安徽省安庆市等三市2023-2024学年高二下学期期末统考物理试题高二物理试题及答案高二物理B卷答案

2023—2024学年第二学期三市联合期末检测高二物理B卷参考答案【解析】阳光中的不同色光透过喷泉中的小水滴发生折射后产生色散,A项正确;影子边缘越模糊是由于太阳光并非平行光,影子边缘有半影区,B项错误;观察前窗玻璃时,既有车内的透射光,又有外界经车窗玻璃的反射光,其中反射光具有一定的偏振,使用偏光眼镜能过滤前窗玻璃的偏振反射光,能够更清楚地透过前窗玻璃观察车内的物品,C项正确;眼镜镜片紧贴在一起,光镜片之间的空气薄层时,在薄层两界面发生反射,反射光会发生干涉,这属于薄膜干涉,D项正确。【解析】I效RT,解得I有效A,D正确。线圈不计电阻,开关闭合足够长时间后,线圈相当于导线,如图2所示,R3两端电压与R4两端电压之=2∶3,C正确,D错误。【解析】由于自感现象线圈不计电阻,开关闭合足够长时间后,线圈相当于导线,如图2所示,R3两端电压与R4两端电压之=2∶3,C正确,D错误。4.【答案】B-,;的质点起振方向向下,任何一点的起振方向均与波源起振方向相同,;3同一介质的波传播速度相同,但波长不同,故两列波频率不同,不能产生干涉现象,D错误。【解析】图甲中,解得P图乙中解得P,A项正确。【解析】小钢球在振动过程中t3时刻,弹簧形变量为零,弹性势能最小,故A项错误;t1时刻小钢球处在正向最大位移处时,形变量为,故弹力为2mg,B项正确;高二物理B卷参考答案第1页(共4页)t1t3两个时刻加速度等大反向,故C项错误;振动周期与振幅无关,故D项错误。【解析】根据图像可知,人在空中的时间为tcd=0.6s,上升高度hg2=0.45m,A项错误;人离地时的速度v=gs,人的重力G=500N,质量m=50kg,自开始下蹲至离地,用时tac图中面积表示合力对人的冲量大小,S1对应的冲量向下,S2对应的冲量向上,a、b点人的速度均为=S2,D项正确。【解析】如图,粒子源发出的粒子做圆周运动的圆心都位于O1O2连线上,M点及O点发出的粒子恰好可打到O点,OM之间的粒子均可打到屏上,其中自OM中点发出的粒子圆心位于NO延长线上,2-22-1该粒子打在屏上的位置距离O点最远,所以光屏上有粒子打到的区域长度为2R,即2L。9.【答案】AB【解析】LC振荡电路一个周期内,电容器经历两次充放电,线圈电流也经历两次最大值,所以每个周期内磁场能、电场能均有两次最大值,A正确;根据图示极板电性和电流方向可知,电容器处于充电状态,结合下图可知,此时q增大,i减小,B正确;减小两极板间距,电容C增大,根据T=2πLC可知,周期增大,C错误;结合上图可知,再经时间,电容器极性与电流方向均发生变化,仍处于充电状态,D错误。【解析】由对称性易知,O点磁感应强度为零,A正确;如图,a、b在P点的磁感应强度之和为零,c、e在P点的磁感应强度之和沿Pa方向,d在P点的磁感应强度也沿Pa方向,所以P点磁感应强度方向沿Pa方向,B错误;高二物理B卷参考答案第2页(共4页)e在O点的磁感应强度方向垂直于eO方向向上,若去掉长直导线e,O点磁感应强度方向垂直于eO方向向下,C错误;原来五根导线在O点产生的磁场磁感应强度为零,只需考虑增加的部分磁场方向,有右手定则可知D正确。11.(8分)【答案】(1)0.245(2分)(3)<(2分)(4)>(2分)【解析】(1)该双线摆的摆长为mm=0.245m;(2)自小球第1次经过光电门至第2n+1次经过光电门,小球完成了n次全振动,故T;(3)由gl,忘了加上小球半径,所以摆长测量值偏小,所以g测<g真;(4)如图,由向心力公式mgtanθ=mlsinθ,得g故用gl得出的测量值大于真实值。12.(8分)【答案】(1)a(2分)d(2分)(2)7.870(7.868~7.872都给分,2分)6.9×10-7(2分)【解析】(1)滤光片应位于透镜与单缝之间,使通过单缝的光为单色相干光源,红色滤光片可以过滤掉其他色光,只让红光通过,故选a、d;(2)读数为7.5mm+37.0×0.01mm=7.870mm,波长m。13.(10分)14(14分)【解析】(1)回路总电流I……………………2分金属棒所受安培力F=BIL………………………1分解得F………………………2分14(14分)当金属棒质量取最小时,金属棒恰好要滑动,如图所示,设导轨对金属棒的支持力为FN,滑动摩擦力为f,FN+Fcosθ=mg………………FN+Fcosθ=mg………2分解得m…………2分【解析】(1)金属棒a进入磁场时,E=BLv0……………2分I……………2分高二物理B卷参考答案第3页(共4页)BIL+μmg=ma1…………………2分解得:ag……………2分(2)0~t时间内对金属棒a、b分别列动量定理:-BLt-μmgt=mmv0………………………2分BILt=mv-0………………………2分解得:vgt…………………2分15.(18分)【解析】(1)小球恰好到达右侧圆弧管道末端时,两者恰好共速,根据水平动量守恒及能量守恒有:mv0=2mv共……………………1分mvmg·2Rmv……………………2分…,………2分mv0=-mv1+mv2…………………1分mvmvmv……………2分解得v=0,v=v=22gR………………………2分故小球返回轨道,从小车左侧离开时速度为零,小车速度为22gR(3)若小球进入管道的初速度变为原来的2倍,小球将飞离管道,并做斜抛运动,上升至最高点时,·2v=2mv共12m(2v0)2=mgh+2·2mv……………………1分最,=速度相同,设此时小球竖直速度分量为vy,水平速度分量为vx,解得h=8R………………最,=速度相同,设此时小球竖直速度分量为vy,水平速度分量为vx,m·2v=2mvx2=mg·2Rmv2分解得vx=v=22