备考中考物理考点经典题练《热学》解析版

第=page22页，共=sectionpages22页第=page11页，共=sectionpages11页备考2020中考物理考点经典题练《热学》（解析版）一、单选题体育课后，汗流浃背的小林同学赶紧打开教室电扇吹吹风，顿时感觉凉快多了，与这一现象有着相同特点的是(    )A.春天，冰雪融化成溪水 B.夏天，冰棒周围冒“白气”

C.秋天，早晨草地上铺上一层白霜 D.冬天，屋檐上挂着串串冰柱下列物态变化中属于液化的是(    )A.加在饮料中的冰块逐渐变小

B.飞机在蔚蓝的天空飞过，留下长长的“尾巴”

C.樟脑丸越放越小

D.冰箱冷藏室的内壁结出“白霜”生活中常把碗放在锅里的水中蒸食物。如图所示。当锅里的水沸腾以后，碗中的水(    )A.同时沸腾

B.稍后也沸腾了

C.温度达到沸点，不会沸腾

D.温度低于沸点，不会沸腾在下列物态变化的实例中，正确的是(    )A.舞台上用干冰制作“云雾”，这是汽化现象

B.夏天阴凉地方的石头比较潮湿，这是液化现象

C.电冰箱冷冻室内出现白色的霜，这是凝固现象

D.衣柜中的樟脑丸，过一段时间变小或消失，这是熔化现象如图所示，烧杯内盛有适量水并用酒精灯加热(标准大气压下)，甲试管盛有水，乙试管盛有酒精，则甲乙两试管(    )

A.都会沸腾 B.都不会

C.甲会沸腾，乙不会沸腾 D.甲不会沸腾，乙会沸腾一刻度均匀的温度计放在冰水混合物中时，示数为10℃；用它测一个标准大气压下沸水的温度时，读数是90℃.若用它来测得温水的温度为70℃.则温水的实际温度应为(    )A.55℃ B.75℃ C.50℃ D.80℃五千年的华夏文明，创造了无数的诗歌辞赋，我们在欣赏这些诗歌辞赋时，不仅要挖掘其思想内涵，还可以探究其中所描述的自然现象与物理规律，下面是某位同学对部分诗句中蕴涵的物理知识的理解。其中正确的是(    )A.“不敢高声语，恐惊天上人”--“高”是指声音的特征“音调”

B.“孤帆一片日边来”--“孤帆”的运动，是以江岸为参照物的

C.“人面桃花相映红”--桃花是光源，发出的红光映红了人的脸

D.“露似珍珠月似弓”--露实际是小水珠，是由冰熔化形成小丽将一杯常温下的水放入正常工作的冰箱冷冻室中，经过较长一段时间后，杯中的水发生了物态变化，下面四个图象中能正确反映这杯水的物态变化过程的是(    )A. B.

C. D.以下温度中，最接近25℃的是(    )A.冰水混合物的温度 B.健康成年人的体温

C.让人感觉温暖而舒适的室内温度 D.蜡烛外焰的温度夏天天气炎热，为了防止食物腐烂，以下说法正确的是(    )A.在运输车辆上放干冰，利用干冰汽化吸热给食品降温

B.把食材放在冰块上，利用冰块熔化吸热给食材降温

C.给放食材的盒子上盖上湿毛巾，利用水的升华吸热给食材降温

D.把食物放入冰箱内，利用冷凝剂液化吸热，使冰箱内部温度降低如图所示，酒精灯对烧杯中一定质量0℃的冰水混合物加热，至沸腾后继续加热一段时间。下列说法正确的是(    )

A.冰水混合状态，冰和水的总内能不变

B.温度升高过程中，烧杯中水的机械能增加

C.温度升高过程中，烧杯中水的内能不变

D.沸腾过程中，烧杯中水的内能减少某兴趣小组以相同的烧杯盛等量的水，以相同的热源同时加热.如图所示，甲杯为隔水加热，乙杯为隔油加热，丙杯为隔砂加热，加热一段时间后，测得烧杯外物质的温度分别为水温100℃、油温300℃、砂温600℃，且观察到乙、丙两烧杯中的水呈沸腾状态，则三杯水的温度高低顺序为(    )A.甲>乙>丙 B.甲<乙<丙 C.甲<乙=丙 D.甲=乙=丙下列物质中都是晶体的是(    )A.萘、冰、石英 B.冰、石英、玻璃

C.铁、食盐、松香 D.金、海波、石蜡下列物态变化需要吸热的是(    )A.冰雪消融B.露珠的形成

C.霜打枝头D.冰的形成下列事例中不是利用水的比热容大的特性的是(    )A.夏天．在地上洒水会感到凉快

B.北方楼房内的“暖气”用水作为介质

C.海边昼夜温差变化比沙漠中小

D.生物体内水的比例高，有助于调节自身的温度一瓶酒精用去一半后，则剩下的酒精(    )A.密度变为原来的一半 B.热值变为原来的一半

C.比热容变为原来的一半 D.质量变为原来的一半质量相等、初温相同的甲、乙两种不同液体，分别用两个完全相同的加热器加热，加热过程中，温度随时间变化的图线如图所示。根据图线可知(    )A.甲液体的内能比乙的大

B.温度升高液体分子运动变慢

C.甲液体的比热容比乙的大

D.乙液体的比热容比甲的大关于热学知识，下列说法错误的是(    )A.所有物体的分子都在不停地做无规则运动

B.汽车的动力是由汽油机的做功冲程提供的

C.热量可以从内能小的物体传递给内能大的物体

D.升高相同的温度，比热容大的物体，吸收的热量多关于内能和温度，下列说法正确的是(    )A.0℃的冰块内能为零 B.温度高的物体，内能一定大

C.物体内能增加，温度一定升高 D.物体温度升高时内能增加质量和初温都相同的水和铜块，分别吸收相同的热量后将铜块投入水中(c水>c铜A.水的温度升高，铜块的温度降低，且水升高的温度和铜块降低的温度相同

B.水的温度降低，铜块的温度升高，且水降低的温度和铜块升高的温度相同

C.水的温度升高，铜块的温度降低，且水增加的内能和铜块减少的内能相同

D.水的温度降低，铜块的温度升高，且水减少的内能和铜块增加的内能相同如图，给试管里的水加热，水沸腾后，水蒸气推动橡皮塞冲出试管口，这个过程与四冲程汽油机的哪一个冲程中的能量转化是相同的(    )A.吸气冲程

B.压缩冲程

C.做功冲程

D.排气冲程下列过程中通过做功的方法改变物体内能的是(    )A.发烧时用湿毛巾敷额头能降温

B.丁香树开花时花香四溢

C.水烧开会把壶盖顶起

D.小球由高处下落的过程中速度变快下列关于能量的说法中正确的是(    )A.在北方很多地区充分利用风力来发电，风能属于可再生能源

B.物体内能增加，一定要从外界吸收热量

C.“神舟”飞船在加速升空过程中，它的动能增加，机械能不变

D.汽油机做功冲程中，将机械能转化为内能下列说法正确的是(    )A.物体运动的速度越大，其惯性越大

B.太阳能电池是把太阳能转化为电能的装置

C.滑动摩擦力的大小与接触面的大小有关

D.在液体中，流速越大的位置，压强越大关于功和能，下列描述正确的是(

)A.机械表上发条是增加了发条的弹性势能

B.深圳大亚湾核电站是把电能转化为核能

C.汽车加油后，以原来的速度继续匀速行驶它的动能会降低

D.“飞流直下三千尺”中水的动能转化为重力势能二、填空题“低碳环保”是当今世界的主题，在煤、石油、太阳能中，有可能成为今后理想能源的是______；目前核电站一般利用的是______(选填“核聚变”或“核裂变”)时产生的能量。在哈尔滨举行的2018年“中国航天日”主场活动开幕式上宣布，嫦娥四号中继星正式命名为“鹊桥”。嫦娥四号依靠______将信息传回地面。嫦娥四号中继星的太阳能电池板将太阳能转化为电能，电能属于______能源(填“一次”或“二次”)。可燃冰，石油、煤都属于______(选填“可“或“不可”)再生能源。若可燃冰的热值为4×107J/m3，完全燃烧lm3的可燃冰可放出的热量是______J，这些热量有60%被水吸收，可把______kg的水从2018年2月12日，我国用长征三号乙运载火箭发射了北斗全球卫星导航系统的第28、29颗卫星，到2020年，该系统将拥有5颗静止轨道卫星和30颗非静止轨道卫星，可在全球范围内为各类用户提供高精度的定位、导航、授时服务，并具有短报文通信能力。

(1)火箭加速上升的过程中，搭载的卫星的机械能______(选填“增大”、“减小”或“不变”)。

(2)卫星工作所需的能量，主要由太阳帆板提供，太阳帆板将______转化为电能。

(3)静止轨道卫星离地面的高度约为3.6×104km，地面控制中心通过______向该卫星发送指令，指令从地面传到卫星所用的时间约为______s“低碳环保“是当今世界的主题，在煤、石油、太阳能中，有可能成为今后理想能源的是______；手机是现代最常用的通信工具，手机之间是利用______传递信息的。如图所示，取一支大注射器，拉动活塞使注射器里吸进一些液态乙醚，取下针头，用橡皮帽把注射器的小孔堵住。然后向外拉动活塞，拉到一定程度时，注射器里的液态乙醚几乎全部______(填物态变化名称)成为了乙醚蒸气；再向里推动活塞，可以观察到又有液态乙醚出现了，这说明：用______的方法可以使气体液化。水沸腾过程中的温度______(选填“升高”、“降低”或“不变”)，该过程中水______(选填“吸热”、“放热”或“不吸热也不放热”)，若将质量和初温均相同的铝、铜、铁三个金属球(C铝>C铁如图体温计的量程是：______，分度值为______，示数是______℃.一个粗心的护士没有将水银柱甩下，而直接用它去测量体温是37℃的病人的体温，则该温度计的读数是______℃。

寒冷的冬夜，窗户的玻璃上会出现冰花，这是水蒸气______而成的，冰花出现在窗户玻璃的______(填“内”或“外”)表面。如图，两个相同的炊壶内装有同样多的水，此时都已沸腾。壶口冒出白汽是______现象。若炉火的强度和房间内空气的湿度都相同，就此可以判断得出：房间甲的气温______(填“高于”、“低于”或“等于”)房间乙的气温。

三、计算题一辆汽车为50km长的新建大桥进行通车测试，如图所示。汽车总质量为1.5t，以100km/h的速度匀速通过大桥，受到的阻力是总重的0.08倍，全程消耗了4kg的汽油。g取10N/kg，求汽车通过大桥；

(1)所需的时间；

(2)牵引力所做的功；

(3)汽油机的效率。(q汽油=4.6×107J/kg)

可燃冰是一种新型能源，它是水和天然气在高压低温情况下形成的类冰状结晶物质，主要成分是甲烷，其开采是世界难题，据中央电视台2017年5月18日报道，我国可燃冰已试采成功，技术处于世界领先，用燃气锅炉烧水时，把质量为500kg，初温为20℃的水加热到100℃，共燃烧了12m3天然气，已知水的比热容c水=4.2×103J/(kg⋅℃)，天然气热值q=4.2×10用豆浆机制作豆浆的过程是：按合适的比例把豆料、清水放入豆浆机中、经过预热、打浆、加热等程序。即可制成熟豆浆。某豆桨机的参数如下表：型号额定电压额定频率打浆功率加(预)热功率容量SYL−624220V50Hz200W1100W2000mL一次打浆要向豆浆机中加入黄豆和清水共1.5kg，需13min完成加工过程，其工作信息如图所示。请解答下列问题：

(1)根据工作信息图可知、从第6min至第9min为第一段加热过程，求这段过程中豆浆吸收的热量是多少？(c豆浆=4.0×103J(kg⋅℃))

(2)豆浆机正常工作完成一次豆浆制作，共消耗多少电能？

四、实验探究题小明用相同的酒精灯分别给水和煤油加热(如图甲)，以探究水和煤油的吸热能力。

(1)本实验需要用到天平这一测量工具，目的是______；

(2)加热10min，水吸收的热量______(填“大于”、“小于”或“等于”)煤油吸收的热量；

(3)根据实验数据，小明作出了水和煤油的温度随加热时间变化的图象(如图乙)，由图象可知，水的沸点是______℃，煤油的比热容是______J/(kg⋅℃)【c水=4.2×103J/小刚在物理课上学习了液体蒸发快慢与液体温度、液体表面积、液体表面上方气流速度三个因素有关．星期天休息的时间，他做了一次家庭实验进行进一步验证．在四块相同的玻璃板上各滴一滴质量相同的水．然后进行如图所示的实验探究．

①通过A、B两图的对比，可以验证水蒸发的快慢与______有关．

②通过______的对比，可以验证水蒸发的快慢与水的温度有关．

③小刚同学猜想水蒸发快慢还可能与水的质量有关，于是他在两块相同的玻璃板上分别滴上一滴和两滴水(如图2).结果发现甲图中水先蒸发完，于是得出结论：水蒸发快慢与水的质量有关，水的质量越小蒸发越快．

这个结论______(选填：正确，不正确).原因是没有控制水的______相同．

④请你根据你的生活经验另提出一个液体蒸发快慢与哪种因素有关的猜想：液体蒸发快慢可能与______有关．如图所示，甲、乙是小芳同学做“观察水的沸腾”实验过程中

(1)看到的气泡上升情况的示意图，其中______图是沸腾时的情况。

(2)丙图是她利用此实验中观察记录的数据作出的水的温度随时间的变化图象，从图象可看出：此实验中水的沸点是______；由此可猜想到：水面气压______1标准大气压。

(3)通过分析图象丙，归纳出水沸腾的特点是：

①______；

②______；

(4)小芳发现从开始给水加热到水开始沸腾所用的时间过长，请你帮助他找出可能存在的原因(写出一种即可)______。

(5)水沸腾时，杯口附近出现大量“白气”。“白气”是水蒸气遇冷______(填物态变化名称)形成的。小亮利用如图甲所示的装罝探究某物质熔化时温度的变化规律。请回答下列问题：

(1)安装实验器材时，小亮应按照______(选填“自上而下”或“自下而上”)的顺序进行：

(2)测量过程中，温度计在某一时刻的示数如图乙所示，此时该物质的温度为______℃；

(3)根据实验数据画出该物质的温度随加热时间变化的图象如图丙所示，由图可知，当加热到8min末，试管中物质所处的物态是______态，该物质为______(选填“晶体”或“非晶体”)。小明同学学习了燃料的热值后，考虑到燃料燃烧放出的热量会被水吸收，而水的比热已知．(注：燃料完全燃烧放热用Q放=mq计算，某燃料的热值用q表示；其质量用m表示).自己设计一个实验来探究煤油和菜籽油的热值的大小关系．他组装了图所示的装置进行实验，记录结果见下表：燃料加热前的水温/℃燃料燃尽后水温/℃煤油2544菜籽油2534(1)为了保证实验结论的可靠，小明同学选择了两套相同装置，在实验中还应控制：煤油和菜籽油的______

相同、及______

相同．

(2)分析得出：煤油和菜籽油两种燃料中，热值较大的是______．

(3)小明同学还想利用这种实验方案计算出煤油和菜籽油的热值，那么小明还需要补充的实验仪器是：______.利用此实验方法计算出的热值将比真实值______

(偏大/偏小).说说你的看法______．

答案和解析1.【答案】A

【解析】【分析】

本题考查学生对六种物态变化的吸、放热情况的了解情况，是中考中最基本的考查内容，属于识记性内容。

打开电风扇，加快空气流动的速度，加快人体汗液的蒸发，蒸发吸热，所以人感到凉爽，利用的是蒸发(汽化)吸热。分析各个选项的状态变化及其吸放热，选出具有相同特点的选项。

【解答】

小林同学打开电风扇，加快空气流动的速度，加快人体汗液的蒸发，而蒸发从人体吸热，使人感到凉快，利用的是蒸发(汽化)吸热。

A.冰雪融化成溪水，从固态变为液态，属于熔化，熔化吸热；

B.“白气”是空中的水蒸气遇冷(冰棒)形成的小水珠，是液化现象，液化放热；

C.霜是空气中的水蒸气遇冷形成的小冰晶，是凝华现象，凝华放热；

D.屋檐上挂着串串冰柱，由液态变为固态，是凝固现象，凝固放热；

可见只有熔化吸热，题干现象也是吸热，与题干现象有着相同的特点，A符合题意，BCD不符合题意。

故选A。

2.【答案】B

【解析】【分析】

本题考查了物态变化的判断，属于热学基础知识的考查，解决此类题目的关键是抓住物质前后的状态变化。

(1)在一定条件下，物体的三种状态--固态、液态、气态之间会发生相互转化，这就是物态变化；

(2)物质由气态直接变为固态叫凝华，物质由固态直接变为气态叫升华；由气态变为液态叫液化，由液态变为气态叫汽化；由固态变为液态叫熔化，由液态变为固态叫凝固。

【解答】

A.加在饮料中的冰块逐渐变小，是由固态冰变为液态水的过程，属于熔化现象，故A错误；

B.飞机飞过蔚蓝的天空中会留下一条长长的“尾巴”，这种现象俗称为“飞机拉烟”，产生这一现象的原因之一是飞机在飞行过程中排出的“暖湿气体遇冷”液化形成的，故B正确；

B.放在衣柜里面的樟脑丸变小了，由固态直接变为气态，是升华现象，故C错误；

D.冰箱冷藏室的内壁结出“白霜”，是由空气中的水蒸气遇冷凝华而成的小冰晶，是凝华现象，故D错误。

故选B。

3.【答案】C

【解析】解：锅里的水达到沸点后继续吸热会沸腾，但温度不再改变，

所以，碗内水的温度等于水的沸点，但碗内的水不能继续吸热，不会沸腾，故ABD错误、C正确。

故选：C。

液体沸腾条件：一是达到沸点，二是需要继续吸热，但沸腾时温度不再改变，据此进行解答。

本题考查了沸腾和沸腾条件的应用，应用好水沸腾后温度不变是关键。

4.【答案】B

【解析】【分析】

此题结合实际问题考查了物态变化的凝华、液化、升华现象；知道物态变化的概念及物质由什么状态变为什么状态，是解题的关键；生活中处处有物理知识，需要同学们留心观察，认真分析。

(1)物质由固态吸热变为气态是升华现象，干冰与樟脑丸都由固态直接变为气态，都发生了升华现象；

(2)物质由气态遇冷放热变为液态是液化现象，石头湿润是空气中的水蒸气液化成水导致的；

(3)物质由气态放热变为固态是凝华现象，电冰箱里的霜是水蒸气凝华形成的；

根据以上知识答题。

【解答】

A.“云雾”实际上就是小液滴悬浮在空气中形成的，是液态，由空气中的水蒸气遇冷(干冰升华吸热使空气的温度降低)形成的，是液化现象，故A错误。

B.夏天阴凉的地方的石头比较湿润，是空气中的水蒸气遇冷液化形成的，是液化现象，故B正确。

C.电冰箱冷冻室内出现白色的霜，是水蒸气凝华形成的，故C错误。

D.衣柜中的樟脑丸，由固态吸热变为气态从而使樟脑丸变小，这是升华现象，故D错误。

故选：B。

5.【答案】D

【解析】解：

在1个标准大气压下水的沸点是100℃，

甲试管中装的是水，烧杯中的水即使沸腾，温度最高也是100℃，这样的话，即使试管中的水能够达到100℃，但达到100℃后就不能从烧杯中的水吸收热量，不会沸腾；

乙试管中装的是酒精，因为酒精的沸点是78℃，低于水的沸点，会从水中不断吸热，会沸腾。

故选：D。

液体沸腾的条件：达到沸点并且要继续吸热；液体沸腾规律：吸收热量、温度保持不变。

此题主要考查了液体沸腾的条件及特点。知道液体沸腾必须达到沸点，并且要继续吸热；液体沸腾过程中吸热，但温度保持不变。

6.【答案】B

【解析】解：(1)温度计一个小格表示的温度等于：

100℃90−10=1.25℃；

(2)用它测得某液体的温度为70℃时，液体的实际温度：

1.25℃×(70−10)+0℃=75℃。

故选：B。

1标准大气压下水的沸点为100℃，冰水混合物的温度为0℃，100℃和0℃之间有100等份，每一份代表1℃；

(1)而题目中温度计测量冰水混合物体的温度是10℃，1标准大气压沸水的温度是90℃，中间是80个小格，首先求出一个小格表示的温度；

(2)用它来测得温水的温度为70℃时，距离10℃有60个小格，求出60个小格表示的温度加上温度计显示为10℃时的实际温度0℃，就是液体的实际温度。

对于温度计不准的读数问题，我们要先求出温度计一小格表示的温度，然后乘以温度计的水银柱相对于0℃上升了多少格，求出物体的实际温度。

7.【答案】【解析】解：A、“不敢高声语，恐惊天上人”--“高”是指声音的响度大；选项中解释错误。

B、“孤帆一片日边来”--“孤帆”运动，是以江岸为参照物的，它的位置发生了改变，所以才是运动的；选项中解释正确。

C、“人面桃花相映红”--桃花不是光源，它反射太阳光中的红光照在人的脸上，再从人脸上反射出来，人脸就呈现红色；选项中解释错误。

D、“露似珍珠月似弓”--露实际是小水珠，是由空气中的水蒸气遇冷液化形成的；选项中解释错误。

故选：B。

对于诗句中涉及到的物理知识，我们首先要弄懂诗句的意义，然后认真分析确定该用哪一方面的知识进行解答。

物理知识来源于生活，也要应用于生活的，我们要认真观察生活，思考生活中的物理现象。

8.【答案】D

【解析】【分析】

要解决此题需要掌握晶体的凝固过程的特点：知道晶体在凝固过程中放热，但温度保持不变。

同时要知道冰的熔点是0℃，知道冰块变成液态的过程是熔化过程。

此题主要考查了有关晶体的熔化和凝固图象的分析。其中要知道冰是晶体，同时要掌握冰的熔点是0℃。

【解答】

常温下的水放入正常工作的冰箱冷冻室中，水变成冰块是凝固过程

AB.A、B都是熔化图象，但A的熔点不是0℃，所以A、B不符合题意。

CD.C、D温度都有下降的趋势，所以是晶体的凝固图象，D的凝固点是0℃，并且在凝固过程中温度保持不变，C的凝固点不是0℃，故C不符合题意，D符合题意。

故选D。

9.【答案】C

【解析】【分析】

此题考查我们对常见物体或环境温度的认识，结合对生活的了解和对温度单位摄氏度的认识，选出符合题意的选项。

对物体长度、质量、温度等进行估测，是初中物理的一项基本要求，平时结合所学知识对身边的如：人高、教室高、一步长、步行速度、体温、气温等等，多观察多思考，必要时做出正确判断。

【解答】

A.在标准大气压下冰水混合物的温度是0℃，故A不符合题意；

B.正常情况下，人的体温在37℃左右，变化幅度很小，故B不符合题意；

C.人体正常体温在37℃左右，感觉舒适的温度在25℃左右，故C符合题意；

D.蜡烛外焰的温度在200℃以上，故D不符合题意。

故选C。

10.【答案】B

【解析】【分析】

此题是一道联系实际的应用题，考查了物态变化及吸放热情况的判断和应用。把握不同物态变化的概念、知道各种物态变化过程的吸放热情况，是解答此类问题的关键。

①物质由液态变成气态叫汽化，由固态变成气态叫升华。汽化和升华都需要吸收热量；

②物质由固态变成液态是熔化，熔化过程中吸收热量；

③物质由气态变为液态是液化，液化过程中放出热量。

【解答】

A.干冰在常温常压下很容易由固态直接升华为气态的二氧化碳，同时吸收大量的热。所以在运输车上放干冰，利用干冰升华吸热给食品降温不合适，故A错误；

B.冰块熔化过程要吸收热量。所以把食材放在冰块上，是利用冰块熔化吸热给食材降温，故B正确；

C.物质由液态变成气态叫汽化，给放食材的盒子上盖上湿毛巾，利用水的汽化吸热给食材降温，故C错误；

D.汽化吸热，液化放热，把食物放入冰箱内，利用的是冷凝剂汽化吸热，使冰箱内部温度降低，故D错误。

故选B。

11.【答案】D

【解析】【分析】

(1)晶体熔化过程中吸收热量但温度保持不变。

(2)沸腾过程，水的质量减小，内能减小。

本题考查学生对于晶体在熔化过程和沸腾过程中吸热但温度不升高的理解和掌握。

【解答】

A.冰是晶体，由于晶体熔化过程中处于冰水混合状态，吸热，内能增加，故A错误；

BC.温度升高过程中，吸收热量，水的内能增加，但机械能不变，故BC错误；

D.沸腾过程中，吸收热量，温度不变，水的质量减小，故水的内能减小，故D正确。

故选D。

12.【答案】D

【解析】【分析】

本题主要考查沸腾及沸腾条件。

知道液体的沸腾条件和液体沸腾后温度不变是解决此类问题的关键。

液体沸腾有两个必要条件：(1)达到沸点，(2)继续吸热；当两个条件同时具备时即可沸腾，沸腾后液体温度不变。

【解答】

甲杯中的水温等于100℃，但由于不能继续从外面烧杯中吸收热量，所以不会沸腾，乙和丙烧杯的水沸腾，说明此时水的温度已经达到沸点100℃，但温度不再升高，故ABC不正确，D正确。

故选D。

13.【答案】A

【解析】解：A、萘、冰、石英熔化时有固定的熔化温度，所以都是晶体。故A正确；

B、玻璃属于非晶体，故B错误；

C、铁、食盐、松香中松香属于非晶体，故C错误；

D、金、海波、石蜡中石蜡属于非晶体，故D错误。

故选：A。

晶体与非晶体的区别是：晶体熔化过程中，不断吸收热量，温度保持不变。非晶体熔化过程中不断吸热温度不断上升，没有固定的熔化温度。

此类问题考查了晶体和非晶体的特点，要知道晶体熔化时有固定的熔点，而非晶体没有固定的熔点。

14.【答案】A

【解析】【分析】

(1)在一定条件下，物体的三种状态--固态、液态、气态之间会发生相互转化，这就是物态变化；

(2)物质由气态直接变为固态叫凝华，物质由固态直接变为气态叫升华；由气态变为液态叫液化，由液态变为气态叫汽化；由固态变为液态叫熔化，由液态变为固态叫凝固；

(3)六种物态变化过程中，都伴随着吸热或放热；其中放出热量的物态变化有：凝固、液化、凝华；吸热的有：熔化、汽化、升华。

分析生活中的热现象属于哪种物态变化，关键要看清物态变化前后，物质各处于什么状态；另外对六种物态变化的吸热和放热情况也要有清晰的认识。

【解答】

A.冰雪融化，冰由固态变成液态，是熔化过程，需要吸收热量．符合题意；

B.露珠是空气中的水蒸气遇冷液化形成的水滴，需要放出热量．不符合题意；

C.霜是空气中的水蒸气遇冷凝华形成的冰晶，需要放出热量．不符合题意；

D.冰的形成，水由液态变成固态，是凝固过程，需要放出热量．不符合题意。

故选A。

15.【答案】A

【解析】【分析】

水的比热容大，相同质量的水和其它物质比较，升高或降低相同的温度，水吸收或放出的热量多；吸收或放出相同的热量，水升高或降低的温度少，据此分析。

本题考查了蒸发吸热、水的比热容大的特点的应用，应用所学知识，解释了实际问题，体现了新课标的要求，属于中考热点题目。

【解答】

A.夏天在地上洒水感到凉快是利用了水的蒸发吸热，而不是利用水的比热容大的特点，故A符合题意；

B.因为水的比热容大，相同质量的水和其它物质比较，降低相同的温度，水放出的热量多，所以北方楼房内的“暖气”用水作为介质，故B不符合题意；

C.沿海地区和沙漠地区相比，沿海地区水多，水的比热容大，在相同的吸放热条件下，水的温度变化小，冬暖夏凉，昼夜温差小；沙漠地区多砂石，砂石的比热容较小，在相同的吸热条件下，砂石的温度变化大，故C不符合题意；

D.生物体内水的比例很高，在外界环境温度升高时，生物体即使吸收较多的热量，由于水的比热容较大，体温不会升的过高；同理在在外界环境温度降低时，由于水的比热容较大，即使放出较多的热量，体温也不会过低，所以生物体内的水分有助于调节生物体自身的温度，以免温度变化太快对生物体造成损害，故D不符合题意。

故选A。

16.【答案】D

【解析】【分析】

此题主要考查学生对物质概念的理解和掌握，明确各个物理量的真正含义后，可顺利解决此题。

①密度、比热容、热值是物质的某种特性，与物质的种类和状态有关，同种物质的密度、比热容、热值一般不变；

②质量是物体本身的一种属性，只有在所含物质的多少发生变化时才会改变。

【解答】

A.密度是物质的特性，决定于物质的种类、状态和温度，酒精用去一半后，种类、状态、温度没有变化，所以密度不变，此选项错误；

B.热值是燃料的特性，决定于燃料的种类，酒精用去一半后，种类没有变化，所以热值不变，此选项错误；

C.比热容是物质的特性，决定于物质的种类和状态，酒精用去一半后，种类、状态没有变化，所以比热容不变，此选项错误；

D.质量是指物体所含物质的多少；一瓶酒精用去一半后，物质总量减半，其质量减半，此选项正确。

故选D。

17.【答案】D

【解析】解：

A、两种液体虽然质量和初温度相同，但是不同物质，内能多少不能比较。此选项错误；

B、物质温度升高内能增加，分子无规则运动更剧烈。此选项错误；

C、D、由图示可以看出，当加热时间相同时，即吸收的热量相同时，甲的温度升高的快，利用热量的计算公式Q吸=cm△t可知，在质量相等、初温相同、吸热也相同的情况下，谁的温度升高得快，它的比热容小，所以甲的比热容较小，乙的比热容较大。选项C错误，选项D正确。

故选：D。

①内能是物质内部所有分子具有的动能和分子势能之和，内能多少与物质种类、状态、温度等因素都有关系；

②内能与温度有关，温度升高内能增加；

③选同样的加热时间，a、b吸热相同，根据温度变化的多少判断，温度变化多的比热容小，温度变化少的比热容大，

本题考查了学生对内能影响因素、比热容了解与掌握，注意要学会看图象(取相同的时间比较甲乙温度变化的高低)。

18.【答案】【解析】【分析】

(1)一切物质的分子都在不停地做无规则的运动，分子的运动属于扩散现象。

(2)汽油机的做功冲程为汽车提供动力。

(3)热量从温度高的物体传向温度低的物体。

(4)根据Q=cm△t分析吸收的热量的多少。

本题主要考查学生对分子的热运动，汽油机的工作原理、热传递的条件以及吸热多少的判断，综合性较强，需要学生多方联系、认真思考解答。

【解答】

A、一切物质的分子都在不停地做无规则的运动，故A正确。

B、汽车的做功冲程将内能转化为机械能为汽车提供动力，故B正确。

C、热量只能从温度高的物体传向温度低的物体，温度高的物体内能可能小，故热量可以从内能小的物体传递给内能大的物体，故C正确。

D、根据Q=cm△t知，质量相同的前提下，升高相同的温度，比热容大的物体，吸收的热量才多，故D错误。

故选：D。

19.【答案】D

【解析】解：A、一切物体都有内能，故0℃的冰块也有内能，故A错误；

B、内能的大小与物体的质量、温度有关，所以温度高的物体，但质量小，内能不一定大，故B错误；

C、晶体熔化过程中，质量、温度不变，但吸热，故内能增加且温度不升高，故C错误；

D、同一物体，温度升高，内能增加，故D正确；

故选：D。

(1)一切物体都有内能；

(2)内能的大小与物体质量、温度和状态有关；

(3)晶体熔化过程中，内能增加但温度不升高；

此题考查了内能的影响因素、具有内能的条件、内能的改变等知识点，是一道综合题。

20.【答案】C

【解析】【分析】

本题考查了学生对放热公式的掌握和应用，理解用好“质量相等的不同物质，吸收相等的热量，比热容大的温度升高得少”是本题的关键。

物体间发生热传递的条件是有温度差，先结合热量公式Q=cm△t分析铜块和水的温度关系，判断出铜块和水的末温高低后，再判断热传递的方向。

【解答】

质量和初温都相同的水和铜块，当它们吸收相同的热量后，由Q=cm△t可知，比热容越大，升高的温度越小；由于水的比热容大，则水升高的温度小，又因为初温相同，所以水的末温低；

根据热传递的条件，质量和初温都相同的水和铜块，当它们吸收相同的热量后，再将铜块投入水中，热量由温度较高的铜传给温度较低的水；故铜块的温度降低，内能变小，水的温度升高，内能增大；因不计热损失，则水增加的内能和铜块减少的内能相同；

故C符合题意，ABD不符合题意。

故选C。

21.【答案】C

【解析】解：水蒸气把橡皮塞冲出；这个过程中，燃料的化学能转化为内能，水蒸气膨胀做功，水蒸气的内能转化为塞子的机械能；内燃机的做功冲程将内能转化为机械能，因此这一现象相当于内燃机的做功冲程。

故选：C。

(1)物体对外做功内能会减少，例如气体膨胀做功，物体的内能减小，转化为机械能；

(2)内燃机的做功冲程是将内能转化为机械能的过程。

本题主要考查学生对：改变内能的方法，以及内燃机做功冲程的特点的理解和掌握。

22.【答案】C

【解析】解：

A、发烧时用湿毛巾敷额头能降温，这是通过热传递的方法改变物体的内能，故A错误；

B、丁香树开花时花香四溢，属于扩散现象，是分子无规则运动的结果，故B错误；

C、水烧开会把壶盖顶起，水蒸气对壶盖做功，使水蒸气的内能减少，是通过做功的方法改变物体的内能，故C正确；

D、小球从高处下落的过程中速度变快，是物体的重力势能转化为动能的结果，故D错误。

故选：C。

改变物体内能的方式有两种：做功和热传递，热传递过程是能量的转移过程，而做功过程是能量的转化过程。

本题主要考查了对做功和热传递改变物体内能的辨别，以及扩散现象、动能与势能的转化，与生活实际密切联系，属于中考常见题型。

23.【答案】A

【解析】【分析】

(1)能够源源不断的从自然界得到补充的能源叫可再生能源，如太阳能、风能、生物质能等；短期内不能从自然界得到补充的能源叫不可再生能源，如煤、石油等；

(2)改变物体内能的两种方法是做功和热传递；

(3)动能大小的影响因素：质量和速度，质量越大，速度越大，动能越大；重力势能大小的影响因素：质量和高度，质量越大，高度越高，重力势能越大；机械能等于动能和势能之和。

(4)吸气和排气冲程不发生能量转化，压缩冲程将机械能转化为内能；做功冲程将内能转化为机械能。

本题主要考查学生对能源的种类、改变内能的方法、能量的转化的理解和掌握，属于常见题型，是一道基础性题目。

【解答】

A.我国北方地区风能资源比较丰富，可以充分风能来发电，风能可以源源不断的从自然界获得，是可再生能源，故A正确。

B.因为改变物体内能的方法有：做功和热传递。物体内能增加，可能从外界吸收热量，也可能是外界对物体做功，故B错误。

C.飞船在加速升空过程中，速度增大，动能增大；高度增加，重力势能增加，所以机械能增加，故C错误

D.压缩冲程将汽油和空气的混合物压缩，将机械能转化内能，做功冲程将内能转化为机械能，故D错误。

故选A。

24.【答案】B

【解析】【分析】

(1)惯性的大小只与物体的质量有关；

(2)太阳能电池工作时，把光能转化成电能；

(3)滑动摩擦力的大小与压力大小和接触面的粗糙程度有关；

(4)在流体中，流速大的地方压强小，流速小的地方压强大．

本题考查了惯性、能量转化、影响滑动摩擦力大小的因素、流体流速与压强的关系等知识点，都属于基础知识．

【解答】

A、惯性的大小只与物体的质量有关，与物体的运动速度无关，故A错误；

B、太阳能电池可以将太阳能转化为电能，故B正确；

C、滑动摩擦力的大小与压力大小和接触面的粗糙程度有关，与接触面的大小无关，故C错误；

D、液体的压强与流速的关系：流速越大的位置压强越小，故D错误．

故选：B．

25.【答案】A

【解析】解：

A、上紧的机械表发条具有弹性势能，并且发条形变越大具有的弹性势能越大。故A正确；

B、在核电站中，核燃料发生裂变，释放出核能，把核能再转化为电能。故B错误；

C、汽车加油后相对于原来质量增加，虽然仍按原速度行驶，但动能相对于原来是增加的。故C错误；

D、“流直下三千尺”中，高处的水具有大量重力势能，下落过程中重力势能转化为动能。故D错误。

故选：A。

①发生弹性形变的物体具有弹性势能，弹性形变越大弹性势能越大；

②核电站是将核能转化为电能的设备；

③影响动能的因素是质量和速度；

④影响重力势能的因素是质量和所在高度。在一定条件下动能和势能可以相互转化。

此题主要考查了机械能的概念、影响因素、相互转化和核电站的工作原理，包含的知识点虽然较多，但都是基础知识的考查，难度不大。

26.【答案】太阳能

核裂变

【解析】解：

(1)在煤、石油、太阳能这三种能源之中，太阳能因分布广阔、获取方便、清洁不会造成环境污染可能成为未来的理想能源；

(2)核电站是利用原子核发生裂变释放能量来发电的。

故答案为：太阳能；核裂变。

(1)太阳能是一种新型的能源，取之不尽用之不竭，且无污染，是较为理想的能源；

(2)核裂变和核聚变都能释放能量，对于核裂变是可控的，如核电站的核反应堆就是通过核裂变提供能量的。

本题主要考查学生对太阳能优点，以及核能分为裂变和聚变两种，是一道基础题。

27.【答案】电磁波

二次

【解析】解：地面科技人员对“嫦娥五号”的控制是靠电磁波来传递数据信息的；

电能不能从自然界直接获得，需要消耗其它能源经过加工转换获得，电能是二次能源。

故答案为：电磁波；二次。

电磁波可以传递信息，飞船在太空中是通过电磁波传播信息的；

直接从自然界获得不需要加工转换的能源是一次能源，不能直接从自然界获得而是通过消耗其它能源经过加工转换而获得的能源是二次能源。

本题考查电磁波、二次能源，属于基础题，相对比较简单。

28.【答案】不可

4×l07

【解析】解：

(1)可燃冰、石油、煤开发使用后，会越来越少，不可能在短期内从自然界得到补充，所以它们都属于不可再生能源；

(2)1m3天然气完全燃烧产生热量：

Q放=Vq=1m3×4×107J/m3=4×107J；

(3)由题知，水吸收的热量：Q吸=60%×Q放=60%×4×107J=2.4×107J；

由Q吸=cm(t−t0)可得加热水的质量：

m=Q吸c(t−t0)=2.4×107J【解析】解：

(1)火箭加速上升的过程中，搭载的卫星的质量不变，速度增大，动能变大，同时高度增加，重力势能变大，而机械能为动能与势能之和，所以机械能增大；

(2)太阳能电池板(帆板)工作时，将太阳能转化为电能；

(3)电磁波可以在真空中传播且传播速度快，所以地面控制中心通过电磁波向该卫星发送指令；

根据v=st可知，指令从地面传到卫星所用的时间约为：

t=sv=3.6×104km3×105km/s=0.12s。

故答案为：(1)增大；(2)太阳能；(3)电磁波；0.12。

(1)动能的影响因素是质量和速度，重力势能的影响因素是质量和高度；机械能等于动能与势能之和；

【解析】解：

(1)在煤、石油、太阳能这三种能源之中，太阳能因分布广阔、获取方便、清洁不会造成环境污染可能成为未来的理想能源；

(2)手机既是无线电发射台又是无线电接收台：在人讲话的时候，它用电磁波把信息发射到空中，同时它又能在空中捕获电磁波。

故答案为：太阳能；电磁波。

(1)太阳能是一种新型的能源，取之不尽用之不竭，且无污染，是较为理想的能源；

(2)有线电话是靠电流来传递信息的，无线电广播、电视、手机都是靠电磁波来传递信息的。

本题主要考查学生对太阳能优点和电磁波的应用的了解和掌握，是一道基础题。

31.【答案】汽化;压缩体积

【解析】【分析】

物质由液态变为气态的现象叫汽化，汽化吸热。

物质的状态变化时体积发生变化，主要是由于构成物质的分子在排列方式上发生了变化。

能进行物态变化现象的判断，并能用物理知识解释生活中的现象是解决此题的关键。只要勤于思考，就会发现生活中处处有物理知识。

【解答】

注射器里的液态乙醚变成了气态，这是汽化现象，汽化吸热；推活塞，使气态乙醚的体积被压缩，分子间的距离拉近，体积变小，又变成了液态，这是液化现象。

故答案为：汽化；压缩体积。

32.【答案】不变

吸热

铝

【解析】解：(1)水沸腾时温度的特点是：虽然继续吸热，但温度保持不变；

(2)由于热传递的结果是温度相等，所以煮较长的一段时间后三个金属球的温度都与沸水温度相同；根据热量公式Q=cm△t分析可知，三种质量和初温相同的物质升高相同的温度，比热容大的吸收的热量多，比热容小的吸收的热量少，所以铝球吸收的热量最多。

故答案为：不变；吸热；铝。

(1)水沸腾的条件是温度达到沸点并且继续吸热，吸收的热量全部都用来由液体变成气体的变化，所以温度是不变的；

(2)解决此题可利用控制变量法进行分析，结合热量公式Q=cm△t求解水温度的变化，吸收的热量。

解决此题要记住沸腾的相关知识点：沸腾时的特点：虽然继续吸热，但温度保持不变。沸腾的条件：温度达到沸点，继续吸热。结合控制变量法和热量公式进行分析计算。

33.【答案】35℃∼42℃

0.1℃

37.6

37.6

【解析】解：

由图可知，体温计的测量范围为35℃～42℃，体温计上1℃之间有10个小格，所以一个小格代表的温度是0.1℃，即此体温计的分度值为0.1℃；此时的温度为37.6℃；

根据体温计的特点，使用前用力甩一下，玻璃泡上方的水银才能回到玻璃泡中；没有甩的体温计的读数是37.6℃，直接用来测量体温，若体温高于37.6℃，体温计中的水银会上升，测量是比较准确的；若体温不高于37.6℃，体温计中的水银不会下降，依然显示的是37.6℃.所以测量的结果是37.6℃。

故答案为：35℃∼42℃；0.1℃；37.6；37.6。

①使用体温计测量体温时，先要弄清楚体温计的量程和分度值，读数时视线与液柱最末端所对刻度相垂直；

②常用温度计是利用液体热胀冷缩原理制成的；

③体温计玻璃泡的上方有一段非常细的缩口，它可以使体温计玻璃泡上方的水银不能很快的流回玻璃泡中，所以体温计可以离开人体读数，同时体温计在使用前要用力甩一下，将水银甩回玻璃泡中。

此题考查的是体温计的分度值、读数、制作原理和使用注意事项。为了保证测量准确，使用体温计之前别忘了“甩一下

34.【答案】凝华；内

【解析】【分析】

本题考查了学生对生活中的凝华现象的了解与掌握，在哪里遇冷是关键，属于易错题。

物质直接从气态变为固态的过程叫凝华，凝华是升华的相反过程。

【解答】

寒冷的冬夜，室内温度高于室外的温度，所以空气中的水蒸气遇到很冷的玻璃凝华成小冰晶附着在玻璃的内表面形成冰花。

故答案为：凝华；内。

35.【答案】液化低于

【解析】解：(1)水沸腾时产生大量的水蒸气，从壶嘴喷出的水蒸气遇到壶外温度较低的空气由气态变为液态的小水珠，小水珠悬浮在空气中形成白汽，这是液化现象；

(2)由图中可知：甲房间中壶嘴冒出的“白气”更多；“白气”是水蒸气遇冷液化形成的，温度越低，液化现象越明显；甲房间壶嘴冒出的白气多就说明了甲的气温低。

故答案为：液化；低于。

(1)物质由气态放出热量变为液态的过程是液化；

(2)水蒸气遇冷就会液化，形成“白气”，房间的温度越低，水蒸气的液化现象越明显；

根据图示水蒸气液化的程度分析房间甲和房间乙气温的高低。

此题考查了液化的概念、生活中的液化现象，应知道：水蒸气液化的条件是受冷，温度差越大，液化现象越明显。

36.【答案】解：

(1)由v=st可得，所需的时间：

t=sv=50km100km/h=0.5h；

(2)汽车总质量m=1.5t=1.5×103kg，

汽车的总重力G=mg=1.5×103kg×10N/kg=1.5×104N，

汽车受到的阻力是总重的0.08倍，即f=0.08G=0.08×1.5×104N=1.2×103N，

因为匀速通过大桥，所以牵引力F=f=1.2×103N，

牵引力所做的功W=Fs=1.2×10【解析】(1)根据速度的变形公式计算所需的时间；

(2)已知汽车的质量可求得其重力，根据小汽车所处运动状态对汽车进行受力分析，利用二力平衡的条件求出牵引力的大小，然后利用W=Fs可求得牵引力所做的功；

(3)根据Q=mq可求得汽油完全燃烧放出的热量，再利用η=WQ可求得汽油机的效率。

本题考查了重力的计算、速度公式及其应用、功的计算等，关键是知道汽车匀速行驶时处于平衡状态，受到的牵引力和阻力是一对平衡力。对于这类综合题目，要快速联想选择相对应的公式进行求解，在计算过程中注意单位要统一。

37.【答案】解：(1)水吸收的热量：

Q吸=cm△t=4.2×103J/(kg⋅℃)×500kg×(100℃−20℃)=1.68×108J；

(2)天然气完全燃烧放出的热量：

Q放=Vq天然气=12m3×4.2×107J/m3=5.04×108J；

燃气锅炉烧水时的效率：

η=Q吸Q【解析】本题主要考查了燃料完全燃烧放热公式Q放=Vq、Q吸=cm△t=cm(t−t0)和效率公式的掌握和运用，难度不大，属于基础题目。

(1)由热量公式Q=cm△t可以求出水吸收的热量；

(2)由燃烧值公式可以求出天然气完全燃烧释放的热量，由效率公式求出燃气灶烧水的效率；

(3)换用可燃冰，根据可燃冰的热值为同体积天然气的160倍，可知可燃冰的热值，再利用Q=Vq可求得应使用多少m3可燃冰。

38.【答案】解：

(1)由乙图可知加热过程中温度从70℃升高到100℃，

这段过程中豆浆吸收的热量：

Q吸=cm△t=4.0×103J/(kg⋅℃)×1.5kg×(100℃−70℃)=1.8×105J，

(2)由甲图得出1100W和200W功率工作的时间分别为：

t1=5min+3min+3min=11min=1160h，【解析】(1)由乙图可知加热过程中温度的变化，根据Q=cm△t求出豆浆吸收的热量；

(2)根据甲图得出1100W和200W功率工作的时间，利用W=Pt求出各自消耗的电能，两者之和即为总共消耗的电能。

本题考查了吸收热量和消耗电能的计算，关键是公式及其变形的灵活运用，难点是两幅图得出预热、打浆、加热工作的时间和电功率以及温度的变化。

39.【答案】控制不同物质的质量相同

等于

98

2.1×103

【解析】解：(1)本实验需要用到天平这一测量工具，目的是：控制不同物质的质量相同；

(2)加热10min，水吸收的热量等于煤油吸收的热量；

(3)水沸腾时保持不变的温度叫沸点，小明作出了水和煤油的温度随加热时间变化的图象(如图乙)，由图象可知，水的沸点是98℃，

由图乙知，升高相同的温度，水用的时间是煤油的2倍，即吸收的热量是煤油的2倍，根据c=Qm△t，在质量、升温相同的情况下，比热容与Q成正比，故煤油的比热容是：

12×4.2×103J/(kg⋅℃=2.1×103J/(kg⋅℃)。

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