天津市和平区2025-2026学年高三第一次质量调查物理试题（含答案）

天津市和平区2025-2026学年高三第一次质量调查物理试题

一、单项选择题（每小题5分，共25分。每小题给出的四个选项中，只有一个是正确的）

1.物理知识在生活中有广泛的应用，下列说法中正确的是（）

入射光

平板玻璃

两张纸片

IIIIIII

T

A.甲图，雷达使用的微波衍射现象不明显，有利于进行准确定位

B.乙图，内窥镜利用了光的偏振现象

C.丙图，肥皂膜上的彩色条纹是光的衍射产生的

D.丁图，将中间的纸片拿掉一张后，从上往下看条纹间距变小

2.天津装机容量最大的北疆电厂，其向用户输电原理如图所示。升压变压器的原、副线圈匝数比为叫“2，

原、副线圈两端电压分别为Ui、电流分别为A、/2；降压变压器的原、副线圈匝数比为叫:九4,原、副线

圈两端电压分别为内、电流分别为，3、〃，输电线上电阻为Ro。发电厂的输出电压力始终保持不变，各

变压器均可视为理想变压器。下列说法正确的是（）

发

电

厂

升压变压裕&降压变压器

A"=竺

A，%n3

C.若几2变为原来的K倍，则输电线上损耗的功率变为原来的K倍

D.用户端用电器增加导致总电阻变小时，U2与。3的比值不变

3.如图所示，物体中两分子，以甲分子所在位置为坐标原点，乙分子固定在r轴上，甲、乙两分子间作用力

与两分子间距离关系图像如图。现把乙分子从小处由静止释放，取无穷远处分子势能为0,则（）

F

O

A.乙分子从厂3到丁2过程中表现为引力，从丁2到丁1过程中表现为斥力

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B.乙分子从丁3到丁1过程中，两分子间作用力先减小后增大

C.乙分子从口到门过程中，分子势能一直在减小

D.乙分子在门位置时，分子势能为零

4.如图所示，向前行驶的车厢内有甲、乙两质量相同的货物，甲放在车厢地板上，乙放在货架上，货物在

自身重力G与车厢（含货架）的作用力F的作用下与车厢保持相对静止，有一小球用细线悬挂在车厢的天花

板上，某段时间内悬线与竖直方向天角为。保持不变。下列说法中正确的是（）

A.车厢的速度越大，悬线与竖直方向的夹角8越大

B.甲受车厢地板的摩擦力可能为（）

C.甲受到的车照作用力F可能等于自身的重力G

D.车厢对甲的作用力与对乙的作用力相等

5.波源在同一均匀介质中以不同频率做简谐运动，先后形成沿x轴正方向传播的4列不同简谐横波，如图

为在波的传播方向上，介质中平衡位置相距为s的a、b两质点间形成的4种不同波形图，从图中各自所示时

刻开始计时，4列简谐横波中质点b到达波谷所用时间最短的是（）

二、不定项选择题（本大题共3小题，每小题5分，每小题给出的四个答案中，都有多个是正确的，

全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错或不答的得。分）

6.对二原子、原子核，人们无法直接观察到其内部结构，只能通过对各种实验事实提供的信息进行分析、

猜想、提出微观模型，并进一步接受实验事实的检验，进而再对模型进行修正。下列正确的是（）

A.电子的发现说明原子本身是有结构的

B.汤姆孙的枣糕模型说明原子具有核式结构

C.玻尔的原子理论成功地解释了氢原子光谱的实验规律

D.天然放射现象说明电子是原子核的组成部分

7.我国的航空航天技术发展迅速，现已广泛服务于多个领域-其中，北斗二号的二颗6^。下星（地球同步

静止卫星）为导航系统实现信号增强，近地卫星风云三号G星（FY-3G）主要用于降水测量，这些卫星的轨

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道近似为圆形，已知P是地球赤道上的一点，下列判断正确的是（)

A.GEO卫星线速度大于P点的线速度

B.风云三号G星的周期大于P点的周期

C.GEO卫星角速度大于风云三号G星的角速度

D.风云三号G星的向心加速度大于P点的向心加速度

8.用试探电荷的受力和运动情况可以探测电场中场强和电势的分布。如图甲所示，两个被固定的点电荷

QrQ?，连线的延长线上有a、b、c三点，带负电。带负电试探电荷q仅在电场力作用下，£=0时刻从a

点沿着ac方向运动，其口-t图像如图乙所示，图中%、%、%对应试探电荷经过a、b、c三点时的速度，下

列判断正确的是（）

A.电荷量IQ2I可能大于|QJB.可能带负电

C.b点场强■—定为零D.a点电势一定高于c点电势

三、2、本卷共4题，共60分。

9.（1）如图甲所示的装置，附有滑轮的长木板平放在实验桌面上，将细绳一端拴在小车上，另一端绕过定

滑轮，挂上适当的槽码使小车在槽码的牵引下运动，利用这套装置做“探究加速度与力和质量的关系”的实验

①在进行实验时，需要先将长木板倾斜适当的角度，这样做的目的是,还要求槽码的质量远小

于滑块的质量，这样做的目的是

A.避免在小车运动的过程中发生抖动

B.使小车获得较大的加速度

C.使细线的拉力等于小车受到的合外力

D.使小车最终能匀速运动

E.使纸带上点迹清晰，便于进行测量

F.使细线的拉力近似等于槽码重力

②图乙是实验中得到的一条纸带，A、B、C、D、E、F、G为7个相邻的计数点，相邻的两个计数点之

间还有四个点未回出。量出相邻的计数点之间的距离分别为s.=4.22cm、SBC=4.65cm、Sg=5.08cm、

s0£=5.49cm、sEF=5.91cm,sFG=6.34cmo已知打点计时器的工作频率为50Hz,则小车的加速度。=—

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m/s2（结果保留2位有效数字）。

乙

（2）实验小组利用铜片、锌片和橙子制成水果电池，并测量该水果电池的电动势和内电旺；通过查询,

水果电池的电动势约为1.5V,内阻约为几百欧。现有以下器材:

I—[―£1-4~~n

甲乙

A.电压表V（量程15V,内阻约为15kQ）

B.电流表&（量程3mA,内阻约为200C）

C.电流表乙（量程1mA,内阻为500Q）

D.定值电阻h=ion

E.定值电阻/?2=MQ

F.滑动变阻器R（最大阻值为1000Q）

G.升关、导线若干

①小组设计了如图甲所示的电路，正确连接后进行尝试发现该方案不可行，原因是

②小组重新设计了如图乙所示电路，图中虚线部分有a、b两种连接方式，为使实验误差更小，应选用—

（选填匕”或“b”）所示的连接方式。

③按正确电路进行实验得到多组数据，做出电表82示数与公示数的关系，2-A图像如图内所示，该图像

的纵轴截距和横轴截距分别为九和劭，则可以计算得出该水果电池准确的内电阻值r=

10.如图所示，半径R=0.4m的圆弧轨道固定在竖直平面内，轨道的一个端点B和圆心O的连线与水平方

向间的夹角6=30。，另一端点C为轨道的最低点，C点右侧的光滑水平路面上紧挨C点放置一足够长的木

板，木板质量M=0.5kg,上表面与C点等高。质量m=1kg的物块（可视为质点）从空中A点以%=

1m/w的速度水平抛出，恰好从轨道的B端沿切线方向进入轨道，沿轨道滑行，之后又滑上木板，木板获得

的最大速度为也=2m/s,取g=10m/s2,求：

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%处

4一-""

777777

A

/////////////////////////////

(1)A、B两点间的竖直高度h；

(2)物块刚到达轨道上的C点时对轨道的压力FN；

(3)在圆弧轨道运动过程摩擦力对物块做的功Wf。

11.利用电场和磁场可以控制带电粒子的轨迹。如图所示，半径为R的圆形区域内存在垂直纭面向外的匀强

磁场，MN为过圆心0的竖直轴，纸面内边长也为R的正方形abed内存在与ab边平行的匀强电场，be边所

在直线与MN重合，ab边与圆相切，质量为m、电荷量为q的粒子从P点正对圆心O以大小为先的速度垂

直射入磁场，速度方向与MN夹角为60。，之后从MN与圆的交点b射出磁场立即进入电场，最后恰好从d

点射出电场，打在ad边左侧距离为R处的竖直照相底片上，不计粒子重力，求:

(1)匀强磁场的磁感应强度B；

(2)粒子打到照相底片上时的速度大小巧;

(3)粒子从进入磁场到打到照相底片上的运动总时间I。

12.如图所示，两根平行间距为L的金属导轨固定于水平面上，导轨电阻不计。一根质量为m、电阻为R的

金属棒垂直放于导轨上，导轨与金属棒间的动摩擦因数为〃。导轨左端连有阻值也为R的电阻，在电阻两端

接有电压传感器并与监视器相连。空间中存在多段竖直向下的匀强磁场区域，磁感应强度大小均为B,每段

磁场区域的宽度均为2d,相邻两段磁场区域的间距为d,金属棒初始位置。。'与第1段磁场左边界的距离为

x0=^d,金属棒与导轨接触良好。

第5页

（1）金属棒在外力作用下穿过各段磁场，已知进入某磁场的速度大小为V,若使金属棒匀速通过该磁

场，求：在该磁场中运动过程需对金属棒施加水平向右拉力F1的大小。

（2）现对金属棒施加一个水平向右的恒定拉力F?=（g为重力加速度），使金属棒从初始位置0。'

由静止开始运动，若已知金属棒刚穿过第1段磁场区域的速度为进入第1段磁场区域速度的热求穿过第1

段磁场过程中回路产生的焦耳热Q及通过金属棒横截面的电荷量q；

（3）金属棒在尸2=3〃mg持续作用下穿过各段磁场。运动一段时间后，从监视器可发现，电压呈稳定的

周期性变化（即棒在通过每段磁场区域和无磁场区域的过程中，速度的变化规律完全相同），求：此周期性

变化的电压的有效值U行。

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答案解析部分

1.【答案】A

【解析】【解答】A.甲图，微波波长较短，衍射现象不明显，沿直线传播性好，利于雷达准确定位，A正

确：

B.乙图，内窥镜利用光的全反射传输信号，不是偏振现象，B错误；

C.丙图，肥皂膜彩色条纹是薄膜干涉现象，不是衍射，C错误；

D.丁图，拿掉一张纸片，空气膜倾角6减小，由2xtan6=/l可知条纹间距》变大，D错误。

故答案为：Ao

【分析】A：波长越短衍射越弱，微波直线性好适合雷达定位；

B：光导纤维、内窥镜的原理是全反射；

C：薄膜干涉产生肥皂膜彩色条纹；

D：劈尖干涉条纹间距随倾角减小而增大。

2.【答案】B

【解析】【解答】A.患二,，力=/2价+出，故肾工最，A错误；

B.理想变压器电流比2=用，且/2=/3,因此£=舒，B正确：

C.既变为K倍，，2=*/1变为4倍，损耗功率P=^R。变为白倍，C错误：

2人K

D.用户端总电阻变小，〃增大、，3增大，〃2=/2%+/，U2增大、为减小，故贯增大，D错误。

故答案为：Bo

【分析】A：输电线存在电压损耗，U2*U3;

B：理想变压器电流与匝数成反比，输电线电流处处相等；

C：输电损耗功率与输电电流平方成正比；

D：用户负载变化会引起输电电流、电压损耗变化，比值改变。

3.【答案】C

【解析】【解答】A.r=q是分子上为0的平衡位置，r时分子力表现为引力，故从门到门全过程均为引

力，A错误；

B.乙分子从小到门，分子引力先增大到峰值后减小，作用力先增大后减小，B错误；

C.从丁3到「1，分子力始终为引力，乙分子靠近甲分子时引力一直做正功，分子势能一直减小，C正确；

D.取无穷远处分子势能为0,从无穷远到ri引力持续做正功，分子势能持续减小，故勺处分子势能小于0,

D错误。

故答案为：Co

【分析】A：时分子力为引力，rvq时为斥力：

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B：分子力大小随距离变化为先增后减；

C：引力做正功，分子势能减小；

D：平衡位置处分子势能最小且为负值。

4.【答案】D

【解析】【解答】A.对小球受力分析，如下图所示,

由牛顿第二定律tan。夹角9仅与加速度Q有关，与车厢速度无关，A错误；

B.甲与小球加速度相同，具有水平向左的加速度，故甲一定受地板向左的静摩擦力，摩擦力不可能为0,B

错误；

C.甲受到车厢的作用力是支持力与摩擦力的合力，竖直方向平衡重力，水平方向提供加速度，因此合力一

定大于重力，c错误；

D.甲、乙质量相同、加速度相同，车厢对货物的作用力为重力W合力的矢量和，二者大小、方向均相同，

故作用力相等，D正确。

故答案为：Do

【分析】A：悬线夹角由加速度决定，与速度无关；

B：甲有水平加速度，一定受静摩擦力；

C：车厢作用力为支持力与摩擦力的合力，大于重力；

D：质量、加速度均相同，车厢对二者的作用力相同。

5.【答案】B

【解析】【解答】波速“不变，波谷到匕的水平距离越小，所需时间越短

A：波谷在Q、匕中点，距离b较远，A错误；

B：波谷紧邻匕左侧，距离最近，B.iE确；

C、D：波谷位置离力更远，CD错误。

故答案为：Bo

【分析】同一均匀介质中，波速u相同：波沿+工方向传播，波谷向右移动，质点b到达波谷的时间：t=?,

△》为最近波谷到b的水平距离；波长关系：〃=2s,及=3,而弓；观察波形确定答案。

6.【答案】A,C

【解析】【解答】A.电子的发现打破了原子不可再分的认知，证明原子具有内部结构，A正确；

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B.汤姆孙枣糕模型认为正电荷均匀分布，核式结构由卢瑟福a粒子散射实验提出，B错误；

C.玻尔原子理论引入量子化能级，成功解释了氢原子光谱的分立规律，C正确；

D.天然放射现象说明原:核有内部结构，电厂不是原广核的组成部分，D错误。

故答案为：ACo

【分析】A：电子的发现揭示原子可再分；

B：核式结构由卢瑟福提出，非汤姓孙；

C：玻尔理论的成功应用为解释氢原子光谱：

D：原子核由质子、中子构成，不含电子。

7.【答案】A,D

【解析】【解答】A.GEO卫星为地球同步卫星，与赤道上P点角速度3相同，由〃=rGE0>rP,故

UGEO>"p，A正确；

B.根据开普勒第三定律g=风云三号G星轨道半径小于GEO卫星，周期更小；GEO卫星与P点周期

相等，故风云三号G星周期小于P点周期，B错误；

C.由幻=席,轨道半径越大角速度越小，故3GEO<3风云三优,c错误；

「■Jt

2aPfD

D.由a=芦，得。用去三%>QGE。：由Q=a）r,得CIGEO>即，因此°风云三%>正确。

故答案为：ADo

【分析】A：同轴转动角速度相同，线速度与轨道半径成正比；

B：轨道半径越小，卫星周期越小；

C：角速度随轨道半径增大而减小；

D：向心加速度可结合万有引力公式、角速度公式分步比较。

8.【答案】C,D

【解析】【解答】A.b点场强为零，两电荷在b点场强等大反向.Qi带负电，故Q?带正电；b点离（?2更近，

由9=上9可知IQ2IVIQil，A错误；

B.（?2必须带正电，才能与明在b点场强抵消，B错误；

C.口-亡图像斜率表示加速度，b点斜率为0即加速度为0,由。=变得b点场强为零，C正确；

m

D.从a到c,试探电荷（负电荷）动能减小，电场力做负功，电势能增大；负电荷在电势越高处电势能越

小，故8a>/，D正确。

故答案为：CDo

【分析】A：场强为零处，近的点电荷电荷量更小；

B：Q2必须带止电才能抵消Q1的场强；

C：加速度为零处，电场强度为零；

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D：负电荷电势能越大，所在位置电势越低。

9.【答案】（1）C；F；0.42

（2）电压表量程过大，使指针偏转角度过小；b；粤整

xQ~yo

【解析】【解答】（1）①将长木板倾斜适当的角度，是为了平衡摩擦力，使小车受到的重力沿斜面向下的分

力与摩擦力抵消，从而使细线的拉力等于小车受到的合外力，故c正确；

要求槽码的质量远小于小车的质量，是为了使细线的拉力近似等于槽码的重力。对整体有mg=（M+m）a,

对小车有T=Ma=黑^=撬

当m«M时，有Tvmg,故F正确。

②相邻的两个计数点之间还有四个点未画出。则相邻计数点间的时间间隔7=0.1s

根据逐差法公式Q=（SDE+SEF+SFGA，AB+SBC+SCD）

9TZ

心二贴的汨（5.49+5.91+6.34）—（4.22+4.65+5.08）2/2/2

代入数据得Q=-------------二f--------------x102m/szx0n.42m/s/

9x0.1

故答案为：故答案为：①C；F；@0.42

（2）①水果电池电动势约为1.5V,而电压表V的量程为15V。指针偏转角度太小，读数误差大，无法准确

测量。

②本实验利用/串联定值电阻改装成电压表。由于4内阻约为200。（不准确），

若选a,A2支路并联在变阻器两端，公测总电流，路端电压U=/2（/<42+R）+，lR41计算内阻须知R/u准

确值，误差大。

若选b,A2支路并联在电源两端（测路端电压）,&测外电路电流,方程为E=/2（&2+R）++，2）丁不

涉及aI，且心2和％己知准确，误差更小。故应选b所示的连接方式。

③选用b接法，A2串联R2=MC改装成电压表，总电阻即=以2+%=1500。

FV

根据闭合电路欧姆定律E=I2RV+&+/2）r,整理得/2=瓦上一瓦七。

由图像可知，纵轴截距'。二磊:，横轴截距与满足。=磊一向右

即出=冬联立解得「=苴呼=瞿9

ur%。y。勺V。

故答案为：①电压表量程过大，使指针偏转角度过小；@b；③粤整

【分析】（1）探究加速度与力和质量的关系：

①倾斜长木板是平衡摩擦力，使细线拉力等于小车合外力；槽码质量远小于小车质量，使细线拉力近似等

于槽码重力；

②用逐差法计算匀变速直线运动的加速度。

（2）测水果电池电动势和内阻：

①电压表量程过大，读数误差大；

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②选择合适电路接法，减小系统误差；

③结合闭合电路欧姆定律，由图像截距推导电源内阻。

(1)①将长木板倾斜适当的角度，是为了平衡摩擦力，使小车受到的重力沿斜面向下的分力与摩擦力

抵消，从而使细线的拉力等于小车受到的合外力，故选Co

要求槽码的质量远小于小车的质量，是为了使细线的拉力近似等于槽码的重力。对整体有mg=(M+

对小车有T=MQ=融=阴

八jJ卡门M+m1+咎

当m«M时，有Txmg

故选Fo

②⑶相邻的两个计数点之间还有四个点未画出。则相邻计数点间的时间间隔T=0.1s

根据逐差法公式。二包吐加垃~G券A吐红色加

/心、她困4H(5.49+5.91+6.34)—(4.22+4.65+5.08)/7nAHt2

代入数据得Q=--------------S----------------x102m/szx0.42m/s2

9x0.1”

(2)①⑴水果电池电动势约为1.5九而电压表V的量程为15V。指针偏转角度太小，读数误差大，无法准

确测量。

②12］本实验利用4串联定值电阻改装成电压表。由于4内阻约为200C(不准确)，若选a,公支路并联在

变阻器两端，4测总电流，路端电压〃=/2(以2+2+/1以1

计算内阻须知心1准确值，误差大。若选b,42支路并联在电源两端(测路端电压)，41测外电路电流，方

程为E=12(RA2+R)+(A+/2)r

不涉及&i，且R<2和％已知准确，误差更小。应选b所示的连接方式。

③⑶选用b接法，/串联R2=MQ改装成电压表，总电阻即=心2+&=1500。

根据闭合电路欧姆定律E=l2Rv+(A+I2)r

整理得‘2=磊一向A

p

由图像可知，纵轴截距%=而彳

Fr

横轴截距均满足0=瓦2一用布:飞

即Xo=f

yR15OOy

联立解得r=0vo

xo-yo~xo-y()

又因为公萋

10.【答案】(1)解：由平抛运动可知到达B点时竖直速度叫

LIX，CDU

可得h=0.15m

(2)解：在木板上滑行过程，有mi7c=(M+7n)%

在C点，有?一眼=抽去

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由牛顿第三定律FN=5

可得f\=32.5N,方向竖直向下。

（3）解：在BC上滑动过程，由动能定理有?ngR（l+sin。）+监=评—诏

其中女=si：%，可得Wf=-3.5/

【解析】【分析】（1）平抛运动到达B点速度沿切线方向，分解速度求竖直分速度，结合竖直上抛/平抛运

动规律求竖直高度；

（2）物块滑上木板后动量守恒求出C点速度，在C点由向心力公式求支持力，再由牛顿第三定律得压力;

（3）先求B点速度，对B到C过程用动能定理，求解摩擦力做功。

（1）由平抛运动可知到达B点时竖直速度为=法标

切嚼

可得h=0.15m

（2）在木板上滑行过程，有mq；=（M+m）也

在C点，有产一%=忑

由牛顿第三定律人=/

可得=32.5/V

方向竖直向下。

（3）在BC上滑动过程，由动能定理有mgR（l+sin。）+Wf=避—2加诏

其中力=豆标

可得Wf=-3.5/

11.【答案】（1）解：粒子在磁场中运动，根据洛伦兹力提供向心力有

由几何关系r=V3/?

解=谶

（2）解：在电场中，粒子做类平抛运动有R=R壬t

又也二J诏+必

解得也=\[5VQ

（3）解：粒子在磁场中的运动时间h

1O

2nr

其中7=

粒子在电场中的运动时间以=;D

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粒子离开电场后的运动时间匕=4

可得+=h+&+、=%型

【解析】【分析】(1)粒子在磁场中受洛伦兹力做匀速圆周运动，由几何关系求轨道半径，结合洛伦兹力提供

向心力求解磁感应强度;

(2)粒子在电场中做类平抛运动，分解速度，由运动学公式求分速度，再合成合速度;

(3)分三段：磁场中圆周运动、电场中类平抛、出电场后匀速直线运动，分别求时间再求和。

(1)粒子在磁场中运动，根据洛伦兹力提供向心力有］%8=加4

由几何关系r=V3/?

解得8=鬻

(2)在电场中，粒子做类平抛运动有R=%£,R=^t

又