2026年浙江省苏教版高二物理二轮复习第三章力学综合测试题库试卷

2026年浙江省苏教版高二物理二轮复习第三章力学综合测试题库试卷一、单项选择题（本大题共10小题，每小题2分，共20分）1.在光滑水平面上，质量为2kg的物体受到一个水平向右的恒力F作用，从静止开始运动，5秒内物体的位移为25m。若撤去该力后，物体再运动4秒停止，则该恒力F的大小为（）A.4NB.5NC.6ND.7N解析：物体在恒力F作用下做匀加速直线运动，根据位移公式x=½at²，可得加速度a=2x/t²=2×25/5²=2m/s²。由牛顿第二定律F=ma，F=2×2=4N。撤去F后，物体做匀减速运动，加速度大小等于之前匀加速的加速度，即a=2m/s²。设撤去F时的速度为v，则v=at=2×5=10m/s。匀减速运动的时间t'可用v=at'求得，t'=10/2=5s，但实际运动4s停止，说明存在其他阻力，但题目未给出，故仅考虑恒力作用下的情况，F=4N。2.如图所示，倾角为θ的斜面上有一质量为m的小球，用与斜面成α角的细线悬挂，小球静止时细线与斜面垂直，则细线的拉力大小为（）A.mgB.mgcosθC.mgsinθD.mg/tanα解析：对小球进行受力分析，重力mg沿斜面向下分解为mgcosθ和mgsinθ。细线拉力T与mgsinθ平衡，故T=mgsinθ。选项C正确。3.质量为m的小球以速度v水平抛出，不计空气阻力，落地时速度方向与水平方向成θ角，则小球落地时动能比抛出时动能增加了（）A.½mv²B.½mv²sin²θC.½mv²cos²θD.mv²sinθ解析：水平抛出时动能Ek₁=½mv²。落地时速度v'的水平分量为v，竖直分量为v'ₛ=v't，其中v'ₛ=gt，t=vₛ/g=v/g。故v'=√(v²+(gt)²)=√(v²+v²)=v√2。落地时动能Ek₂=½mv'²=½m(2v²)=mv²。动能增加量ΔEk=Ek₂-Ek₁=mv²-½mv²=½mv²。选项A正确。4.两根轻质弹簧甲和乙，劲度系数分别为k₁和k₂（k₁>k₂），分别连接在光滑水平面上的A、B两点，中间放置一个质量为m的小球，静止时弹簧均处于原长，现用水平力F向右拉小球，使两弹簧均伸长x，则小球受到的合力大小为（）A.FB.F/2C.(k₁+k₂)xD.(k₁-k₂)x解析：小球受右弹簧拉力F₁=k₁x，左弹簧拉力F₂=k₂x。合力F合=F₁-F₂=(k₁-k₂)x。选项D正确。5.如图所示，质量为m的木块静止在倾角为θ的粗糙斜面上，最大静摩擦力为f，现用与斜面成α角的力F推木块，木块仍静止，则推力F的取值范围是（）A.0≤F≤f/mgcosθB.0≤F≤f/mgsinθC.f/mgcosθ≤F≤f/mgsinθD.f/mg≤F≤f/mgcosθ解析：沿斜面方向受力平衡：Fcosα+f=mgsinθ，解得F=(mgsinθ-f)/cosα。沿垂直斜面方向受力平衡：Fsinα+N=mgcosθ，N=mgcosθ-Fsinα。静摩擦力f≤μN，代入N得f≤μ(mgcosθ-Fsinα)。联立解得F的取值范围，选项C正确。6.如图所示，质量为m的小球用长为L的细线悬挂，悬点O固定，将小球拉到与悬线垂直的位置后由静止释放，小球运动到最低点时，细线拉力大小为（）A.mgB.2mgC.3mgD.4mg解析：小球在最低点时速度v可用机械能守恒求得：½mv²=mgL，v=√(gL)。由牛顿第二定律：T-mg=mv²/L，T=mg+mv²/L=mg+mg=2mg。选项B正确。7.如图所示，质量为m的木块在粗糙水平面上向右运动，受到一个水平向左的恒力F作用，木块与水平面间的动摩擦因数为μ，则木块受到的摩擦力大小为（）A.μmgB.μ(mg-F)C.μ(mg+F)D.μF解析：摩擦力f=μN，N=mg-F（因为F向下压）。故f=μ(mg-F)。选项B正确。8.如图所示，质量为m的小球用长为L的细线悬挂，悬点O固定，将小球拉到与悬线垂直的位置后由静止释放，小球运动到最低点时，细线拉力大小为（）A.mgB.2mgC.3mgD.4mg解析：小球在最低点时速度v可用机械能守恒求得：½mv²=mgL，v=√(gL)。由牛顿第二定律：T-mg=mv²/L，T=mg+mv²/L=mg+mg=2mg。选项B正确。9.如图所示，质量为m的木块静止在倾角为θ的粗糙斜面上，最大静摩擦力为f，现用与斜面成α角的力F推木块，木块仍静止，则推力F的取值范围是（）A.0≤F≤f/mgcosθB.0≤F≤f/mgsinθC.f/mgcosθ≤F≤f/mgsinθD.f/mg≤F≤f/mgcosθ解析：沿斜面方向受力平衡：Fcosα+f=mgsinθ，解得F=(mgsinθ-f)/cosα。沿垂直斜面方向受力平衡：Fsinα+N=mgcosθ，N=mgcosθ-Fsinα。静摩擦力f≤μN，代入N得f≤μ(mgcosθ-Fsinα)。联立解得F的取值范围，选项C正确。10.如图所示，质量为m的小球用长为L的细线悬挂，悬点O固定，将小球拉到与悬线垂直的位置后由静止释放，小球运动到最低点时，细线拉力大小为（）A.mgB.2mgC.3mgD.4mg解析：小球在最低点时速度v可用机械能守恒求得：½mv²=mgL，v=√(gL)。由牛顿第二定律：T-mg=mv²/L，T=mg+mv²/L=mg+mg=2mg。选项B正确。二、填空题（本大题共10小题，每小题2分，共20分）1.如图所示，质量为m的小球用长为L的细线悬挂，悬点O固定，将小球拉到与悬线垂直的位置后由静止释放，小球运动到最低点时，细线拉力大小为_________。解：小球在最低点时速度v可用机械能守恒求得：½mv²=mgL，v=√(gL)。由牛顿第二定律：T-mg=mv²/L，T=mg+mv²/L=mg+mg=2mg。参考答案：2mg2.如图所示，质量为m的木块静止在倾角为θ的粗糙斜面上，最大静摩擦力为f，现用与斜面成α角的力F推木块，木块仍静止，则推力F的取值范围是_________。解：沿斜面方向受力平衡：Fcosα+f=mgsinθ，解得F=(mgsinθ-f)/cosα。沿垂直斜面方向受力平衡：Fsinα+N=mgcosθ，N=mgcosθ-Fsinα。静摩擦力f≤μN，代入N得f≤μ(mgcosθ-Fsinα)。联立解得F的取值范围。参考答案：(mgsinθ-f)/cosα≤F≤f/[μ(mgcosθ-Fsinα)]3.质量为m的小球以速度v水平抛出，不计空气阻力，落地时速度方向与水平方向成θ角，则小球落地时动能比抛出时动能增加了_________。解：水平抛出时动能Ek₁=½mv²。落地时速度v'的水平分量为v，竖直分量为v'ₛ=gt，v'ₛ=gt，t=vₛ/g=v/g。故v'=√(v²+(gt)²)=√(v²+v²)=v√2。落地时动能Ek₂=½mv'²=½m(2v²)=mv²。动能增加量ΔEk=Ek₂-Ek₁=mv²-½mv²=½mv²。参考答案：½mv²4.两根轻质弹簧甲和乙，劲度系数分别为k₁和k₂（k₁>k₂），分别连接在光滑水平面上的A、B两点，中间放置一个质量为m的小球，静止时弹簧均处于原长，现用水平力F向右拉小球，使两弹簧均伸长x，则小球受到的合力大小为_________。解：小球受右弹簧拉力F₁=k₁x，左弹簧拉力F₂=k₂x。合力F合=F₁-F₂=(k₁-k₂)x。参考答案：(k₁-k₂)x5.如图所示，质量为m的小球用长为L的细线悬挂，悬点O固定，将小球拉到与悬线垂直的位置后由静止释放，小球运动到最低点时，细线拉力大小为_________。解：小球在最低点时速度v可用机械能守恒求得：½mv²=mgL，v=√(gL)。由牛顿第二定律：T-mg=mv²/L，T=mg+mv²/L=mg+mg=2mg。参考答案：2mg6.如图所示，质量为m的木块静止在倾角为θ的粗糙斜面上，最大静摩擦力为f，现用与斜面成α角的力F推木块，木块仍静止，则推力F的取值范围是_________。解：沿斜面方向受力平衡：Fcosα+f=mgsinθ，解得F=(mgsinθ-f)/cosα。沿垂直斜面方向受力平衡：Fsinα+N=mgcosθ，N=mgcosθ-Fsinα。静摩擦力f≤μN，代入N得f≤μ(mgcosθ-Fsinα)。联立解得F的取值范围。参考答案：(mgsinθ-f)/cosα≤F≤f/[μ(mgcosθ-Fsinα)]7.质量为m的小球以速度v水平抛出，不计空气阻力，落地时速度方向与水平方向成θ角，则小球落地时动能比抛出时动能增加了_________。解：水平抛出时动能Ek₁=½mv²。落地时速度v'的水平分量为v，竖直分量为v'ₛ=gt，v'ₛ=gt，t=vₛ/g=v/g。故v'=√(v²+(gt)²)=√(v²+v²)=v√2。落地时动能Ek₂=½mv'²=½m(2v²)=mv²。动能增加量ΔEk=Ek₂-Ek₁=mv²-½mv²=½mv²。参考答案：½mv²8.两根轻质弹簧甲和乙，劲度系数分别为k₁和k₂（k₁>k₂），分别连接在光滑水平面上的A、B两点，中间放置一个质量为m的小球，静止时弹簧均处于原长，现用水平力F向右拉小球，使两弹簧均伸长x，则小球受到的合力大小为_________。解：小球受右弹簧拉力F₁=k₁x，左弹簧拉力F₂=k₂x。合力F合=F₁-F₂=(k₁-k₂)x。参考答案：(k₁-k₂)x9.如图所示，质量为m的小球用长为L的细线悬挂，悬点O固定，将小球拉到与悬线垂直的位置后由静止释放，小球运动到最低点时，细线拉力大小为_________。解：小球在最低点时速度v可用机械能守恒求得：½mv²=mgL，v=√(gL)。由牛顿第二定律：T-mg=mv²/L，T=mg+mv²/L=mg+mg=2mg。参考答案：2mg10.如图所示，质量为m的木块静止在倾角为θ的粗糙斜面上，最大静摩擦力为f，现用与斜面成α角的力F推木块，木块仍静止，则推力F的取值范围是_________。解：沿斜面方向受力平衡：Fcosα+f=mgsinθ，解得F=(mgsinθ-f)/cosα。沿垂直斜面方向受力平衡：Fsinα+N=mgcosθ，N=mgcosθ-Fsinα。静摩擦力f≤μN，代入N得f≤μ(mgcosθ-Fsinα)。联立解得F的取值范围。参考答案：(mgsinθ-f)/cosα≤F≤f/[μ(mgcosθ-Fsinα)]三、判断题（本大题共10小题，每小题2分，共20分）1.如图所示，质量为m的小球用长为L的细线悬挂，悬点O固定，将小球拉到与悬线垂直的位置后由静止释放，小球运动到最低点时，细线拉力大小为3mg。（×）解：小球在最低点时速度v可用机械能守恒求得：½mv²=mgL，v=√(gL)。由牛顿第二定律：T-mg=mv²/L，T=mg+mv²/L=mg+mg=2mg。原命题错误。2.如图所示，质量为m的木块静止在倾角为θ的粗糙斜面上，最大静摩擦力为f，现用与斜面成α角的力F推木块，木块仍静止，则推力F的取值范围是f/mgcosθ≤F≤f/mgsinθ。（√）解：沿斜面方向受力平衡：Fcosα+f=mgsinθ，解得F=(mgsinθ-f)/cosα。沿垂直斜面方向受力平衡：Fsinα+N=mgcosθ，N=mgcosθ-Fsinα。静摩擦力f≤μN，代入N得f≤μ(mgcosθ-Fsinα)。联立解得F的取值范围，原命题正确。3.质量为m的小球以速度v水平抛出，不计空气阻力，落地时速度方向与水平方向成θ角，则小球落地时动能比抛出时动能增加了½mv²。（√）解：水平抛出时动能Ek₁=½mv²。落地时速度v'的水平分量为v，竖直分量为v'ₛ=gt，v'ₛ=gt，t=vₛ/g=v/g。故v'=√(v²+(gt)²)=√(v²+v²)=v√2。落地时动能Ek₂=½mv'²=½m(2v²)=mv²。动能增加量ΔEk=Ek₂-Ek₁=mv²-½mv²=½mv²。原命题正确。4.两根轻质弹簧甲和乙，劲度系数分别为k₁和k₂（k₁>k₂），分别连接在光滑水平面上的A、B两点，中间放置一个质量为m的小球，静止时弹簧均处于原长，现用水平力F向右拉小球，使两弹簧均伸长x，则小球受到的合力大小为(k₁+k₂)x。（×）解：小球受右弹簧拉力F₁=k₁x，左弹簧拉力F₂=k₂x。合力F合=F₁-F₂=(k₁-k₂)x。原命题错误。5.如图所示，质量为m的木块静止在倾角为θ的粗糙斜面上，最大静摩擦力为f，现用与斜面成α角的力F推木块，木块仍静止，则推力F的取值范围是f/mgcosθ≤F≤f/mgsinθ。（√）解：沿斜面方向受力平衡：Fcosα+f=mgsinθ，解得F=(mgsinθ-f)/cosα。沿垂直斜面方向受力平衡：Fsinα+N=mgcosθ，N=mgcosθ-Fsinα。静摩擦力f≤μN，代入N得f≤μ(mgcosθ-Fsinα)。联立解得F的取值范围，原命题正确。6.如图所示，质量为m的小球用长为L的细线悬挂，悬点O固定，将小球拉到与悬线垂直的位置后由静止释放，小球运动到最低点时，细线拉力大小为2mg。（√）解：小球在最低点时速度v可用机械能守恒求得：½mv²=mgL，v=√(gL)。由牛顿第二定律：T-mg=mv²/L，T=mg+mv²/L=mg+mg=2mg。原命题正确。7.质量为m的小球以速度v水平抛出，不计空气阻力，落地时速度方向与水平方向成θ角，则小球落地时动能比抛出时动能增加了½mv²。（√）解：水平抛出时动能Ek₁=½mv²。落地时速度v'的水平分量为v，竖直分量为v'ₛ=gt，v'ₛ=gt，t=vₛ/g=v/g。故v'=√(v²+(gt)²)=√(v²+v²)=v√2。落地时动能Ek₂=½mv'²=½m(2v²)=mv²。动能增加量ΔEk=Ek₂-Ek₁=mv²-½mv²=½mv²。原命题正确。8.两根轻质弹簧甲和乙，劲度系数分别为k₁和k₂（k₁>k₂），分别连接在光滑水平面上的A、B两点，中间放置一个质量为m的小球，静止时弹簧均处于原长，现用水平力F向右拉小球，使两弹簧均伸长x，则小球受到的合力大小为(k₁-k₂)x。（√）解：小球受右弹簧拉力F₁=k₁x，左弹簧拉力F₂=k₂x。合力F合=F₁-F₂=(k₁-k₂)x。原命题正确。9.如图所示，质量为m的木块静止在倾角为θ的粗糙斜面上，最大静摩擦力为f，现用与斜面成α角的力F推木块，木块仍静止，则推力F的取值范围是f/mgcosθ≤F≤f/mgsinθ。（√）解：沿斜面方向受力平衡：Fcosα+f=mgsinθ，解得F=(mgsinθ-f)/cosα。沿垂直斜面方向受力平衡：Fsinα+N=mgcosθ，N=mgcosθ-Fsinα。静摩擦力f≤μN，代入N得f≤μ(mgcosθ-Fsinα)。联立解得F的取值范围，原命题正确。10.如图所示，质量为m的小球用长为L的细线悬挂，悬点O固定，将小球拉到与悬线垂直的位置后由静止释放，小球运动到最低点时，细线拉力大小为2mg。（√）解：小球在最低点时速度v可用机械能守恒求得：½mv²=mgL，v=√(gL)。由牛顿第二定律：T-mg=mv²/L，T=mg+mv²/L=mg+mg=2mg。原命题正确。四、简答题（本大题共8小题，每小题2分，共16分）1.简述牛顿第一定律的内容及其适用条件。解：牛顿第一定律的内容是：一切物体总保持静止或匀速直线运动状态，除非作用在它上面的力迫使它改变这种状态。适用条件是：物体不受外力或所受外力合力为零。2.简述牛顿第二定律的内容及其物理意义。解：牛顿第二定律的内容是：物体的加速度a与它所受的合外力F成正比，与它的质量m成反比，加速度的方向与合外力的方向相同。物理意义是揭示了力、质量和加速度之间的定量关系。3.简述牛顿第三定律的内容及其适用条件。解：牛顿第三定律的内容是：两个物体之间的作用力F和反作用力F'，总是大小相等、方向相反，作用在同一条直线上，且分别作用在两个不同的物体上。适用条件是：作用力和反作用力分别作用在两个不同的物体上。4.简述机械能守恒定律的内容及其适用条件。解：机械能守恒定律的内容是：在只有重力或系统内弹力做功的情况下，物体的动能和势能（包括重力势能和弹性势能）发生相互转化，但机械能的总量保持不变。适用条件是：系统内只有重力或弹力做功，或存在其他力但做功为零。5.简述动量定理的内容及其物理意义。解：动量定理的内容是：物体所受合外力的冲量等于它的动量的变化量。物理意义是揭示了力对物体作用的时间与物体动量变化之间的关系。6.简述动能定理的内容及其物理意义。解：动能定理的内容是：合外力对物体所做的功等于物体动能的变化量。物理意义是揭示了力对物体作用的空间累积效应与物体动能变化之间的关系。7.简述向心力的大小和方向。解：向心力的大小为F=mv²/r，方向始终指向圆心。8.简述离心现象的产生条件及其本质。解：离心现象的产生条件是：做圆周运动的物体所受合外力不足以提供所需的向心力时，物体将沿切线方向飞出。本质是惯性表现，不是一种真实的力。五、应用题（本大题共8小题，每小题4分，共24分）1.如图所示，质量为m的小球用长为L的细线悬挂，悬点O固定，将小球拉到与悬线垂直的位置后由静止释放，求小球运动到最低点时细线的拉力大小。解：小球在最低点时速度v可用机械能守恒求得：½mv²=mgL，v=√(gL)。由牛顿第二定律：T-mg=mv²/L，T=mg+mv²/L=mg+mg=2mg。2.如图所示，质量为m的木块静止在倾角为θ的粗糙斜面上，最大静摩擦力为f，现用与斜面成α角的力F推木块，木块仍静止，求推力F的取值范围。解：沿斜面方向受力平衡：Fcosα+f=mgsinθ，解得F=(mgsinθ-f)/cosα。沿垂直斜面方向受力平衡：Fsinα+N=mgcosθ，N=mgcosθ-Fsinα。静摩擦力f≤μN，代入N得f≤μ(mgcosθ-Fsinα)。联立解得F的取值范围。3.质量为m的小球以速度v水平抛出，不计空气阻力，落地时速度方向与水平方向成θ角，求小球落地时动能比抛出时动能增加了多少。解：水平抛出时动能Ek₁=½mv²。落地时速度v'的水平分量为v，竖直分量为v'ₛ=gt，v'ₛ=gt，t=vₛ/g=v/g。故v'=√(v²+(gt)²)=√(v²+v²)=v√2。落地时动能Ek₂=½mv'²=½m(2v²)=mv²。动能增加量ΔEk=Ek₂-Ek₁=mv²-½mv²=½mv²。4.两根轻质弹簧甲和乙，劲度系数分别为k₁和k₂（k₁>k₂），分别连接在光滑水平面上的A、B两点，中间放置一个质量为m的小球，静止时弹簧均处于原长，现用水平力F向右拉小球，使两弹簧均伸长x，求小球受到的合力大小。解：小球受右弹簧拉力F₁=k₁x，左弹簧拉力F₂=k₂x。合力F合=F₁-F₂=(k₁-k₂)x。5.如图所示，质量为m的小球用长为L的细线悬挂，悬点O固定，将小球拉到与悬线垂直的位置后由静止释放，求小球运动到最低点时细线的拉力大小。解：小球在最低点时速度v可用机械能守恒求得：½mv²=mgL，v=√(gL)。由牛顿第二定律：T-mg=mv²/L，T=mg+mv²/L=mg+mg=2mg。6.如图所示，质量为m的木块静止在倾角为θ的粗糙斜面上，最大静摩擦力为f，现用与斜面成α角的力F推木块，木块仍静止，求推力F的取值范围。解：沿斜面方向受力平衡：Fcosα+f=mgsinθ，解得F=(mgsinθ-f)/cosα。沿垂直斜面方向受力平衡：Fsinα+N=mgcosθ，N=mgcosθ-Fsinα。静摩擦力f≤μN，代入N得f≤μ(mgcosθ-Fsinα)。联立解得F的取值范围。7.质量为m的小球以速度v水平抛出，不计空气阻力，落地时速度方向与水平方向成θ角，求小球落地时动能比抛出时动能增加了多少。解：水平抛出时动能Ek₁=½mv²。落地时速度v'的水平分量为v，竖直分量为v'ₛ=gt，v'ₛ=gt，t=vₛ/g=v/g。故v'=√(v²+(gt)²)=√(v²+v²)=v√2。落地时动能Ek₂=½mv'²=½m(2v²)=mv²。动能增加量ΔEk=Ek₂-Ek₁=mv²-½mv²=½mv²。8.两根轻质弹簧甲和乙，劲度系数分别为k₁和k₂（k₁>k₂），分别连接在光滑水平面上的A、B两点，中间放置一个质量为m的小球，静止时弹簧均处于原长，现用水平力F向右拉小球，使两弹簧均伸长x，求小球受到的合力大小。解：小球受右弹簧拉力F₁=k₁x，左弹簧拉力F₂=k₂x。合力F合=F₁-F₂=(k₁-k₂)x。9.如图所示，质量为m的小球用长为L的细线悬挂，悬点O固定，将小球拉到与悬线垂直的位置后由静止释放，求小球运动到最低点时细线的拉力大小。解：小球在最低点时速度v可用机械能守恒求得：½mv²=mgL，v=√(gL)。由牛顿第二定律：T-mg=mv²/L，T=mg+mv²/L=mg+mg=2mg。10.如图所示，质量为m的木块静止在倾角为θ的粗糙斜面上，最大静摩擦力为f，现用与斜面成α角的力F推木块，木块仍静止，求推力F的取值范围。解：沿斜面方向受力平衡：Fcosα+f=mgsinθ，解得F=(mgsinθ-f)/cosα。沿垂直斜面方向受力平衡：Fsinα+N=mgcosθ，N=mgcosθ-Fsinα。静摩擦力f≤μN，代入N得f≤μ(mgcosθ-Fsinα)。联立解得F的取值范围。【标准答案及解析】一、单项选择题1.A2.C3.A4.D5.C6.B7.B8.B9.C10.B二、填空题1.2mg12.(mgsinθ-f)/cosα≤F≤f/[μ(mgcosθ-Fsinα)]13.½mv²2.(k₁-k₂)x15.2mg16.(mgsinθ-f)/cosα≤F≤f/[μ(mgcosθ-Fsinα)]3.½mv²18.(k₁-k₂)x19.2mg20.(mgsinθ-f)/cosα≤F≤f/[μ(mgcosθ-Fsinα)]三、判断题1.×22.√23.√24.×25.√26.√27.√28.√29.√30.√四、简答题1.牛顿第一定律的内容是：一切物体总保持静止或匀速直线运动状态，除非作用在它上面的力迫使它改变这种状态。适用条件是：物体不受外力或所受外力合力为零。2.牛顿第二定律的内容是：物体的加速度a与它所受的合外力F成正比，与它的质量m成反比，加速度的方向与合外力的方向相同。物理意义是揭示了力、质量和加速度之间的定量关系。3.牛顿第三定律的内容是：两个物体之间的作用力F和反作用力F'，总是大小相等、方向相反，作用在同一条直线上，且分别作用在两个不同的物体上。适用条件是：作用力和反作用力分别作用在两个不同的物体上。4.机械能守恒定律的内容是：在只有重力或系统内弹力做功的情况下，物体的动能和势能（包括重力势能和弹性势能）发生相互转化，但机械能的总量保持不变。适用条件是：系统内只有重力或弹力做功，或存在其他力但做功为零。5.动量定理的内容是：物体所受合外力的冲量等于它的动量的变化量。物理意义是揭示了力对物体作用的时间与物体动量变化之间的关系。6.动能定理的内容是：合外力对物体所做的功等于物体动能的变化量。物理意义是揭示了力对物体作用的空间累积效应与物体动能变化之间的关系。7.向心力的大小为F=mv²/r，方向始终指向圆心。8.离