黑龙江省鸡西虎林市东方红林业局2027届高二物理第一学期期中统考模拟试题含解析

黑龙江省鸡西虎林市东方红林业局2027届高二物理第一学期期中统考模拟试题注意事项：1．答题前，考生先将自己的姓名、准考证号填写清楚，将条形码准确粘贴在考生信息条形码粘贴区。2．选择题必须使用2B铅笔填涂；非选择题必须使用0．5毫米黑色字迹的签字笔书写，字体工整、笔迹清楚。3．请按照题号顺序在各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试题卷上答题无效。4．保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、三个相同金属球，原来有两个小球带电荷量相等，相互间的引力为F，用第三个不带电的小球，依次接触两个带电小球后再移走，则原来两个带电小球之间的相互吸引力变为A．F2B．C．F8D．2、玻璃棒与丝绸摩擦后，玻璃棒带正电，这是因为：()A．玻璃上的一些电子转移到丝绸上B．玻璃上的一些正电荷转移到丝绸上C．丝绸上的一些电子转移到玻璃上D．丝绸上的一些正电荷转移到玻璃上3、两颗人造地球卫星，向心加度之比a1：a2、=9:1,下列有关数据之比正确的是（）A．轨道半径之比R1：R2=1:3 B．线速之比v1：v2=3:1C．向心力之比F1：F2=1：9 D．周期之比T1：T2=3:14、关于电场线的说法，正确的是()A．电场线的切线的方向，就是电荷受力的方向B．正电荷只在静电力作用下一定沿电场线运动C．同一电场中电场线越密的地方，同一电荷所受静电力越大D．静电场的电场线可能是闭合的5、如图所示，虚线a、b、c代表电场中一簇等势线，相邻等势线之间的电势差相等，实线为一带正电的粒子(重力不计)仅在电场力作用下通过该区域时的运动轨迹，粒子先后通过这条轨迹上的P、Q两点，对同一粒子，据此可知()A．三个等势线中，a的电势最高B．粒子通过P点时的动能比通过Q点时大C．粒子通过P点时的电场力比通过Q点时大D．粒子在P点具有的电势能比在Q点具有的电势能大6、两只电压表V1和V2是由完全相同的电流表改装而成的，V2的量程为5V，V1的量程为15V，为了测量15—20V的电压，把V1、V2串联起来使用，在这种情况下（）A．V1和V2两表指针偏转角相等B．V1和V2读数相等C．V1和V2的读数之比不等于电压表的内阻之比D．V1和V2的指针偏转角度之比等于两个电压表的内阻之比二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、在光滑地面上将一小钢球水平弹出，小球碰到墙壁后沿原路径反向弹回，图是小球运动的位移﹣时间图象，由此图象可知（）A．小球在0﹣t1时间内做匀速运动B．小球在0﹣t2时间内做匀加速运动C．小球在t2时刻回到了出发点D．小球在t2时刻被墙壁反弹8、如图所示，平行金属板中带电质点P原处于静止状态，不考虑电流表和电压表对电路的影响，R1的阻值和电内阻r相等．当滑动变阻器R4的滑片向b端移动时A．电压表读数减小B．电流表读数减小C．电的输出功率逐渐增大D．质点P将向上运动9、如图所示，A、B、C三个物体放在旋转平台上随平台一起做匀速圆周运动，动摩擦因数均为μ，已知A的质量为2m，B、C的质量均为m，A、B离轴距离均为R，C距离轴为2R，则以下说法正确的是（）A．aA=aB<aCB．aA=aC>aBC．fA=fC>fBD．fA=fB>fC10、如图所示，虚线a、b、c代表电场中的三个等势面，相邻等势面之间的电势差相等，即Uab=Ubc,实线为一带负电的离子仅在电场力作用下通过该区域时的运动轨迹，P、Q是这条轨迹上的两点，据此可知A．三个等势面中，b的电势最低B．带电离子通过P点时的电势能较大C．带电离子通过P点时的动能较大D．带电离子通过P点时的加速度较大三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）现有一个灵敏电流表，它的满偏电流，内阻，若要将它改装成量程为5A的电流表，应并联一个_______Ω的电阻，改装后的电流表测量电流时，指针指在表盘上的原来处，则被测电流的大小是__________A．12．（12分）小灯泡灯丝的电阻随温度的升高而变大，某同学利用实验探究这一现象，所提供的器材有：A．电流表（A1）量程0-0.6A，内阻约0.125ΩB．电流表（A2）量程0-3A，内阻约0.025ΩC．电压表（V1）量程0-3V，内阻约3kΩD．电压表（V2）量程0-15V，内阻约15kΩE.滑动变阻器（R1）总阻值约10ΩF.滑动变阻器（R2）总阻值约200ΩG.电池（E）电动势3.0V，内阻很小H.导线若干，电键K该同学选择仪器，设计电路并进行实验，通过实验得到如下数据：I/A00.120.210.290.340.380.420.450.470.490.50U/V00.200.400.600.801.001.201.401.601.802.00(1)请你推测该同学选择的器材是：电流表为______，电压表为______；滑动变阻器为______（以上均填写器材代号）；(2)请你推测该同学设计的实验电路图并画在方框中。（____）四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）如图所示，电源电动势E=12V，内阻r=2Ω，闭合电键S后，标有“8V，12W”的灯泡恰能正常发光，电动机M绕组的电阻R0=4Ω，求：（1）电源的输出功率P；（2）通过电动机M的电流IM；（3）电动机的输出功率P出．14．（16分）如图所示闭合电路，电源电动势E=1.5V，内电阻r=0.1Ω，外电路电阻R=1.4Ω.求：（1）电路中的电流I；（2）路端电压U；（3）电源的输出功率P出15．（12分）如图所示，虚线左侧有一场强为E1=E的匀强电场，在两条平行的虚线MN和PQ之间存在着宽为L、电场强度为E2=2E的匀强电场，在虚线PQ右侧距PQ为L处有一与电场E2平行的屏。现将一电子（电荷量为e，质量为m，重力不计）无初速度地放入电场E1中的A点，最后电子打在右侧的屏上，A点到MN的距离为，AO连线与屏垂直，垂足为O，求：(1)电子从释放到打到屏上所用的时间；(2)电子刚射出电场E2时的速度方向与AO连线夹角的正切值；(3)电子打到屏上的点到点O的距离x。

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、C【解析】因为题中两球之间为吸引力，故两者带等量异种电荷，假设A带电量为Q，B带电量为-Q，两球之间的相互吸引力的大小是F=kQ2r2，第三个不带电的金属小球C与A接触后，A和C的电量都为Q2，C与B接触时先中和再平分，则C、B分开后电量均为-【点睛】要清楚带电体相互接触后移开，同种电荷电量平分，异种电荷电量先中和再平分．根据库仑定律的内容，找出变化量和不变量求出问题．2、A【解析】用丝绸摩擦过的玻璃棒带正电，是玻璃棒上的原子核束缚电子的能力弱，使一部分电子从玻璃棒上转移到丝绸上，玻璃棒因失去电子而带正电，故A正确，BCD错误。3、A【解析】

A．根据可得轨道半径之比R1：R2=1:3，选项A正确；B．根据可得，线速度之比v1：v2=:1，选项B错误；C．因卫星的质量关系不确定，不能确定向心力之比，选项C错误；D．根据可知周期之比T1：T2=1:3，选项D错误；故选A.4、C【解析】

A．电场线的方向，是正电荷所受电场力的方向，与负电荷所受电场力的方向相反，故A错误；B．正电荷如果沿电场线运动必须满足的条件：①电场线是直线；②合外力沿电场线方向；所以正电荷只在电场力的作用下不一定沿电场线运动，故B错误；C．电场线越密，场强越大，则电荷所受的电场力越大，故C正确；D．静电场的电场线从正电荷出发到负电荷或无穷远终止，是不闭合的，故D错误。故选C。5、C【解析】

试题分析：根据轨迹弯曲的方向和电场线与等势线垂直，画出P、Q两点处场强的方向，如图：则可知，三个等势面中的，a的电势最低，故A错误；根据电场线的疏密可知，P点的电场强度大于Q点，则带电质点在P点受到的电场力大于Q点，故B错误；若质点从P到Q过程，电场力做负功，质点的电势能增大，动能减小，则质点在P点时的动能比通过Q点时大，故C正确，D错误；【考点定位】等势面、电势、电势能根据合力指向轨迹的内侧和电场线与等势线垂直，确定电场力的方向，判断电势的高低．由电场力做功的正负判断电势能的变化．电场力做正功，质点的电势能减小，动能增大；电场力做负功，质点的电势能增大，动能减小．根据等差等势面密处场强大，判断场强大小，确定加速度的大小．6、A【解析】A项：两电压表串联，流过两表头的电流相等，则两电压表指针偏转角度相等，故A正确；B项：两电压表串联，流过它们的电流相等而电压表内阻不同，电压表两端电压不同，电压表示数不同，故B错误；C项：通过两电压表的电流相同，由欧姆定律可知，V1和V2的读数之比等于电压表的内阻之比，故C错误；D项:由于串联电流相等，故表头偏转角度相同，V1和V2的指针偏转角度之比与电压表内阻无关，故D错误；综上所述：本题答案选A二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AC【解析】

AB．小球在0﹣t1时间内位移随时间均匀变化，所以小球做匀速运动，故A正确，B错误；C．由图象可知：小球在t2时刻的位移为0，回到了出发点，故C正确；D．由图象可知：在小球在t1时刻速度方向改变，故此时被墙壁弹回，故D错误。故选AC。8、AC【解析】

当滑动变阻器R4的滑片向b端移动时，其接入电路的电阻减小，外电路总电阻减小，根据闭合电路欧姆定律分析得知干路电流I增大．电容器板间电压等于R3的电压．R4减小，AB间并联部分的总电阻减小，则R3的电压减小，R3上消耗的功率逐渐减小，电容器板间场强减小，质点P所受的电场力减小，所以质点P将向下运动，故D错误；流过电流表的电流IA=I-I3，I增大，I3减小，则IA增大，所以电流表读数增大，故B错误；R4的电压U4=U3-U2，U3减小，U2增大，则U4减小，所以电压表读数减小．故A正确；由于R1的阻值和电源内阻r相等，则外电路总电阻大于电源的内阻r，当外电阻减小时，电源的输出功率逐渐增大．C正确．故选AC．本题是电路动态变化分析问题，先分析变阻器接入电路的电阻变化，再分析外总电阻变化和总电流的变化，接着分析局部电路电压和电流的变化．9、AC【解析】

ABC角速度相等，根据a=rω2知，C的轨道半径最大，C的向心加速度最大，AB的向心加速度相等，故A正确，B错误。物体做匀速圆周运动，靠静摩擦力提供向心力，fA＝2mRω2，fB＝mRω2，fC＝2mRω2，可知B物体的摩擦力最小，故C正确，D错误；故选AC.10、BD【解析】

电荷所受电场力指向轨迹内侧，由于电荷带负电，因此电场线指向左上方，沿电场线电势降低，故c等势线的电势最低，a等势线的电势最高，故A错误；根据质点受力情况可知，从P到Q过程中电场力做正功，电势能降低，故P点的电势能大于Q点的电势能，故B正确；从P到Q过程中电场力做正功，电势能降低，动能增大，故P点的动能小于Q点的动能，故C错误；等势线密的地方电场线密场强大，故P点位置电场强，电场力大，根据牛顿第二定律，加速度也大，故D正确．故选BD．解决这类带电粒子在电场中运动的思路是：根据运动轨迹判断出所受电场力方向，然后进一步判断电势、电场强度、电势能、动能等物理量的变化．三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、0.04、1【解析】

所并电阻阻值为；因为，所以指针指在表盘上的原来处，则被测电流的大小是故答案为0.04，112、ACE【解析】

（1）[1][2][3]由表中数据可知，电流最大值为0.5A，故电流表选择A，电压的最大值为2.0V，故电压表选择C，电流和电压从0开始变化，故选择的是分压式接法，选择阻值小的滑动变阻器，故滑动变阻器选择E。（2）[4]由前面分析可知，滑动变阻器用分压式接法，小灯泡电阻较小，故电流表选择外接，故电路图如图四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）16W（2）（3）3W【解析】

电动机的输出功率等于输入功率减去发热功率．由功率公式和功率关系求解；由公式P=UI求出灯泡的电流．由欧姆定律求出总电流，从而得到通过电动机M的电流．【详解】(1)灯泡恰能正常发光，可知外电路有：U外=8V由E=U外+U内得：U内=E-U外=12-8=4V

总电流为：所以电源的输出功率为：；(