2025-2026学年广东省茂名市高一（下）期末物理试卷（含详细答案解析）

第=page11页，共=sectionpages11页2025-2026学年广东省茂名市高一（下）期末物理试卷一、单选题：本大题共7小题，共28分。1.将一个小球以v0=5m/s的初速度水平抛出，抛出点距水平地面的高度hA.1m B.2m C.3m D.4m2.如图所示，汽车过拱形桥时的运动可以看作匀速圆周运动，质量为1吨的汽车以10m/s的速度过半径为100m的拱形桥，重力加速度g=9.8A.8800N B.9000N C.9800N D.10800N3.茂名某学生学了万有引力定律这一章后，为实现精准农业管理，设想发射一颗“荔枝遥感卫星”，在距地面高度h=400km的圆轨道上运行，监测全市荔枝长势。已知地球半径R=6400kmA.该卫星的发射速度大于11.2km/s

B.该卫星在轨道上的运行速度大于茂名的荔枝树随地球自转的线速度

C.该卫星可以相对地面静止，在茂名地区上空对荔枝树进行连续监测

4.茂名是广东重要的水果产区，果农用水平推力推着装满三华李的手推车在水平道路上匀速前进，手推车和三华李总质量为100kg，受到的摩擦力为重力的0.2倍，推车速度恒为1m/s，g=10

A.重力对手推车做正功

B.推力的瞬时功率为2000W

C.10s内推力做功为2000J

D.若要推动手推车前进，则果农对车的力必须大于车对果农的力5.某新能源汽车进行直线加速测试，t=0时从静止开始加速，电机提供恒定牵引力，阻力恒定，t1时撤去牵引力，汽车仅受阻力作用，到t2时停下。在下列位移x与时间tA. B.

C. D.6.如图所示，斜面上叠放着三块石头，均处于静止状态，a在最上面，a和b接触点切面为水平面，b和c接触点切面不水平，下列说法正确的是(

)A.a受到3个力的作用

B.a对b的摩擦力向右

C.b受到5个力的作用

D.斜面对c的作用力竖直向上7.如图所示，某运动员用水平恒力推一个质量为20kg的冰壶，使其由静止开始在水平面上运动，经过2s的时间速度达到2m/s，然后撤去推力，再滑10m的距离冰壶停止。取重力加速度大小g=10

A.冰壶与水平面间的动摩擦因数为0.2 B.撤去推力后冰壶滑动的时间为20s

C.撤去推力后摩擦力对冰壶做功为40J D.推力对冰壶做功为48J二、多选题：本大题共3小题，共18分。8.2026年5月，茂名市的耀明糖厂因收购各地蔗农滞销的果蔗，承诺“来者不拒”，被网友称为“全网最暖糖厂”。糖厂在生产过程中，利用倾斜滑道输送甘蔗。一根甘蔗从滑道顶端由静止滑下，不计空气阻力和摩擦力，重力加速度为g，下列说法正确的是(

)A.甘蔗下滑过程中，机械能守恒

B.甘蔗滑到底端时，重力势能一定为零

C.甘蔗下滑过程中重力所做的功等于甘蔗重力势能的变化量

D.当甘蔗下滑的竖直高度为h时，速度大小为9.如图所示，半径为R的半圆形槽固定在水平面上。质量为m的小物块从与圆心等高的A处由静止滑下，到达与圆心高度差为0.5R的C处时速度为零，B为半圆槽的最低点，忽略空气阻力，则(

)A.小物块从A到C的过程中，系统摩擦生热为0.5mgR

B.小物块从C到B的过程中机械能减少了0.5mgR

C.小物块第二次经过B点时所受的支持力比第一次的小

D.小物块从10.在光滑水平面上固定一个半径为R的光滑半圆弧轨道，质量为2m的甲以某一初速度冲向质量为m的静止的乙(甲、乙均可以看作质点)，甲、乙发生碰撞后，乙到达半圆弧轨道最高点时对轨道压力恰好为零，甲沿半圆弧轨道运动到与圆心O等高的B点时速度为零。已知重力加速度大小为g，OA与OQ夹角为θ，忽略空气阻力。则(

)A.乙从半圆弧轨道飞出后落到水平面的位置到Q点的距离为2R

B.当甲由B点沿半圆弧轨道下滑到A点时，速度大小为2gRcosθ

C.当甲由B点沿半圆弧轨道下滑到A点时，其所受重力的功率为2三、实验题：本大题共2小题，共17分。11.下列是有关平抛运动和圆周运动的两个实验

(1)Ⅰ.(1)在“探究平抛运动特点”的实验中，下列做法错误的是______(填选项前的字母)。

A.斜槽轨道末端必须调至水平，以保证小球离开轨道时速度沿水平方向

B.为减小空气阻力影响，应选择体积小、质量大的钢球

C.借助重垂线确定竖直方向，以便准确测量竖直位移

D.(2)平抛运动规律分析

图甲为另一个实验装置示意图，图乙为某次实验的频闪照片，频闪周期为T。

①若测得小球A在竖直方向连续相等时间内的位移分别为y1、y2、y3，且满足y2−y1=y3−y2=Δy，则可判断小球在竖直方向做

运动。

②若测得小球A在一个频闪周期内水平位移为x，则小球A的初速度大小为

。

Ⅱ.在太空中可以利用匀速圆周运动测量小球的质量。将不可伸长的轻绳一端固定于O点，另一端系一待测小球，使其绕O点做匀速圆周运动。使用力传感器测得绳上的拉力为F，用秒表测得小球转过n圈所用的时间为t，用刻度尺测得O点到球心的距离为圆周运动的半径R12.小李同学利用数据采集器研究动能和重力势能转化所遵循的规律。实验装置如图所示，在铁架台上固定有带格子的圆弧形背板，摆锤释放器可绕固定点O转动并固定在某一角度，圆柱形摆锤通过绳子悬挂于点O，并可用磁铁吸附在释放器上。光电门传感器固定在圆弧形背板上，并与数据采集器相连，可自动记录摆锤通过的时长。

(1)将传感器先后分别固定在竖直板上的D、C和B三点，逐次将摆锤从A点自由释放。

(2)测出C点与最低点D的高度差hC，以及摆锤通过C时的挡光时间为tC，已知摆锤的直径为d，则摆锤经过C时的速度大小为

。

(3)再测出B点与D点的高度差hB，以及摆锤经过B点的时间tB，已知重力加速度为g，以D点所在水平面为零势能面，则质量为m的摆锤经过B点时，重力势能为

。

(4)实验过程中，

(填“需要”或“不需要”)测量摆锤的质量。

(5)为了证明摆锤在B、C两点的机械能相等，需要得到的关系式是

。

(6四、计算题：本大题共3小题，共37分。13.2026年5月25日，神舟二十三号航天员乘组入驻中国空间站，这是“天宫”首次有来自香港的航天员进驻。已知空间站在距地面h高度处绕地球做匀速圆周运动，地球半径为R，地球表面重力加速度为g，地球自转周期T0=(1)(2)若中国空间站在轨运行周期T=1.514.动画片《熊出没》中的毛毛在途中遇到一处壕沟，如图甲。毛毛想：人生没有过不去的坎，猴生没有越不过的沟。于是他爬上一棵大树，抓住树上的青藤，从与悬挂点O等高处由静止荡下来，其过程简化如图乙所示。他摆到最低点A时松手，刚好能越过壕沟。已知壕沟两边沿一样高，悬点O位于左边沿的正上方，青藤长度L=1.8m且保持不变，壕沟宽度x=6m，毛毛质量m=(1(2(315.“深坑打夯机”的工作示意图如图所示。首先，电动机带动两个摩擦轮匀速转动，将夯杆从深坑提起；当夯杆的下端刚到达坑口时，两个摩擦轮将夯杆松开；夯杆在自身重力的作用下，落回坑底；这样周面复始地进行，就可以达到将坑底夯实的目的。已知两摩擦轮对夯杆的压力均为FN=2×104N。与夯杆的动摩擦因数μ=0.35，夯杆的质量m(1)(2)(3)每个打夯周期中，摩擦轮与夯杆因摩擦产生的热量答案和解析1.【答案】B

【解析】解：小球做平抛运动，在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动。

小球在竖直方向上，根据h=12gt2得

小球从抛出到落地经历的时间t=2hg=2×0.810s=0.4s2.【答案】A

【解析】解：汽车在拱形桥顶受重力和桥面支持力的作用，合力提供向心力。

设桥对汽车的支持力为FN，已知汽车质量m=1000kg，根据牛顿第二定律有

mg−FN=mv2R

代入数据解得FN=10003.【答案】B

【解析】解：A、第一宇宙速度(7.9km/s)是卫星不落回地球所需的最小发射速度，第二宇宙速度(11.2km/s)是脱离地球引力束缚的最小发射速度。

该遥感卫星在绕地球运行的圆轨道上，并未脱离地球，因此其发射速度应在7.9km/s到11.2km/s之间，一定小于11.2km/s，故A错误；

B、对于绕地球做匀速圆周运动的卫星，根据万有引力提供向心力有GMmr2=mω2r，解得ω=GMr3，可知轨道半径越小，卫星运行的角速度越大。

该卫星轨道半径为R+h，同步卫星轨道半径约为R+6R=7R，由于该卫星轨道半径小于同步卫星轨道半径，故该卫星的角速度ω大于同步卫星的角速度，即大于地球自转的角速度ω0。

茂名的荔枝树随地球自转的圆周半径r4.【答案】C

【解析】解：A、由于重力方向竖直向下，手推车水平位移，重力与位移垂直，则重力对手推车不做功，故A错误；

B、由题意可知，手推车受到摩擦力的大小为：f=0.2mg=0.2×100×10N=200N，匀速时推力F=f=200N，则推力瞬时功率为：P=Fv=200×1W=200W5.【答案】C

【解析】解：AD、小车沿直线运动，先匀加速后匀减速，速度一直沿正方向，从0∼t2位移一直增加，不存在位移减小的情况，故AD错误；

BC、x−t图像上斜率代表速度，由于汽车先匀加速后匀减速，则x−t图线的斜率先增大后减小，t1时刻速度最大，t2时刻速度为零，故B错误，C正确。

故选：C。

小车沿直线运动，先匀加速后匀减速，从06.【答案】D

【解析】解：AB、对物体a受力分析，受重力、支持力，a和b接触点切面为水平面，则b对a的支持力竖直向上，根据平衡条件，a与b之间没有摩擦力，a受到2个力，故AB错误；

C、b受到重力、a对b的压力和c对b的支持力。b和c接触点切面不水平，则c对b的支持力斜向上，则c对b还有沿斜面向上的摩擦力才能使b保持平衡，所以b受到4个力的作用，故C错误；

D、对a、b、c整体分析，整体受重力、斜面的支持力和静摩擦力，根据平衡条件，支持力和静摩擦力的合力竖直向上，与重力平衡，可知斜面对c的作用力竖直向上，故D正确；

故选：D。

先隔离物体a受力分析；再隔离b物体受力分析，得到c对b的作用力的方向，其中静摩擦力与接触面平行；最后对整体分析其与斜面与c间的摩擦力情况。

本题考查连接体问题，关键是灵活选择研究对象进行受力分析，根据平衡条件和牛顿第三定律分析。

通常在分析外力对系统作用时，用整体法；在分析系统内各物体之间的相互作用时，用隔离法；有时在解答一个问题时要多次选取研究对象，需要整体法与隔离法交叉使用。7.【答案】D

【解析】解：A、由题意可知，撤去推力后，冰壶做匀减速直线运动，根据速度-位移关系可得：v12=2a2x2，解得加速度大小为：a2=v122x2=222×10m/s2=0.2m/s2，根据牛顿第二定律有：μmg=ma2，解得动摩擦因数为：μ=a2g=0.210=0.028.【答案】AD

【解析】解：A.甘蔗下滑的过程不计摩擦与空气阻力，滑道的支持力始终与运动方向垂直，支持力不做功，整个过程只有重力做功，所以甘蔗下滑过程中机械能守恒，故A正确。

B.重力势能是相对量，它的数值大小依赖于零势能参考平面的选取。本题没有规定滑道底端为零势能面，因此甘蔗滑到底端时重力势能不一定等于零，重力势能具体数值无法确定，故B错误。

C.重力做功与重力势能变化的关系式为WG=−ΔEp，即重力做功等于重力势能变化量的负值，故C错误。

D.甘蔗从静止开始下滑，当下滑的竖直高度为h时，根据动能定理有mgh=12mv29.【答案】AC

【解析】解：A、以B点所在水平面为重力势能零势能面。小物块从A到C的过程中，初状态机械能EA=mgR，末状态机械能EC=mg(0.5R)=0.5mgR。

根据能量守恒定律，系统机械能的减少量等于克服摩擦力做功产生的热量，即Q=EA−EC=mgR−0.5mgR=0.5mgR，故A正确；

B、小物块从A经B到C的过程中，克服摩擦力做功产生的总热量为0.5mgR，即WAB+WBC=0.5mgR，由此可知从B到C过程中克服摩擦力做功WBC<0.5mgR。

当小物块从C返回B的过程中，在轨道同一位置处的速度均小于从B向C运动时的速度，根据向心力公式和牛顿第二定律，轨道对物块的支持力变小，滑动摩擦力也随之变小。因此，从C到B过程克服摩擦力做功WCB<WBC<0.5mgR。所以小物块从C到B的过程中机械能减少量一定小于10.【答案】AB

【解析】解：A.乙运动到半圆弧轨道最高点时对轨道的压力恰好为零，此时重力完全提供向心力，有mg=mv02R；乙从轨道最高点飞出之后做平抛运动，竖直方向下落高度为2R=12gt2，水平方向位移x=v0t。解得x=2R，即乙从半圆弧轨道飞出后落到水平面的位置到Q点的距离为2R，故A正确。

B.甲沿半圆弧轨道运动到与圆心O等高的B点时速度为零，甲从B点下滑至A点的过程中只有重力做功，由机械能守恒定律可得2mgRcosθ=12×2mvA2，解得甲在A点的速度大小vA=11.【答案】【小题1】Ⅰ.D；(2【小题2】匀变速直线xtF偏小

【解析】解：Ⅰ.(1)在探究平抛运动特点的实验中，为了保证小球每次做平抛运动的水平初速度相同，每次实验必须将小球从斜槽轨道上的同一位置由静止释放，因此释放小球的位置不能不同，故做法错误的是D；

(2)①在分析平抛运动规律时，由于测得小球在竖直方向连续相等时间T内的位移差恒定，即满足Δy=y2−y1=y3−y2，根据运动学基本推论可知小球在竖直方向做匀变速直线运动；

②小球在水平方向不受力，做匀速直线运动，根据位移公式x=v0T解得小球的初速度大小v0=xT；

Ⅱ.小球转过n圈所用的时间为t，根据周期定义可知小球做圆周运动的周期T=tn；

根据向心力公式F=m4π2T2R，将周期表达式代入解得小球的质量m=Ft24π2n2R；

若误将较少的圈数(如n−1圈)12.【答案】dm不需要dC

【解析】(2)本实验，采用光电门传感器来测量瞬时速度，则摆锤经过C时的速度大小为vC=dtC。

(3)以D点所在水平面为零势能面，则质量为m的摆锤经过B点时，重力势能为EP=mghB。

(4)若机械能守恒，则有12mvB2+mghB=12mvC2+mghC，左右两边的质量可以约去，所以实验过程中，不需要测量摆锤的质量。

(5)摆锤经过C时的速度大小为vB=dtB，由(2)(4)(5)中式子联立可得d22t13.【答案】【小题1】设地球质量为M，空间站质量为m。

在地球表面，物体受到的重力等于万有引力，有GMmR2=mg；

空间站在距地面【小题2】已知一天的时间T0=24h，空间站在轨运行周期T=1.5h。

由于太阳光线相对于地球的照射方向基本保持不变，地球背光面形成的阴影区在空间中也是相对固定的。

空间站每绕地球做一次完整的圆周运动，就会经历一次进入阴影区和穿出阴影区的过程，即对应一次日落和日出。

宇航员一天内看到日出的次数取决于空间站在一天内绕地球运行的圈数，设为n，则n=T

【解析】解：(1)设地球质量为M，空间站质量为m。

在地球表面，物体受到的重力等于万有引力，有GMmR2=mg；

空间站在距地面h高度处绕地球做匀速圆周运动，由万有引力提供向心力，根据牛顿第二定律有GMm(R+h)2=mv2R+h；

联立上述两式解得，空间站在轨运行线速度大小v=RgR+h。

(2)已知一天的时间T0=24h，空间站在轨运行周期T=1.5h。

由于太阳光线相对于地球的照射方向基本保持不变，地球背光面形成的阴影区在空间中也是相对固定的。

空间站每绕地球做一次完整的圆周运动，就会经历一次进入阴影区和穿出阴影区的过程，即对应一次日落和日出。

宇航员一天内看到日出的次数取决于空间站在一天内绕地球运行的圈数，设为n14.【答案】【小题1】毛毛从与悬挂点O等高处由静止摆动到最低点A的过程中，机械能守恒，根据机械能守恒定律有mgL=12m【小题2】在最低点A，设青藤对毛毛的拉力大小为F′，根据牛顿第二定律有F′−mg=mv【小题3】毛毛在A点松手后做平抛运动，由于悬点O位于左边沿的正上方，且刚好能越过壕沟，可知其平抛运动的水平位移等于壕沟宽度x。

在水平方向上，根据x=vAt，代入数据解得运动时间t=1s；

在竖直方向上，做自由落体运动，根据h

【解析】解：(1)毛毛从与悬挂点O等高处由静止摆动到最低点A的过程中，机械能守恒，根据机械能守恒定律有mgL=12mvA2，

代入数据解得毛毛在最低点A的速度大小vA=6m/s；

(2)在最低点A，设青藤对毛毛的拉力大小为F′，根据牛顿第二定律有F′−mg=mvA2L，代入数据解得F′=150N；

根据牛