；B：α衰变是天然放射现象，释放α粒子；C：核聚变为轻核聚合，本题为人工核转变；D：半衰期不受外界温度、压强等因素影响。3．【答案】B【解析】【解答】A．由图乙可知，在t=4sB．波速：v=λC．由题知，振幅为A=10cm，在4~10s内的时间间隔为Δt=10sD．设质点a的振动方程为y=Asinωtcm，其中则有y=10sinπ2tcm故答案为：B。

【分析】A：由振动图像判断t=4s质点振动方向，结合波形图判断波的传播方向；B：由波形图得波长、振动图像得周期，由v=λC：计算时间间隔与周期关系，求质点a的运动路程；D：写出质点振动方程，代入时刻求位移。4．【答案】C【解析】【解答】由图可知，两束光的入射角i相同，玻璃对单色光a的折射角大于b光的折射角，根据折射定律n=sinisinr，玻璃对a光的折射率小于玻璃对b光的折射率，即na<nb，由n=cv，可得v=cn，可知va>vb故答案为：C。

【分析】由折射角大小判断折射率，由v=c5．【答案】B【解析】【解答】A．由开普勒第二定律（面积定律）：12v1B．由万有引力提供加速度GMmr2=ma，得C.2023年抵达远日点，再经半个周期762=38年回到近日点，对应年份为D．由开普勒第三定律a3T彗2=R3故答案为：B。【分析】A：开普勒第二定律得出速度比为轨道半径反比；B：加速度与到太阳距离的平方成反比；C：从远日点到近日点需半个周期；D：开普勒第三定律中椭圆轨道用半长轴计算。6．【答案】A【解析】【解答】A．球在水平方向做匀速直线运动，则x=v0t，可得v0=xg2h，由于在PQ点时竖直方向分速度相等，可知从C．根据tanθ=gtv0，足球被从故答案为：A。

【分析】A、B：逆向看成平抛运动，竖直高度相同则运动时间相同；水平位移越大，初速度越大；

C：竖直分速度相同，水平初速度越大，初速度与水平方向夹角越小；

D：由动能定理，初动能越大，运动员做功越多。7．【答案】D【解析】【解答】如图所示，物块匀加速运动受重力mg、推力F、滑动摩擦力Ff和支持力F正交分解后，沿斜面方向Fcosθ−又有Ff=μ故答案为：D。

【分析】本题考查牛顿第二定律的斜面正交分解，将力沿斜面、垂直斜面分解，垂直斜面受力平衡，沿斜面列牛顿第二定律方程，联立求解水平推力F。8．【答案】B,C【解析】【解答】A．由运动学公式，上滑加速度a=vB．由牛顿第二定律mgsinθ+μmgcosC．P点后继续上滑距离x=vD．下滑时加速度a'=gsinθ−μgcosθ=5.2 m/s故答案为：BC。【分析】A：加速度用速度变化量与时间的比值求解；B：上滑时摩擦力沿斜面向下，结合牛顿第二定律求动摩擦因数；C：逆用匀减速直线运动公式求继续上滑位移；D：下滑加速度更小，存在摩擦损耗，回到底端速度更小。9．【答案】A,B【解析】【解答】A．由ΔP=I2B．升压变压器原线圈电流：I1=PCD．用户端获得功率P4=P1−故答案为：AB。

【分析】A：由输电线损耗功率ΔP=B：先求升压变压器原线圈电流，利用变压器电流比等于匝数反比求匝数比；C、D：先求用户端功率与电流，再求降压变压器匝数比。10．【答案】B,C【解析】【解答】AB．开始运动瞬间，根据法拉第电磁感应定律，可得金属棒切割磁感线产生的感应电动势为E=BLv0，根据闭合电路欧姆定律有I=ECD．当瞬时速率为v时，根据法拉第电磁感应定律，可得金属棒切割磁感线产生的感应电动势为E=BLv，根据闭合电路欧姆定律有I=ER+r=故答案为：BC。

【分析】A、B：先求感应电动势，再用闭合电路欧姆定律求路端电压（金属棒两端电势差）；

C、D：由感应电动势、电流、安培力公式推导安培力大小。11．【答案】（1）14.5（2）gh=（3）B【解析】【解答】（1）主尺读数：14mm，游标尺读数：5×0.1mm=0.5mm，d=14+0.5=14.5mm

（2）小球经过光电门中心时的速度为v=小球从释放点下落至此光电门中心时的动能增加量为Δ小球从释放点下落至此光电门中心时的重力势能减小量Δ若此过程小球的机械能守恒，则有ΔEp=ΔE（3）A．若h的测量值偏大，则重力势能减小量ΔEp=mgh偏大，动能增加量ΔB．在最低点时光电门的中心在小球球心的下方，使得挡光宽度小于小球的直径，则速度测量值偏大，ΔEk的测量偏大，则动能增加量ΔEC．小球下落过程中受到空气阻力的作用，使得减小的重力势能有一部分转化为内能，则动能增加量ΔEk小于重力势能减小量故答案为：B。

【分析】(1)10分度游标卡尺读数=主尺读数+游标尺读数；(2)小球经过光电门的瞬时速度用平均速度近似v=dt，由机械能守恒(3)逐一分析各选项，判断导致动能增加量大于重力势能减小量的原因。（1）由图乙，可知小球直径d=1.4×10（2）小球经过光电门中心时的速度为v=小球从释放点下落至此光电门中心时的动能增加量为Δ小球从释放点下落至此光电门中心时的重力势能减小量Δ若此过程小球的机械能守恒，则有Δ联立解得gh=（3）A．若h的测量值偏大，则重力势能减小量ΔEp=mgh偏大，动能增加量ΔB．在最低点时光电门的中心在小球球心的下方，使得挡光宽度小于小球的直径，则速度测量值偏大，ΔEk的测量偏大，则动能增加量ΔEC．小球下落过程中受到空气阻力的作用，使得减小的重力势能有一部分转化为内能，则动能增加量ΔEk小于重力势能减小量故选B。12．【答案】（1）D；E（2）甲（3）1.15；等于【解析】【解答】(1)一节干电池电动势约1.5V，电压表选D；滑动变阻器选阻值较小的E，方便调节。

故答案为：D；E(2)电流表内阻已知，甲图可将电流表内阻计入电源内阻，消除电流表分压带来的系统误差，故选甲。

故答案为：甲（3）由闭合电路欧姆定律有U=E−IRA解得r=1.15Ω；，由等效电源法可知电源电动势的测量值等于真实值。

故答案为：1.15；等于

(2)电流表内阻已知，可等效为电源内阻，选择甲电路；(3)由U−I图像斜率求RA（1）[1]一节干电池电动势约为1.5V，因此选量程0∼[2]干电池内阻较小，为方便调节，选阻值范围0∼10Ω（2）因为电流表的内阻已知，把它接入干路中，可以准确测出流过电源的干路电流，把它的内阻等效为电源内阻，电压表的示数即可看作路端电压，则应选甲图。（3）[1]由闭合电路欧姆定律有U=E−I结合图像可得k解得r=1.15[2]由等效电源法可知电源电动势的测量值等于真实值。13．【答案】（1）解：乙状态的平衡方程p从甲状态到乙状态经历等温过程p解得m=（2）解：从甲状态到末状态，由理想气体状态方程得p解得p（3）解：从乙状态到刚接触卡环，经历等压过程，外界对气体做功W=即整个放热过程外界对气体做功，由热力学第一定律Δ解得Δ【解析】【分析】(1)堆放细沙过程气体等温变化，用玻意耳定律求末态压强，结合受力平衡求解细沙质量；

(2)全程用理想气体状态方程，代入初末状态参量求解降温后的压强；

(3)降温过程气体等压变化，先求外界对气体做功，再由热力学第一定律求内能变化。14．【答案】（1）解：细线断裂之前对子弹和木块的整体T−(M+m)g=(M+m)由平抛运动可知x=vt，H=解得v=6m/s，x=3m（2）解：子弹射入木块过程由动量守恒和能量关系mv0解得Q=32.4【解析】【分析】(1)子弹射入木块瞬间，细绳拉力达最大值，由牛顿第二定律求出共同速度；之后做平抛运动，由平抛规律求解水平位移；

(2)子弹射入木块过程动量守恒，结合能量守恒求解产生