人教版初中物理八年级下学期期末模拟测试B卷（解析版）

人教版初中物理八年级下学期期末模拟测试卷B卷

一、选择题（每题3分，共30分）

A.甲图：跳水运动员将跳板压弯

B.乙图：在力的作用下小铁球做曲线运动

C.丙图：在绳子拉力的作用下，物体做圆周运动

D.丁图：运动员用头顶球后，球的运动方向发生改变

【答案】A

【解析】【解答】甲图中力的作用效果是让物体发生形变，乙图、丙图和丁图中力的作用效果是让物体的运动

状态发生变化，可知甲图中力的作用效果与乙、丙、丁作用效果不填，故A正确，BCD错误。

故选Ao

【分析】力的作用效果有两个：力可以改变物体的形状和运动状态，而运动状态变化包括运动方向变化、速

度大小变化。

2.下列有关力的说法正确的是（）

A.互相接触的两物体，一定产生弹力作用

B.静止在粗糙水平面上的物体不一定受到摩擦力

C.从力的性质来看，重力、压力、支持力、拉力都属于弹力

D.茶杯放在水平桌面上，茶杯对桌面的压力是由于桌面发生弹性形变而产生的

【答案】B

【解析】【解答】A：只有相互接触，并且互相挤压产生弹性形变的两个物体之间才会产生弹力，故A错误；

B：如果静止在粗糙水平面的物体和水平面之间存在相对运动趋势，二者之间就会有摩擦力，如果物体不存

在相对运动趋势，就不会受到摩擦力，故B正确；

C：从力的性质分类，重力本质属于万有引力，不属于弹力，而压力、支持力、拉力都属于弹力，故C错

误；

D：将茶杯放在水平桌面上时，茶杯对桌面施加的压力，是由茶杯自身发生弹性形变产生的，桌面发生弹性

形变产生的力是桌面对茶杯的支持力，故D错误。

故选Bo

【分析】弹力的产生是由于物体产生形变，恢复原状的力:

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摩擦力是物体产生相互作用，且具有相对运动的趋势，或者相互运动；

压力：物体由于（通常为接触），产生的形变，会复原来物理状态的力为弹力，即为支持力，支持力作用于

物体接触面之间，垂直接触面向下。

重力为万有引力。

3.以下关于中学生的健康小建议中，数据估算正确的是（）

A.保证每日饮水量充足，约为20mL

B.每天慢跑半小时，速度约为36km/h

C.下课时站立远眺，双脚站立对地面压强约为1.3X104PQ

D.保持合适的体重，中学生的重力约为50N

【答案】C

【解析】【解答】A.中学生每日饮水量约1200〜1400mL（1.2〜1.4L）,20mL太少,故A错误。

B.36km/h=10m/s,接近百米冲刺速度;正常慢跑约4〜6m/s（14〜22km/h）,故B错误。

C.中学生质量约50kg,重力G=500N；双脚接触面积约0.04m2；压强p=?1.25x1（Wa,与iBxlVPa接

近，故C正确。

D.50N对应质量仅5kg,中学生质量约50kg,重力约500N,故D错误。

故选：Co

【分析】解答估测选择题的方法：利用生活中我们熟悉的一些数据作为根据，进行单位换算，有时要利用基

本公式求未知物理量。

4.小星和爸爸妈妈周末驾车到长沙市的橘子洲风景区去游玩，下列有关惯性的说法中正确的是（）

A.小星和爸爸妈妈都系上安全带，是为了减小汽车行驶中人的惯性

B.汽车行驶过程中车速不能过快，是因为汽车速度越大惯性越大

C.爸爸踩刹车后，汽车仍向前滑行了一段距离，是由于汽车具有惯性

D.汽车紧急刹车时，小星向前倾，是由于小星受到惯性的作用

【答案】C

【解析】【解答】A、惯性大小只与物体的质量有关，系安全带不能减小人的惯性，只能防止惯性带来的伤

害，故A错误；

B、惯性大小只与物体的质量有关，与速度无关，汽车速度越快，动能越大，制动距离越长，但惯性不变，

故B错误；

C、爸爸踩刹车后，汽车仍向前滑行了一段距离，是由于汽车具有惯性，要保持原来的运动状态继续前进，

故C正确；

D、汽车紧急刹车时,小星向前倾.是由于小星具有惯性,惯性是物体的固有属性,不能说“受到惯性的作

用“，故D错误；

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故答案为：Co

【分析】A、考查惯性的影响因素，惯性只与质量有关，系安全带无法改变质量，因此不能减小惯性；

B、考查惯性与速度的关系，惯性与速度无关，速度大时动能大，制动距离长，与惯性大小无关；

C、考查惯性的应用，物体具有保持原来运动状态不变的性质，汽车刹车后因惯性继续滑行；

D、考查惯性的表述，惯性是物体的属性，不是力，不能说“受到惯性的作用

5.自2025年9月开赛以来，湘超联赛火爆三湘。关于足球运动，卜列说法正确的是

A.运动员带球时持续踢球，说明物体运动需要力来维持

B.足球在空中£行过程中，受到重力和踢球的力的作用

C.守门员抱住飞向球门的球，说明力可以改变物体的运动状态

D.足球在水平草地上滚动时，受平衡力的作用

【答案】C

【解析】【解答】A、根据牛顿第一定律，物体的运动不需要力来维持，持续踢球是为了改变足球的运动状

态，故A错误。

B、足球离开脚后在空中飞行时，脚对球不再有力的作用，它只受重力和空气阻力的影响，故B错误。

C、守门员抱住飞来的足球，足球由运动变为静止，运动状态发生了改变，说明力可以改变物体的运动状

态，故C正确。

D、足球在水平草地上滚动时，受到摩擦力的作用，速度逐渐减小，运动状态发生改变，因此它受到的是非

平衡力，故D错误。

故选：Co

【分析】（1）力不是维持物体运动的原因，而是改变物体运动状态的原因。

（2）足球离开脚后，踢球的力消失，不再受该力作用。

（3）力可以改变物体的形状，也可以改变物体的运动状态。守门员抱住球，使球由运动变为静止，体现了

力改变物体运动状态的效果。

（4）物体静止或匀速直线运动时，受平衡力作用。足球在草地上滚动时速度减小，不是平衡状态，因此不

受平衡力。

6.如图所示，在12N的水平拉力F作用下，木板A在水平地面匀速向右运动的过程中，物体B相对■于地面

静止，此时弹簧测力计的示数为3N,则（）

A.B所受滑动摩擦力为3N,方向水平向左

B.B所受滑动摩擦力为9N,方向水平向右

C.A受到地面的摩擦力大小为9N,方向水平向左

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D.A受到地面的摩擦力大小为12N,方向水平向左

【答案】C

【解析】【解答】A、物体B相对于地面静止，受力平衡，水平方向上弹簧测力计对B的拉力与A对B

的滑动摩擦力大小相等、方向相反，弹簧测力计示数为3N,故B所受滑动摩擦力为3N,方向水平向右，

故A错误；

B、由上述分析可知，B所受滑动摩擦力为3N,方向水平向右，故B错误；

C、木板A匀速向右运动，受力平衡，水平方向上受到向右的拉力F=12N,向左的B对A的摩擦力（大

小为3N）和地面对A的摩擦力，故地面对A的摩擦力大小为12N-3N=9N,方向水平向左，故C正确；

D、由上述分析可知，A受到地面的摩擦力大小为9N,方向水平向左，故D错误；

故答案为：Co

【分析】A、考查二力平衡的应用，物体B静止时，滑动摩擦力与弹簧测力计拉力大小相等、方向相反；

B、考查滑动摩擦力的方向判断，摩擦力方向与相对运动方向相反，A向右运动，故B受到的摩擦力方向

向右；

C、考查受力分析与二力平衡，木板A匀速运动时，拉力与两个摩擦力的合力平衡，据此计算地面对A的

摩擦力；

D、考杳受力分析，忽略了B对A的摩擦力，错误地认为地面对A的摩擦力等于拉力Fo

7.2024年6月，嫦娥六号探测器（如图）成功实施了月背采样任务，取回了1935.3克月壤样品。采

集土壤后嫦娥六号总重力为G,对月球表面的压力为F压，月球表面对嫦娥六号的支持力为F支，下列说

法正确的是（）

A.F压和F支是一对平衡力

B.G和F支是一对相互作用刀

C.探测器在减速降落时惯性不变

D.探测器在减速降落时，合力方向向下

【答案】C

【解析】【解答】A、探测器对月球表面的压力FIE,受力物体是月球表面；月球对探测器的支持力F支，受

力物体是探测器。这两个力作用在不同物体上，是一对相互作用力，不是作用在同一物体上的平衡力，A错

误。

B、探测器受到的月球重力G和月球对探测器的支持力F玄，受力物体都是探测器，是一对平衡力,不是作

用在不同物体上的相互作用力，B错误。

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C、惯性是物体的固有属性，只与物体的质量有关，与运动状态无关。探测器减速降落时质量不变，因此惯

性不变，C正确。

D、探测器减速降落时，运动方向向下，减速说明合力方向与运动方向相反，即合力方向向上，D错误。

故答案为：Co

【分析】1、平衡力与相互作用力的区分

平衡力：两个力作用在同一个物体上，大小相等、方向相反、作用在同一直线上。

相互作用力：两个力作用在两个不同物体上，大小相等、方向相反、作用在同一直线上，同时产生、同时消

失。

2、惯性的性质

惯性是物体保持原来运动状态不变的性质，是物体的固有属性，其大小只由物体的质量决定，与物体的速

度、运动状态、受力情况均无关。

3、力与运动的关系

物体的运动方向与合力方向相同时，物体做加速运动；运动方向与合力方向相反时，物体做减速运动。探测

器减速降落时，运动方向向下，因此合力方向向上。

8.如图所示的四个情景，下列说法中错误的是（）

甲乙丙丁

A.甲图中拦河大坝上窄下宽是因为水的深度越深，压强越大

B.乙图中载重汽车有许多宽大的轮子是为了减小对路面的压力

C.丙图中的龙卷风能够把地面上的物体“吸”起卷入空中的原因是龙卷风内部流速大压强小

D.丁图中的自制气压计从山脚到山顶，细管中液面会升高

【答案】B

【解析】【解答】A.液体压强随深度的增加而增大，为了安全，拦河大坝上窄下宽，故A正确，不符合题

意；

B.载重汽车的车轮宽大，在压力一定时，增大受力面积，减小压强，故B错误，符合题意；

C.龙卷风能把地面上的物体“吸”入空中，是龙卷风内部流速大压强小，产生压强差，故C正确，不符合题

意；

D.大气压随海拔高度的增大而减小，将气压计从山脚拿到山顶，外界大气压降低，瓶内气压不变，细管中

液面会上升，故D正确，不符合题意。

故选Be

【分析】同种液体，深度越深；压强越大，压力一定时，增大受力面积，可以减小压强；大气压强随海拔高

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度的增大而减小：流体在流速大的地方压强小。

9.取一根木棒，在它的一端缠绕一些铜丝就做成了一个简易密度计，将其分别放入甲、乙两个盛有不同液

体的烧杯中，它竖直立在液体中的漂浮情况如图所示。设密度计在甲、乙两个烧杯中所受的浮力分别为F甲

和F乙，两个烧杯中液体的密度分别为p甲和p乙，则（）

甲乙

A.F甲＞F乙B.F甲＜F乙C.p甲＞p^D.p甲Vp乙

【答案】D

【解析】【解答】AB.同一个密度计放在甲、乙液体中都处于漂浮状态，则它受到的浮力始终等于自身的重

力，

由于密度计的重力保持不变，所以浮力F，产F乙，

所以密度计在甲、乙两种液体中受到的浮力都等于密度计受到的重力G,故AB错误；

CD.根据图片可知，密度计排开液体的体积V界甲VV件乙，且二者受到的浮力相等，

根据阿基米德原理F淬=p液V加g可知，液体的密度p甲,p乙，故C正确、D错误。

故选Co

【分析】AB.根据物体的漂浮条件比较甲和乙受到浮力的大小；

CD.根据图片比较密度计排开液体体积的大小美系，再根据阿基米德原理„vVJltg分析液体的密度大小

关系。

10.2026年2月18口，在2026年米兰冬奥会单板滑雪男子坡面障碍技巧决赛中，中国选手苏翊鸣为中国体

育代表团夺得本届冬奥会首枚金牌。他在比赛中的场景如图所示，对其比赛过程分析正确的是（）

A.加速滑行时，不受阻力B.下落过程中，机械能增大

C.跳跃腾空时，利用惯性D.缓冲减速时，运动状态不变

【答案】C

【解析】【解答】A、加速滑行时，运动员会受到雪面的阻力和空气阻力，并非不受阻力，故A错误;

B、下落过程中，运动员需克服空气阻力做功，机械能会减少，故B错误；

C、跳跃腾空时，运动员由于惯性会保持原来的运动状态继续向前运动，利用了惯性，故C正确；

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D、缓冲减速时，运动员的速度发生变化，运动状态改变，故D错误；

故答案为：Co

【分析】A、考查受力分析，滑行过程中必然存在阻力；

B、考查机械能的变化，克服阻力做功会消耗机械能；

C、考查惯性的应用，物体保持原有运动状态的性质就是惯性；

D、考查运动状态的判断，速度变化意味着运动状态改变。

二、多选题（共2题，共8分）

11.如图所示，工人站在水平台面上用滑轮组提升货物。工人用300N的力竖直向上拉动绳子，使货物以

0.09m；s的速度匀速上升。已知货物重为810N,g取10N/kg,不计滑轮组的绳重和摩擦，下列说法正确

的是（）

A.工人拉绳子的过程中，工人拉力的功率为27W

B.10s内，工人拉绳子的自由端移动的距离为2.7m

C.若增大提升重物的质量，滑轮组的机械效率不变

D.该滑轮组的机械效率为90%

【答案】B,D

【解析】【解答】A、图中，动滑轮上绳子股数n=3,工人拉力的功率为：

尸=竽=牛=Fvr=Fnv=300Nx3x0.09m/s=81W，故A错误；

B、在10s内，工人拉绳子的自由端移动的距离为:s=nvt=3xO.O9m/sx10s=2.7m,故B正确;

C、若增大提升重物的质量，重物的重力增加，有用功变大，额外功不变，机械效率变大，故C错误；

w,

D、滑轮组的机械效率为：〃==皆==余=陵翳100%=90%,故D正确。

故选BD。

【分析】根据滑轮组装置确定绳子股数，利用P二Fv,计算工人拉力的功率；

根据s=vt,计算10s内工人拉绳子的自由端移动的距离；

增大机械效率的方法有：一是增大有用功，则重物重力变大；二是减小额外功，如减小摩擦、减轻动滑轮

W

重；根据〃=”=普=盖=奈，计算机械效率。

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12.小华用如图甲所示装置进行“探究影响浮力大小的因素”实验.物体A是实心圆柱体，根据数据作出弹簧

测力计示数F与物体浸入水中的深度h的关系图象，如图乙所示，从图乙可知（g取10N/kg）（）

A.物体受到的重力为2N

B.当物体浸没在水中时受到的浮力为2N

C.物体的密度为2xl（）3kg/m3

D.浸入水中的物体所受的浮力大小与浸入深度成正比

【答案】B,C

【解析】【解答】AB.由图乙可知，物体浸没深度为0时，弹簧测力计示数为4N,则物体所受重力G=4N,

物体完全浸没在水中时受到的浮力F浮=G—F=4N—2N=2N,故A不符合题意；故B符合题意；

F

浮2N

C.由F泞=pmgV排和AB分析可知，物体的体积=丁三；=----5----；--------=2x10-4m3,物

川P水9lxlO3kg/m3xlON/kg

体重力为4N,根据G=mg可知，物体的质量巾=与=而黯=0.41^,结合密度公式计算物体的密度

P物体=导=一°呼=2xl（）3kg/m3：故c符合题意：

2x104m3

D.由图乙可知，物体完全浸入水中后受到的浮力不变，故D不符合题意。

故选BC„

【分析】1、浮力的本质为上下表面产生的压力差，计算公式为F片p液gV,*,所以物体所受浮力和物体所处的

深度无关，与排开水的体积有关，当排开水的体积越小时，浮力越小，排开水的体积越大时，浮力越大；

2、称重法测量物体浮力：先测出物体的重力，然后将物体浸入水中，弹簧测力计的示数就会减小，减小的示

数就是物体受到的浮力，

3、重力：由于地球的吸引而使物体受到的力，大小为自身重力、方向竖直向下，作用点位于物体重心。

三、填空题（共6题，共17分）

13.如图，一质地均匀的长方体，将它放在水平桌面上，匀速推出一部分露出桌面（未翻倒），则长方体桌

面的压力（选填“变大“不变”或“变小”，下同），压强,摩擦力大小（选填

“变大”、“不变”或“变小

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【答案】不变；变大；不变

【解析】【解答】长方体对桌面的压力等于其自身重力，在推出桌面的过程中，长方体的重力大小不变，因此

它对桌面的压力保持不变。

根据压强公式p=9，当压力F不变时，长方体露出桌面后，与桌面的接触面积（受力面积）S减小，因

此它对桌面的压强会变大。

滑动摩擦力的大小由压力大小和接触面的粗糙程度决定。在推出过程中，长方体对桌面的压力和接触面的粗

糙程度均未发生改变，因此它受到的滑动摩擦力大小不变。

故答案为：不变；变大；不变；

【分析】根据水平面上物体对支撑面的压力等于其重力，结合长方体重力不变的特点，直接判断压力的变化

情况；关键知识点为水平面上压力与重力的关系。

利用压强公式p=g在压力F不变的前提下，通过分析受力面积S的变化，推导压强的变化趋势；关键

知识点为压强公式的应用。

根据滑动摩擦力的影响因素（压力天小和接触面粗糙程度），分析推出过程中这两个因素的变化情况，进而

判断摩擦力的大小变化：关键知识点为滑动摩擦力的影响因素。

14.“两心壶”是我国古代先贤留下的智慧杰作。图a是改良的智慈茶壶，其俯视结构如图b所示。通过按住

壶柄上的孔，可以控制倒出的液体类型。正常使用时，壶身与壶嘴构成了,利用使

液体能够顺利流出；若想只倒出甲液体，应按住（选填“甲”或"乙”）孔。

ab

【答案】连通器；重力作用；乙

【解析】【解答】使用时，壶身与壶嘴构成J'连通器，利用重力作用使液体能够顺利流出；若捂住甲孔，

“两心壶''倾斜，两种液体都向左运动，则下侧壶内气体压强随体积的增大而减小，下侧壶内勺体压强小于外

界大气压，所以甲液体在大气压的作用下不能倒出；而乙孔使得上侧壶内与外界空气相通，则上侧壶内外的

气体压强相同，乙液体在重力作用二就可流出来，反之堵住乙孔，可以倒出甲液体。

【分析】“两心壶”倾斜时，液体向下运动，若捂住小孔，气体体积增大时，气体压强会减小，当壶内气体压

强小于外界大气压的时候,壶中的液体将倒不出来C

15.近日，运-203（如图）亮相执行本年度在韩志愿军烈士遗骸迎回任务。运-208飞行时机翼上表面的空气

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流速,压强（两空均选填“大”或“小，在机翼的上下表面形成压力差，使飞机获得

（选填“升力”或“浮力”）。

【答案】大：小；升力

【解析】【解答】S机机翼的上表面设计成凸起形状，下表面较平。当匕机向前匕行时，空气流过机翼上表面

的路程较长、速度较快，流过下表面的路程较短、速度较慢。根据流体压强与流速的关系：沈速大的地方压

强小，流速小的地方压强大。因此，机翼上表面空气流速大，压强小；下表面空气流速小，压强大。上下表

面存在压力差，方向向上，这个压力差就是飞机获得的升力，使飞机能够克服重力升空。

故答案第一空：大；第二空：小；第三空：升力。

【分析】流体压强与流速的关系：伯努利原理，即流体流速越大的位置压强越小。

机翼升力的产生：机翼上凸下平，上方空气流速大压强小，下方空气流速小压强大，形成向上的压力差，即

升力。

飞机获得的不是浮力，浮力是物体在流体中受到的上下表面压力差，但通常指静止流体中，而飞机升力是相

对运动产生的。

16.其老旧小区改造工地，工人用起重机将重1.2xIO，'的施工材料匀速吊上6m高工作台，用了10s。施

工材料上升的速度是m/s；起重机对施工材料做功J,做功的功率是

W。

【答案】0.6；7.2x104；7.2x103

【解析】【解答】由题意可知，施工材料上升的高度h=6m,所用时间t=IOs,则施工材料上升的速度为：

h6m

v=T=W=0-6zn/s

起重机将重1.2x104/v的施工材料匀速吊上6m高工作台的过程中，起重机对施T.材料做的功为：

W=Gh=12x104Nx6m=7.2x104J

起重机做功的功率为：

P其&以7.23

【分析】1.已知施工材料上升的高度利运动的时间，根据速度公式求出施工材料上升的速度；

2.已知施工材料的重力和上升的高度，根据W=Gh求出起重机对施工材料做的功，根据P=券求出起重机做

功的功率。

17.如图是全运会期间广州塔附近无人机灯光秀的场景，无人机悬停在空中组成固定图案，此时升力与自身

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受到的是一对平衡力，升力的施力物体是,无人机所受合力的大小为.No

【答案】力；空气；0

【解析】【解答】无人机悬停在空中，处于静止状态，因此受到平衡力的作用。在竖直方向上，无人机只受到

两个力：向上的升力和向下的重力。由于平衡，升力与重力大小相等、方向相反、作用在向一直线上，是一

对平衡力。升力是螺旋桨旋转时向式推动空气，空气对螺旋桨产生向上的反作用力，因此升力的施力物体是

空气。处于平衡状态的物体，所受合力为零，故无人机所受合力大小为ON。

答案第一空：重力；第二空：空气；第三空：0。

【分析】平衡状态：物体保持静止或匀速直线运动时，所受合外力为零。

二力平衡条件：同物、等大、反向、共线。

力的作用是相互的：无人机向下推空气，空气向上推无人机，升力的施力物体是空气。

合力计算：平衡状态下合力为0。

18.如图所示，杆秤是一种凝聚着古人智慧的工具。若把图中的秤坨对秤杆的拉力视为动力，此时杆秤属于_

（选填“省力”、“等臂''或"费力''）杠杆3在称重过程中，若杆秤左低右高，要将杆调至水平平衡，秤泥应往—

（选填“左"或'右"）移动。

【解析】【解答】秤花对秤杆的拉力视为动力，此时BO大于AO所以动力臂大于阻力臂，所以动力小于阻

力，此时为省力杠杆，杆秤左低右高，说明阻力大，所以应该增加动力臂，说明秤坨向右移动。

【分析】制作杆秤的原理为杠杆平衡，杆秤在使用前，需要天平，消除杆秤自重的影响；

杠杆平衡条件动力x动力臂邛且力x隹力臂；省力杠杆：动力臂较长，所以动力较小，常见的例子有羊角锤、

核桃夹；费力杠杆：动力臂较短，动力较大，常见的例子有镜子、筷子等，等臂杠杆：动力臂等于阻力臂的

杠杆，常见的例子有：天平。

四、作图题（共2题，共6分）

19.如图所示是正在用订书机装订一沓纸的情景，它实际是一个杠杆。请画出：

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（1）这沓纸受到的重力G（cr点为这沓纸的重心）：

（2）在A点施加动力，使杠杆平衡的最小动力F的示意图及其力臂L。

【解析】【解答】（1）这沓纸受到的重力的方向竖直向下，作用在重心O'点，作图如下:

（2）连接OA,以OA为动力臂时，动力臂最长，阻力和阻力臂不变，根据杠杆平衡条件，此时动力最小。

过A点作垂直于OA向下的力即为最小动力F,OA即为最小动力的力臂，作图如下:

A

【分析】（1）本题考查重力示意图的画法，重力的方向总是竖直向下，作用点在物体的重心。

（2）本题考查杠杆最小动力的画法，根据杠杆平衡条件F11=5242,当阻力和阻力臂一定时，动力臂越

长，动力越小。因此，连接支点O与动力作用点A,以OA作为动力臂（最长力臂），再作垂直于OA的

力，即为最小动力。

（1）这沓纸受到的重力的方向竖直向下，作用在重心0,点，作图如下：

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（2）连接OA,以OA为动力臂时，动力臂最长，阻力和阻力臂不变，根据杠杆平衡条件，此时动力最小。

过A点作垂直于OA向下的力即为最小动力P,OA即为最小动力的力臂，作图如下：

A

20.寿山石是福州的一张名片，请画出图中静止在水平桌面上的田黄石印章所受到的力。

【解析】【解答】静止在水平桌面上的田黄石印章处于受力平衡状态，它只受两个力：

重力G：方向：竖直向下；作用点：印章的重心。

画法：从重心竖直向下画一条带箭头的线段，标注为G。

支持力F：方向：竖直向上；作用点：印章与桌面的接触中心（也可画在重心）。

画法：从重心竖直向上画一条带箭头的线段，长度与重力线段相等，标注为Fo这两个力大小相等、方向相

反、作用在同一直线匕是一对平衡力。

【分析】I、受力分析：静止在水平面上的物体，只受重力和支持力。

2、二力平衡条件：作用在同一物体上的两个力，大小相等、方向相反、作用在同一直线上。

3、力的示意图画法：用带箭头的线段表示力的大小、方向和作用点。

五、实验探究题（共3题，共21分）

21.顺着液体压强的探究，小明乂深入到浮力的世界，进一步验证阿基米德原理：

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<1）由熨验两步可以测出物块浸没在水中时受到的浮力"部=N

（2）由图A和图可得出该物块排开水所受的重力G格，比较FF3与Gw,就可以得到浮力的大

小跟物块排开水所受重力的关系，从而初步验证阿基米德原理；

（3）若步骤B中的水未达到溢水口，根据实验数据计算会发现物体所受浮力（选填“大于”“小

于”或“等于”）溢出水所受的重力；

（4）小明对实验进行了改进，如图F,将装满水的溢水杯放在升降台上，用升降台来调节溢水杯的高

度。逐渐调高升降台时，发现随着物块没入水中的体积越来越大，弹簧测力计甲的示数变化量（选

填“大于""小于''或“等于”）弹簧测力计乙的示数变化量，若只将物块的一部分没在水中，则（选填

"能''或"不能”）得到与（2）相同的结论。

【答案】（1）BD；1.2

（2）E

（3）大于

（4）等于；能

【解析】【解答】（1）由称重法可知，要测出物块浸没在水中时受到的浮力，需测出物体在空气中的重力和浸

没在水中时的拉力，故由实验B、D两步骤可以测出物块浸没在水中时受到的浮力。

测力计分度值为0.2N,图B中所示物体重力是4.2N,图D中所示物体浸没在水中后拉力是3N,所以物体受

到的浮力为F；kG-F14.2N-3N=1.2N°

（2）要测物块排开水所受的重力，需知道小桶的重力、小桶与水的总重力，用小桶与水的总重力减去小桶

的重力，就是物块排开水的重力。故由步骤A和E可得出该物块排开水所受的重力6排。

（3）若步骤B中的水未达到溢水口，水要先升高到管口才能溢出，则溢出的水会偏少，即排开水的重力减

少，故物体受到的浮力大于溢出液体所受的重力。

（4）当逐渐调高升降台时，根据称重法F；产G-F柠可知，弹簧测力计甲的示数变化量等于浮力，弹簧测力计

乙的示数变化量等于排开水的重力，根据阿基米德原理可知，弹簧测力计甲的示数变化量等于弹簧测力计乙

的示数变化量。根据阿基米德原理可知，物体所受浮力的大小和排开液体的重力相等，无需浸没，故若只将

物块的一部分浸在水中，仍能得到与（2）相同的结论。

第14页

【分析】（1）根据称重法可计算出浮力大小；根据测力计分度值得出图中测力计示数;

（2）根据C精和水-G桶分析回答；

（3）溢水杯的水没装满，会导致有一部分水没有排出溢水杯；

（4）根据阿基米德原理判断弹簧测力计A的示数变化量和弹簧测力计B的示数变化量之间的关系；浸在液

体中的物体所受浮力的大小等于排开液体所受的重力。

22.小杰，用工实验探究杠杆的平衡条件。所工用杠杆刻度均匀，各钩码相同『。

甲乙丙

（1）静止于支架上的杠杆如下图甲所示，应将杠杆右端的螺母向（选填“左”或“右”）调节，使

杠杆处于水平平衡状态，这样做的目的是为了便于测量（选填"力’'或"力臂杠杆平衡后，在实验

过程中，（“可以”或“不可以”）再调节螺母；

（2）在杠杆两边分别挂上数量不同的钩码。改变钩码数量和位置，使杠杆处于水平平衡状态，记录数据。

总结可得杠杆的平衡条件为：;

（3）根据结论可知，要使杠杆呈图乙中的水平平衡状态，应在B点挂个钩码；改用弹簧测力计

替换B点的钩码，始终竖直向下拉杠杆，使杠杆从水平位置缓慢转过一个小角度（如图丙所示），此过程中弹

簧测力计拉力的力臂,拉力的大小。（后两空选填“变大""变小''或"不变

【答案】右；力臂；不可以；F1l1=F2l2,；4；变小；不变

【解析】【解答】（1）图甲中，左端较重，应将杠杆右端的平衡螺母向右调节，使杠杆处于水平平衡状态。

杠杆水平平衡时，能便于直接测量力臂。在实验过程中，根据杠杆实验规则，杠杆平衡后，不可以再调节平衡

螺母。

（2）根据使用数据，总结杠杆的平衡条件为：FUi=F2/2；

（3）根据杠杆的平衡条件F山=匕，2可得，则尸8=警=警：=4G,B处应该悬挂4个钩码。

图丙中，杠杆倾斜时，弹簧测力计拉力的力臂和阻力臂的比值不变，拉力大小将不变。

【分析】（1）探究杠杆平衡条件时，平衡螺母向偏高的一侧调节；

（2）根据实验数据，总结杠杆的平衡条件；

（3）根据杠杆上力和力臂的乘积，判断杠杆上的拉力；杠杆倾斜时，力臂的比值不变，拉力不变。

23.在“测量滑轮组的机械效率”的实验中，用同一滑轮组进行了三次实验，实验数据记录如表。

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钩码上升距离h/弹簧测力计示弹簧测力计上升

次数钩码重G/N机械效率

cm数F/N距离s/cm

12100.83083.3%

24101.53088.9%

361030

（1）实验时，要竖直向上拉动弹簧测力计；

（2）第3次实验中，弹簧测力计的示数如图，为N；机械效率为（结果保留一位小

数）；

（3）分析数据可得结论：用同一滑轮组，提升的物体越重，滑轮组的机械效率越；

（4）若第1次实验中，钩码上升高度增大为20cm,则过程中做的额外功,滑轮组的机械效

率：（均选填“增大”、“减小”或“不变”）

（5）小明发现边拉动边读数时，弹簧测力计示数不稳定，若第3次实验中，弹簧测力计的示数是在拉动

的过程中停下来读取的，则此时滑轮组实际的机械效率（选填“偏大”、“不变”或“偏G”）。

【答案】（1）匀速

（2）2.2：90.9%

（3）高

（4）增大；不变

（5）偏大

【解析】【解答】解：（1）在实验时，要竖直向上匀速拉动弹簧测力计；

（2）由图可知弹簧测力计的分度值为0.2N,根据指针位置可以知道其示数为2.2N。

第3次实验中拉力的总功为“总=Fs=2.2Nx30x10-2in=0.66/,

第3次实验中有用功为卬有=Gh=6NX10x10-2m=0.67,

W

滑轮组的机械效率为〃=^x100%=x100%=90.9%；

总

（3）由表中实验数据可知，1、2、3次实验提升重物依次增加，滑轮组的机械效率越来越高，可得实验结

论：用同一滑轮组，提升的物体越直，滑轮组的机械效率越高。

（4）若第1次实验中，钩码上升高度增大为20cm,动滑轮的重和摩擦力大小都不变，移动的距离增加，根

第16页

据W后G动h知额外功增大，拉力和物体的重力大小不变，拉力移动距离仍是物体移动距离的3倍，根据机

w

械效率公式〃=辞=瞿=怒=得知滑轮组的机械效率不变。

总

（5）若第3次实验中，弹簧测力计的示数是在拉动的过程中停下来读取的，则此时滑轮组的与绳子之间没

有滑动摩擦力，造成拉力变小，滑轮组的总功比实际总功偏小，造成机械效率变大。

故答案为：（1）匀速；（2）2.2；90.9%；（3）高；（4）增大；不变；（5）升高。

【分析】（1）在实验时，要竖直向上匀速拉动弹簧测力计；

（2）由图可知弹簧测力计的分度值为O.2N,根据指针位置读数

根据机械效率公式可求笫3次实验中滑轮组的机械效率；

（3）用同一滑轮组，提升的物体越重，滑轮组的机械效率越高。

（4）若第1次实验中，钩码上升高度增大为20cm,动滑轮的重和摩擦力大小都不变，移动的距离增加，根

W

据W卡G动