2026届上海高考物理二轮复习：实验题、解答题 基础通关训练（含答案）

上海市2026年高考物理二抡复习专题练习实验题、解答题基础通关训练

H录

一、电学实验......................................................................1

二、力学实验......................................................................2

三、恒定电流......................................................................3

四、动量及其守恒定律.............................................................4

五、电磁波........................................................................4

六、原子核........................................................................6

七、中磁感应......................................................................6

八、分子动理论....................................................................7

九、机械能及其守恒定律...........................................................9

十、光的偏振......................................................................9

一、电学实验

1.测量一节旧干电池的电动势和内电阻。

（1）电路图如图1所示，除干电池、电压表（量程3V）、开关和导线外，可供使用的实验器材还有:

图1

A.电流表（量程0.6A）

B.电流表（量程3A）

C.滑动变阻器（阻值范围0〜50Q）

D.滑动变阻器（阻值范围0〜200C）

实验中电流表应选用,滑动变阻器应选用O（选填选项前的字母）

（2）某同学记录了7组数据，对应点已标在图2中的坐标纸上，其中U是电压表的读数，/是电流表的读数。请绘

制出U-/图像，由图像可知干电池的电动势七=V,内电阻尸C。（结果均保留两位小数）

UN

//A

l.OL

00.10.20.30.40.50.6

图2

（3）该同学用图1所示电路和（1）中选定的器材继续研究水果电池。实验过程中他发现，无论怎样调节滑动变阻

器的滑片，电流表和电压表的指针几乎都不发生偏转。他断开开关，用多用电表电压挡直接测量水果电池两端的电

压，示数为2.03V；用多用电表进一步检查电路，电路没有故障。请你分析实验中电流表和电压表指针几乎不偏转

的原因。

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滑动变阻器是电路元件，它可以通过来改变自身的电阻，从而起到控制电路的作用。在电路分析中，滑动变阻器既

可以作为一个定值电阻，也可以作为一个变值电阻。滑动变阻器的构成一般包括接线柱、滑片、电阻丝、金属杆和

瓷筒等五部分。滑动变阻器的电阻丝绕在绝缘瓷筒上，电阻丝外面涂有绝缘漆。

2.电学实验中，进行•“测量电源电动势和内阻”实验时，记录数据，当电流表示数4=1A时，电压表示数为G=3V；

当电流表示数为4=2A,电压表示数％=L5V；则此电源电动势为V内阻为Qo

3.通过实验，某电阻两端的电压与通过它的电流关系如图所示，在实验过程中，电阻的横截面积和长度保持不变,

依据图像分析：

v）.61.21.82.43.0。%

（1）电阻阻值为R,其材料电阻率为夕，由图可知，随着电阻两端的电压增大，则（）

A.R增大，夕增大B.R减小，夕减小

C.A增大，。不变D.火减小，夕不变

（2）当电阻两端电压为1.8V时，该电阻的功率为Wo

（3）根据/-U图像，推测该实验电路为（）

r11®-r--------d~@-

A.1R若PB.|Rp

二、力学实验

4.如图所示，是某小组同学“用DIS研究加速度与力的关系”的实验装置，实验过程中可近似认为钩码受到的总重

力等于小车所受的拉力。先测出钩码所受的重力为G,之后改变绳端的钩码个数，小车每次从同一位置释放，测出

挡光片通过光电门的时间加。

挡光片光电门

（1）实验中（选填“必须”或“不必”）测出小车质量/〃针

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（2）为完成实验还需要测量和。

（3）实际小车受到的拉力小于钩码的总重力，原因是。

（4）若导轨保持水平，滑轮偏低导致细线与轨道不平行，则细线平行时加速度与不平行时加速度“2相比，

⑴（选填“大于”“小于”或“等于"）

5.在“用单摆测量重力加速度实验”中，使用下列实验器材.

（I）As1.2m的细线B、2m的弹性绳C、带孔的小铁球D、带孔的软木球E、光电门传感器

应选用哪种绳,应选用哪种球,光电门的摆放位置为（选填“最高点”或"最低点”）

（2）右图为光电门传感器电流强度/与/的图像，则周期为（）

Ot\h6a

A、/,B、f2rC、13TlD、

（3）甲同学用秒表做该实验，但所得周期比该实验得到的大，则可能的原因是

6.在“用单摆测定当地的重力加速度”的实验中：

-r2/s2

3.850----------------7

3.000-------------

7495//cm

（1）摆线质量和摆球质量分别为“/口加敏摆线长为/,摆球直径为小则

A.mR>m球,l«dB.mt»d

C.rn建，l«dD.rn^<m居，t»d

（2）小明在测量后作出的"一/图线如图所示，则他测得的结果是炉m/s2o（保留2位G数）

（3）为了减小误差，应从最高点还是最低点开始计时，请简述理由o

三、恒定电流

7.如图电路中，电源内阻不计。定值电阻«与滑动变阻器最大阻值&之间满足飞＞&。闭合电键S,当滑动变阻

器的滑动触头户从最高端向下滑动的过程中，电流表A1的示数,电流表A?的示数是。

8.宽A=0.75m的导轨固定，导轨间存在着垂直于纸面且磁感应强度5=0.4T的匀强磁场。虚线框1、II中有定值电

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阻R”和最大阻值为20。的滑动变阻器心一根与导轨等宽的金属杆以恒定速率向右运动，图甲和图乙分别为变阻器

全部接入和一半接入时沿abcda方向巨势变化的图像。求：

（1）匀强磁场的方向；

（2）分析并说明定值电阻电在I还是n中，并且治大小为多少；

（3）金属杆运动时的速率；

（4）滑动变阻器阻值为多少时变阻器的功率最大？并求出该最大功率几,。

四、动量及其守恒定律

9.如图，将小球P拴于£=1.2m的轻绳上，勺,=0.15kg,向左拉开-•段距离释放，水平地面上有一物块Q,机Q=0.1kg。

小球P于最低点/与物块Q碰撞，P与Q碰撞前瞬间向心加速度为1.6m/s2,碰撞前后P的速度之匕为5:1,碰撞前

后P、Q总动量不变。（重力加速度g取9.8m/s2,水平地面动摩擦因数〃=0.28）

（1）求碰撞后瞬间物块Q的速度为;

（2）P与Q碰撞后再次回到4点的时间内，求物块。运动的距离九

五、电磁波

法拉第电磁感应定律

法拉第电磁感应定律的发现一方面使人们制造出了发电机和变压器，电能的大规模生产和远距离输送成为可能；另

一方面，电磁感应现象在电工技术、电子技术、电工测量等方面都有广泛的应用，人类社会从此迈入了电气化时代。

10.涡流、电磁驱动和电磁阻尼都是电磁感应现象，三者常常有紧密联系。下列说法正确的是（）

O

甲

A.图甲中，如果在上卜振动的磁铁下固定一个铝板，磁铁会很快静止下来，这属于电磁阻尼现象

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B.图甲中，如果在上下振动的磁铁卜.固定一个铝板，磁铁振动时，铝板中会产生涡流，涡流对磁铁总有排斥

作用

C.图乙中，竖直放置的蹄形磁铁转动后，同轴的闭合线圈会同向转动，这属于电磁阻尼现象

D.图乙中，蹄形磁铁匀速转动时间足够长，闭合线圈的转速可以大于蹄形磁铁的转速

11.图是一种延时继电器的示意图。铁芯上有两个线圈A和B。线圈A跟电源连接，线圈B两端连在一起，构成

一个闭合电路。在断开开关S的时候，弹簧K将（A：立即；B：过一会儿）将衔铁D向上拉起，原因是：

12.从发甩机输出的电压通常需要通过变压器将电输送给用户。某同学为研究变压器的规律，利用图示装置进行实

验，图中左右线圈匝数之比为3:1,现该同学在左侧输入端接入一12V的恒压直流电源，则右侧输出端测出的电压

为（选填：“A：4V”、“B：0V”）。当该同学左侧接入U=l2x/Linl00市的电压时，右侧测出的电压值为

（选填।“A：4V”、12及V”）

13.如图所示，矩形线圈面积为S,匝数为M线圈电阻为广，在磁感应强度为8的匀强磁场中绕。0'轴以角速度。

匀速转动，外电路电阻为M当线圈由图示位置转过90。的过程中，通过电阻〃的电荷量夕=；电阻R上所产

生的热量。=O

____.□4

B

忙

14.为了测量储罐中不导电液体高度，将与储罐外壳绝缘的平行板电容器C置于储罐中，先将开关与。相连，稳定

后再将开关拨到从此时可测出由电感£与电容C构成的回路中产生的振荡电流的频率。已知振荡电流的频率随电

感L、电容。的增大而减小，若储罐内的液面高度降低，测得的回路振荡电流的频率将（选填A：增大;

B：减小）不计电磁辐射损失，振荡回路的总能量将（选填A：增大；B：减小）

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六、原子核

15.1945年7月16日，美国的第一颗原子弹在新墨西哥州的沙漠中试爆成功。由于当时美国对原子弹武器的细节

都是绝对保密的，因此试爆后测量的各种数据都是不为人知的。到了1947年，美国军方只是公布了原子弹爆炸火

球随时间变化的照片，这些原子弹爆炸产生的蘑菇云照片在当时引起了人们极大的兴趣，出现在世界各地的报纸和

杂志上，

（I）该原子弹是以杯（7Pu）为核原料的，在中子的轰击下，一种典型的核裂变产物是氤（；：Xc）和错（S'Zr）,

试写出此核反应方程：

（2）英国物理学家杰弗里・泰勒爵士通过对照片的分析，认为原子弹爆炸火球的实时半径，,与时间3爆炸能量£以

及空气密度P有关。请你写出P会影响「的理由，并指出当夕增大时，，・将增大还是减小；

（3）接上问，如果认为,•只与f,E,夕有关，可以得到：尸=Cr，E'b，其中x、y、z、。是无单位的常数.试

求出％、N、z的数值；

（4）接上问，我们假定常数C=l,取空气密度P=L2kg/m）观察图片可得，当f=0.025s时，火球半径约等于132m。

已知1吨TNT当量=4.2xlO°J,试估算该次核爆炸的当量小。

七、电磁感应

16.两根足够长、互相平行的光滑金属导轨竖直放置，相距为小顶端接有阻值为宠的电阻，导轨电阻不计。导轨

所在平面与磁感应强度为8的匀强磁场垂直，质量为机、电阻也为R的金属棒在导轨上静止下落，运动过程中，

棒与导轨接触良好。求：

（1）通过R的电流方向（向左还是向右）；

（2）分析说明棒的运动情况；

（3）R上最大的电功率2；

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（4）当人，电功率达到匕后，分析说明棒的机械能是否随下落高度均匀变化。

17.如图（a）,线框c虑/■位于倾斜角。=3（）。的斜面上，斜面上有一长度为。的单匝矩形磁场区域，磁场方向垂直

于斜面向上，大小为0.5T,已知线框边长cd=Q=0.4m,m=0.1kg,总电阻R=0.25。，现对线框施加一沿斜面向

上的力尸使之运动。斜面上动摩擦因数〃线框速度随时间变化如图（b）所示。（重力加速度g取9.8m/s2）

（1）求外力E大小；

（2）求41长度L；

（3）求回路产生的焦耳热。。

18.半%为。的圆形线圈，电阻不计，处于磁感应强度为3的匀强磁场中.一导体棒质量为/〃受到向上的拉力，以

速度v匀速向下运动，导体棒单位K度的电阻为，•.

（1）求通过导体棒的电流/和通过的电荷量小

（2）当*>0时,求拉力功率P.

八、分子动理论

简易温度计

小明同学设计了一种测温装置，用于测量室内的气温（室内的气压为一个标准大气压气压，相当于76cm汞柱产生

的压强），结构如图所示，大玻璃泡A内有一定量的气体，与A相连的B管插在水银槽中，管内水银面的高度x可

反映泡内气体的温度，即环境温度。

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A

B

19.当室内温度为27（时，B管内水银面的高度为16cm,B管的体积与大玻璃泡A的体积相比可忽略不计，下列

说法中正确的是（）

A.该测温装置利用了盖•吕萨克定律

B.B管上所刻的温度数值上高下低

C.B管内水银面的高度为22cm时，室内的温度为-3匕

D.若把这个已经刻好温度值的装置移到高山上，测出的温度比实际偏低

20.将这个简易温度计放入冰箱，静置一段时间后

（1）丝体压强（选填：A.“变大”、B.“变小”C.“不变”），请用分子动理论的观点从微观角度解释气体压

强变化的原因：o

（2）温度计放入冰箱后，B管内水银柱液面会（选填A.“升高”B.“降低”C“不变”）。设玻璃泡内气体内

能变化的绝对值为AU，气体做功的绝对值为％,则气体在这个过程中吸收的热量为

21.某次读数过程中小明同学不小心使测量装置发生了如图所示的小角度倾斜，则容器内气体的压强将（）

A.变大B.变小C.不变

22.将密封于装置中的气体看作理想气体，在某一过程中，该气体从状态。依次经过必、林和三个热力学过程

达到状态心若该气体的体积产随热力学温度T变化的图像如图所示，则对应的气体压强p随T变化的P-7

图像正确的是（）

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b

九、机械能及其守恒定律

23.如型所示，AB为平直导轨，长为£,物块与导轨间动摩擦因数为〃，4c为光滑曲面。力与地面间高度差为/〃,

BC间高度差为力2,一个质量为机的物块在水平恒力作用下，从4点静止开始向右运动，到达B点时撤去恒力，物

块经过C点后落地，已知重力加速度为g。

（1）若物块落地时动能为©,求其经过4点时的动能£.：

（2）若要物块落地时动能小于日，求恒力必须满足的条件。

十、光的偏振

光是从哪里来，又回到哪里去？浦济之光，你见过吗？光是一个物理学名词，其本质是一种处于特定频段的光子流。

光源发出光，是因为光源中电/获得额外能量。如果能量不足以使其跃迁到更外层的轨道，电了就公进行加速运动,

并以波的形式释放能量。如果跃迁之后刚好填补了所在轨道的空位，从激发态到达稳定态，电子就停止跃迁。否则

电子会再次跃迁回之前的轨道，并且以波的形式释放能量.

24.以下哪个选项中的图样符合红光和紫光的双缝干涉图样（）

IIIIIIIIIIIIIIIIIIlllllll

IIIIIIIIIIIIIlllllllIIIII

ABCD

25.如羽所示，自然光经过两个偏振片，呈现在光屏上，偏振片B绕圆心转动且周期为7,则光屏上两个光强最小

的时间间隔为（）

AB光屏

A.2TB.TC.0.57D.0.257

26.物理王兴趣小组在做“测量玻璃的折射率”实验时，若从c侧观察，插入c时,应遮住a、b；插入d时，应遮住

______，依据图中所标数据，可得出该玻璃的折射率为______o

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《上海市2026年高考物理二轮复习专题练习实验题、解答题基础通关训练》参考答案

1.AC1.450.70)水果电池的内阻较大(kC量级)，电动势仅2.03V,导致外电路几乎没

有电流，所以电流表指针几乎不发生偏转；因为外电路总电阻最大约为50Q,所以路端电压也几乎为零，电压表指

针也几乎不发生偏转

【详解】(1)由于干电池的电压较小，为了方便调节，滑动变阻器的阻值应较小，即选C,同时电路的电流较

小，故电流表选小量程，即选A,

(2)［3］根据数据，可绘制出3/图像如下图所示

根据

U=E-Ir

可知，由图像可得

£1-1.45V

又

r=—=L45~10Q=O.75C

A/0.6

(3)［4］水果电池的内阻较大(kC量级)，电动势仅2.03V,导致外电路几乎没有电流，所以电流表指针几乎不发生

偏转；因为外电路总电阻最大约为50Q,所以路端电压也几乎为零，电压表指针也几乎不发生偏转

2.4.51.53.B0.225C

【解析】2.根据闭合电路欧姆定律£=。'+。

代入数据可得E=3+r；E=L5+2r

联立两式解得石=4.5V：==1.5。

则此电源电动势为4.5V,内阻为1.5C。

3.［1］因为电阻/-U图线上•点与原点连线的斜率代表“电阻的倒数”，随着电阻两端的电压增大，可知斜率在不断

增大，故随着电阻两端的电压增大，火减小，再根据电阻定律火

可得夕也在减小，B选项正确。

故选Bo

［2］根据图像分析，当电阻两端电压为1.8V时，可读出此时流过电阻的电流为0.125V,根据公式

代入数据解得P=0.225W

该电阻的功率为0.225W。

［3］根据/-U图像，当电阻两端的电压很小时，斜率儿乎为零，电阻阻值很大，滑动变阻器用限流式接法不符合实

际情况，所以滑动变阻器采用分压式接法。随着电阻两端的电压增大，流过电阻的电流也在增大，电流表测流过电

阻的电流，可推测该实验电路符合条件的只有C选项。

故选C。

4.⑴不必

(2)小车释放点到光电门的距离/挡光片的宽度d

(3)见解析

(4)大于

【详解•】(1)口］实验研究加速度与力的关系，加速度与合力成正比关系，只需控制小车质量不变即可，无须测出小

答案第1页，共9页

车的质量。

（2）小车经过光电门的速度为

d

v=一

由运动学公式

2ax=3

联立可得小车的加速度

d2

a~2x（AZ）2

所以需要测量小车释放点到光电门的距离x和档光片的赛度d。

（3）［1］钩码在重力和拉力作用下向下做匀加速运动，加速度方向竖直向下，根据牛顿第二定律可知绳子对钩码的

拉力小于钩码的重力，而绳子对钩码的拉力大小等于绳子对小车拉力的大小，所以实际小车受到的拉力小于钩码的

总重力，

（4）［I］本实验忽略摩擦力的影响时，细线与轨道平行时

T=inai

若滑轮偏低导致细线与轨道不平行，受力方向如图所示

TeosP=ma2

所以

ai>a2

5.AC最低点C开始计时时，秒表太早按下，测量时间偏长，周期偏大

【详解】（1）单摆实验时，应选细绳，弹性绳在运动过程中K度发生改变，导致摆K变化，所以应选1.2川的细线;

为了减小实验误差，摆球选择质量大、体积小的铁球；在测量时间时，因为最高点附近速度小，最低点附近速度大,

所以光电门应摆在最低点附近，测量误差小

（2）单摆运动一个周期经过平衡位置两次，根据图像可知周期为：力-乙

（3）用秒表计时，测的周期为N次全振动对应的总时间，在进行求解单次的时间即周期，测量结果偏大，可能是

开始计时时，秒表太早按下，测量时间偏长，周期偏大

6.D9.74最低点，在最低点加速度最小，速度变化慢，更容易判断，所以测得的时间误差较小

【详解】（1）［1］为了减小实验册误差，该实验中要求摆线质量远小于摆球的质量，即“£</〃及；摆线长度要远大

于摆球直径，即/»"；故选I）。

（2）⑵由于

可得

g

根据T2-!图线可知

答案第2页，共9页

4/3.85—3.00“二

kz=-----=----------=4.0、

g0.95-0.74

解得

g=9.74m/s2

（3）［3］最低点，在最低点加速度最小，速度变化慢，更容易判断，所以测得的时间误差较小。

7.减小先减小后增大

【详解】［1］分析电路，定值电阻飞与滑动变阻器最大阻值&的下半部分并联，再与凡的上部分串联。闭合电键S,

当滑动变阻器的滑动触头P从最高端向下滑动的过程中，并联部分总电阻变小，干路上号的上部分电阻变大，则

电路并获部分电压变小，故通过定值电阻凡的电流变小，电流表A1的示数减小。

⑵根据电路图串并联关系，滑动变阻器的滑动触头尸下部分的电阻为凡，则电路的总电阻为

4+（Kx+K\

故根据用合电路的欧姆定律可知，则电流表A?所在支路的电流

j=三为E=RR-）E=E/?,

2凡R总凡凡+凡凡4+&凡一｛凡R述x+R,R「R：

D

故当凡=］•时，电流表A?所在支路的电流最小，故滑动变阻器的滑动触头P从最高端向下滑动的过程中，电流表

A2的示数是先减小后增大。

8.（1）垂直纸面向里：（2）定值电阻&在I中，原因见解析，也大小为5。：（3）5m/s：（4）5c.01125W

【详解】（1）。点电势高，即导体棒上端电势高，根据右手定则可判断，磁场垂直纸面向里

（2）滑动变阻器接入阻值减小时，U"变大，根据串联电路分压特点，说明I中的阻值分到的电压增多，I中为定

值电阻，

金属棒的电阻不计

Ua(t=E=9o

滑动变阻器两种情况下

-^—xR=\.2

R°+R

x-R=\

凡曰2

联立方程得

4=5。，％=1.5V

（3）导体棒切割磁感线

E=BLv=(pQ=\.5V

答案第3页，共9页

得

v=5m/s

(4)将定值电阻与金属棒看成一个等效电源，得当砥=5。时滑动变阻器消耗的功率最大

P=—=-^=0.ll25W

4凡4《

9.(1)1.67m/s,方向水平向右；(2)0.51m

【详解】(1)由题意可知当P运动到A点时有

9j

代入数据可得P碰撞前的速度为

ya1.39m/s

又因为碰撞前后P的速度之比为5：1,所以碰后P的速度为

v=­v«0.28m/s

「p5

P与Q碰撞瞬间，P与Q组成的系统内力远大于外力，动量守恒，取向右为正方向，由动量守恒定律得

wpv="ip%+mQvQ

代入数据解得

vQ工1.67m/s

方向水平向右；

(2)由于乙=1.2m远大于小球P的大小，碰后P的速度较小，上升的高度较小，故可知小球P碰后做简谐运动,

由单摆的周期公式得

L

T=2TT

g

小球P再次到平衡位置的时间为

T

联立.解得

/=1.10s

碰后Q向右做匀减速直线运动，末速度减为零时的时间为「，由运动学公式得

0=vQ-at'

对于Q，由牛顿第二定律得

4"="

联立解得

r=o.6is

由于，故在小球P再次到平衡位置的时间内，小球Q已停下；所以小球Q向右运动的过程中由动能定理得

C1，

-prfigs=0--mQv^

代入数据解得

5=0.51m

答案第4页，共9页

10.AII.B线圈B中产生感应电流，使得铁芯中磁性慢慢消失12.BA13.

NBS7TN2B2CDS2R,「

-------------1t4.AB

R+r4(R+r)~

【解析】10.AB.图甲中，如果在上下振动的磁铁下固定一个铝板，磁铁会很快静止下来，这属于电磁阻尼现象,

磁铁振动时，铝板中会产生涡流，涡流对磁铁的运动有阻碍作用，靠近时排斥，远离时吸引，选项A正确，B错误;

CD.图乙中，竖直放置的蹄形磁铁转动后，同轴的闭合线圈会同向转动，这属于电磁驱动现象；蹄形磁铁匀速转

动时间足够长，闭合线圈的转速总是小于蹄形磁铁的转速，选项CD错误。

故选A,

11.图是一-种延时继电器的示意图。铁芯上有两个线圈A和B。线圈A跟电源连接，线圈B两端连在一起，

构成一个闭合电路.在断开开关S的时候，由于线圈R中产生感应电流，使得铁芯中磁性慢慢消失，则抑簧K将

过一会儿将衔铁D向上拉起，故选B；原因是线圈B中产生感应电流，使得铁芯中磁性慢慢消失。

12.[1]变压器不能改变直流电压，则在左侧输入端接入一12V的恒压直流电源，则右侧输出端测出的电压为()V,

故选B：

⑵当该同学左侧接入U=12&sinl00i/的电压时，右侧测出的电压值为

=1X1^V=4V

4=3V2

故选A,

13.[1]通过电阻尺的电荷量

-EN△中NBS

q=A/Ar=---AAr=----=----

R+r/?+rR+r

⑵交流电最大值

E,“=NBa)S

有效值

F

E=T

y/2

电阻”上所产生的热量

八,石、2n万兀N?R

Q=(------)R---=---------：—

R+r2(o4(R+「y

14.[1]当储罐内的液面高度降低时，两板间充入的电介质减少，电容减小，根据LC振荡周期丁=24位可知回

路的振荡周期变小，故振荡频率增大，故选A：

⑵电容器的电容减小，则储存的能量减小，即振荡电路的总能量减小，故选B。

211

15.(1)2群u+；n-%Xe+*Zr+4：n；(2)见解析；(3)x=-,尸不z=--；(4)1.83x104吨TNT当量

JJJ

【详解】(1)根据反应过程满足质量数和电荷数守恒可得此核反应方程为

%Pu+：nf为Xe+：Zr+4；n

(2)将空气密度想象成空气的“厚度”，那么空气密度越大，空气越“厚”，它会阻碍火球的传播，因此传播了更短的

距离后火球就停止前进了，即空气密度夕增大时，〃将减小；

(3)半径「的国际单位为m,时间，国际的单位为s,能量E的国际单位为kg.irf/s?，空气密度夕的国际单位为

kg/m3,为了消去质量的单位kg,则有

答案第5页，共9页

E_]kgma/s?_[nv.

pkg/m3s2

为了消去时间的单位，则有

E,,m,,<

一广=1—s'=lm

Ps-

如果认为「只与，，E,P有关，则有

p

可得

r=CtsE5p5

姑A

in口

r=CtxE'p:

可得

2i

y

（4）假定常数C=l,取空气密度夕=1.2kg/mL观察图片可得，当f=0.025s时，火球半径约等于132m,则该次

核爆炸的能量为

公*崂詈”J

则有

嘿给…。,

可知该次核爆炸的当量约为1.83X104吨TNT当量。

16.（1）向左：（2）导体棒向下先做加速度减小的加速运动，最后匀速运动：（3）畸鸟；（4）MN棒的机械

能随卜.落高度均匀变化

【详解】（1）根据右手定则可知，MN中的感应电流从M到N,通过〃的电流方向向左；

（2）尸始时导体棒向下加速运动，随速度的增加，感应电流变大，导体棒受向上的安培力增加，根据

nig-F^=ma

可知加速度逐渐减小，当安培力等于重力时加速度减为零，此时导体棒的速度达到最大，以后保持该速度做匀速下

降，即导体棒向下先做加速度减小的加速运动，最后匀速运动。

（3）当速度达到最大时满足

mg=F%=8〃

则”上最大的电功率

匕=17=喘

（4）当R上电功率达到匕后，导体棒将匀速向下运动，导体棒的动能不变，重力势能逐渐减小，即机械能逐渐减

小，机械能的减小量等于克服安培力做功，即

△£=F&h=mgh

即A/N棒的机械能随下落高度均匀变化。

17.（I）1.48N；（2）0.5m；（3）0.4J

答案第6页，共9页

【详解】(1)由图(b)可知在0〜0.4s内线框做匀加速运动，加速度为

器啜m/s-

根据牛顿第二定律有

F-mgsin。-jumgcos0-ma

代入数据可得

F=1.48N

(2)由图(力)可知线框0、匀速进入磁场，则有

F=nigsin0+〃/cos0+BIL

其中

,EBLv

I=—=---

RR

联立可得

L=0.5m,/=2A

(3)线框穿过磁场过程中回路产生的焦耳热等于过程中安培力做的功，即

Q=W=F&-2D=05X2X0.5x2x0.4J=0.4J

18.⑴(2)(mg-Ja2-(a-y)2)v

FOf.,Dp

【详解】(1)根据题意可知，感应电动势：E=BLv,电路中的电阻：R=Lr,所以感应电流：/=与=竽=丝;

RLrr

运动时诃：/=即，所以通过的电量：^=//=—•—=—

v/,vr

(2)根据平衡条件可得拉力：F=mg-BIL,根据勾股定理可知：L=2^a2-(a-y)2:根据功率方程得：

’2B~vn-；7

P-Fv=(wg-BIL)v=mg———\la'-(a-y)v

19.C20.B见解析A-W-\U21.C22.C

【解析】19.A.A中密封的气体体积不变，所以该测温装置利用了查理定律，故A错误：

B.容器内气体的压强

PA=PO-X

可知，A中气体的压强越大，x越小，由