福建厦门松柏中学2027届物理高二上期中考试模拟试题含解析

福建厦门松柏中学2027届物理高二上期中考试模拟试题注意事项:1．答题前，考生先将自己的姓名、准考证号码填写清楚，将条形码准确粘贴在条形码区域内。2．答题时请按要求用笔。3．请按照题号顺序在答题卡各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试卷上答题无效。4．作图可先使用铅笔画出，确定后必须用黑色字迹的签字笔描黑。5．保持卡面清洁，不要折暴、不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、在光滑水平面上，有两个小球A、B沿同一直线同向运动（B在前），已知碰前两球的动量分别为pA=12kg•m/s、pB=13kg•m/s，碰后它们动量的变化分别为△pA、△pB．下列数值可能正确的是（）A．△pA=-3kg•m/s、△pB=3kg•m/sB．△pA=3kg•m/s、△pB=-3kg•m/sC．△pA=-24kg•m/s、△pB=24kg•m/sD．△pA=24kg•m/s、△pB=-24kg•m/s2、a和b是点电荷电场中的两点，如图所示，a点电场强度Ea与ab连线夹角为600，b点电场强度Eb与ab连线夹角为A．这是一个正点电荷产生的电场，EB．这是一个正点电荷产生的电场，EC．这是一个负点电荷产生的电场，ED．这是一个负点电荷产生的电场，E3、如图，A和B是材料相同、厚度相同、表面为正方形的两个导体，但B的尺寸比A的小很多．两个导体通过的电流方向如图所示．以下说法正确的是（）A．AB电阻相同 B．A的电阻一定比B的小C．A的电阻一定比B的大 D．A、B电阻大小无法比较4、丹麦物理学家奥斯特在1820年通过实验发现电流磁效应，下列说法正确的是()A．奥斯特在实验中观察到电流磁效应，揭示了电磁感应定律B．将直导线沿东西方向水平放置，把小磁针放在导线的正下方，给导线通以足够大电流，小磁针一定会转动C．将直导线沿南北方向水平放置，把小磁针放在导线的正下方，给导线通以足够大电流，小磁针一定会转动D．将直导线沿南北方向水平放置，把铜针(用铜制成的指针)放在导线的正下方，给导线通以足够大电流，铜针一定会转动5、如图所示,A、B两板间加速电压为U1,C、D两板间偏转电压为U2。一个带电荷量为q的正粒子（）自A板起由静止相继被加速、偏转,飞离偏转电场时的最大侧移为C、D板间距离的一半,则它的出射速度的大小为()A． B．C． D．6、一个电流表的满偏电流，内阻．要把它改装成一个量程为0—6V的电压表，则应在电流表上（）A．串联一个1900Ω的电阻 B．并联一个1900Ω的电阻C．并联一个2000Ω的电阻 D．串联一个2000Ω的电阻二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示，A、B、C三个物体放在旋转平台上随平台一起做匀速圆周运动，动摩擦因数均为μ，已知A的质量为2m，B、C的质量均为m，A、B离轴距离均为R，C距离轴为2R，则以下说法正确的是（）A．aA=aB<aCB．aA=aC>aBC．fA=fC>fBD．fA=fB>fC8、如图所示，回旋加速器是加速带电粒子的装置，其核心部分是分别与高频交流电两极相连接的两个D形金属盒，两盒间的狭缝中形成的周期性变化的匀强电场，使粒子在通过狭缝时都能得到加速．两D形金属盒处于垂直于盒底面的匀强磁场中，磁场方向如图所示，设匀强磁场的磁感应强度为B，D形金属盒的半径为R，狭缝间的距离为d，匀强电场间的加速电压为U，要增大带电粒子（电荷量为q，质量为m，不计重力）射出时的动能，则下列方法中正确的是A．增大加速电场间的加速电压 B．减小狭缝间的距离C．增大磁场的磁感应强度 D．增大D形金属盒的半径9、如图所示，真空中有一边长为a的等边三角形ABC，P点是三角形的中心．在A点固定一电荷量为q的负点电荷，在B点同定一电荷量为q的正点电荷，已知静电力常量为k，则以下说法正确的是A．c点的电场强度大小为B．c点电势高于P点电势C．某一试探电荷在c点与P点所受静电力大小之比为D．将某一试探电荷从C点沿CP连线的方向移动到P点的过程中静电力不做功10、如图所示，用轻弹簧相连的物块a和b放在光滑的水平面上，物块a紧靠竖直墙壁，物块c以初速度向物块b运动并在极短时间内与b粘在一起，由物块a、b、c和弹簧所组成的系统，在下列依次进行的过程中，机械能守恒但动量不守恒的是（）A．c刚与b接触→c与b粘在一起B．b和c整体向左运动→弹簧压缩量第一次最大C．弹簧压缩量第一次最大中簧→弹簧第一次恢复原长D．弹簧第一次恢复原长→弹簧伸长量第一次达最大三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）在“伏安法测电阻”的实验中电压表的量程为3V，电流表的量程为0.6A，则图中电压表的读数为________V，电流表的读数为________A．12．（12分）某同学描绘小灯泡的伏安特性曲线，实验器材有：电压表Ⓥ：量程为3V，内阻为3kΩ电流表Ⓐ；量程为0.6A，内阻约为2Ω定值电阻R0；阻值为1kΩ小灯泡L：额定电压为3.8V滑动变阻器R：阻值范围为0〜10Ω电池E：电动势为6V开关S，导线若干．该同学按如图甲所示的电路图进行实验，通过正确实验操作和读数，得到了一组电压表的示数和电流表的示数，部分数据如下表：(1)当电压表示数为1.20V时，小灯泡两端的电压为________V．（保留三位有效数字）(2)在图乙中画出小灯泡的伏安特性曲线_________________．(3)若把这个小灯泡与电动势为3V、内阻为10Ω的干电池连接成闭合电路，此时小灯泡的实际功率为____________W.（结果保留两位有效数字）四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）如图所示，质量的带电小球用绝缘细线悬挂于O点，处在水平向左的匀强电场中，电场范围足够大，场强E=500N/C，小球静止时细线与竖直方向的夹角=37°，sin37°=0.6，cos37°=0.8，g=10m/s2，求：（1）小球电荷量及带电性质；（2）小球静止时细线中的拉力大小；（3）某时刻将细线剪断，此后内小球的位移．14．（16分）如图是示波器工作原理的示意图，电子经电压U1从静止加速后垂直进入偏转电场，偏转电场的电压为U2，两极板间距为d，极板长度为L，电子的质量为m，电荷量为e．求（1）电子经电压U1加速后的速度；（2）电子离开偏转电场U2时沿垂直极板方向偏移的距离；（3）电子离开偏转电场U2时的动能．15．（12分）如图所示，一质量为M的物块静止在桌面边缘，桌面离水平地面的高度为h。一质量为m的子弹以水平速度v0射入物块后，以水平速度射出。重力加速度为g。求：(1)物块被子弹射穿时的速度；(2)此过程中系统损失的机械能；(3)此后物块落地点离桌面边缘的水平距离。

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、A【解析】

由题意知，碰撞后，两球的动量方向都与原来方向相同，A的动量不可能沿原方向增大，故碰后它们动量的变化分别为ΔpA<0，故BD错误；根据碰撞过程动量守恒，如果ΔpA＝－3kg·m/s、ΔpB＝3kg·m/s，所以碰后两球的动量分别为p′A＝9kg·m/s、p′B＝16kg·m/s，根据碰撞过程总动能不增加，故A正确；根据碰撞过程动量守恒定律，如果ΔpA＝－24kg·m/s、ΔpB＝24kg·m/s，所以碰后两球的动量分别为pA′＝－12kg·m/s、pB′＝37kg·m/s，可以看出，碰撞后A的动能不变，而B的动能增大，违反了能量守恒定律，故C错误。故选A。2、D【解析】试题分析：将Ea、Eb延长相交，根据交点可确定点电荷Q的位置，根据电场方向确定场源电荷的正负，由几何知识求出a、b两点到设点电荷的电荷量为Q，将Ea、Eb延长相交，交点即为点电荷设a、b两点到Q的距离分别为ra和rb，由几何知识得到ra:rb=1:3、A【解析】设导体的电阻率为ρ，厚度为d，边长为L，则由电阻定律得：，可知电阻与边长L无关，取决于材料和厚度，故RA=RB，故A正确，BCD错误．4、C【解析】

奥斯特在实验中观察到了电流的磁效应，而法拉第发现了电磁感应定律；故A错误；将直导线沿东西方向水平放置，把小磁针放在导线的正下方时，小磁针所在位置的磁场方向可能与地磁场相同，故小磁针不一定会转动；故B错误；将直导线沿南北方向水平放置，把小磁针放在导线的正下方，给导线通以足够大电流，由于磁场沿东西方向，则小磁针一定会转动；故C正确；铜不具有磁性，故将导线放在上方不会受力的作用，故不会偏转；故D错误；故选C．本题考查电流的磁场的性质，要注意能明确电磁场方向的判断，并掌握小磁针受力方向为该点磁场的方向．5、B【解析】

的电荷量为q=2e，粒子飞离偏转电场时的最大侧移为C、D板间距离一半，则粒子进入与离开偏转电场两点间的电势差为：粒子从进入加速电场到离开偏转电场的过程中，由动能定理得：解得：故选B.6、A【解析】把电流表改装成电压表需要串联分压电阻，串联电阻阻值，故A正确，BCD错误；故选A．二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AC【解析】

ABC角速度相等，根据a=rω2知，C的轨道半径最大，C的向心加速度最大，AB的向心加速度相等，故A正确，B错误。物体做匀速圆周运动，靠静摩擦力提供向心力，fA＝2mRω2，fB＝mRω2，fC＝2mRω2，可知B物体的摩擦力最小，故C正确，D错误；故选AC.8、CD【解析】根据qvB=m得，粒子的最大速度v=，则最大动能EKm=．知增大动能，需增大D形盒的半径，或增大磁感应强度．故CD正确，A、B错误．故选CD．9、CD【解析】AB两点的点电荷在C点形成电场的场强大小均为，故C点的电场强度大小为，选项A错误；CP两点均处于AB连线的垂直平分线上，故两点的电势相等，将某一试探电荷从C点沿CP连线的方向移动到P点的过程中静电力不做功，选项B错误，D正确；AB两点的点电荷在P点形成电场的场强大小均为，故P点的电场强度大小为，CP两点的场强大小之比：,某一试探电荷在c点与P点所受静电力大小之比为，选项C正确；故选CD.10、BC【解析】

A.c与b粘在一起，发生的是完全非弹性碰撞，动量守恒，机械能损失最大，故A错误B.b和c整体向左运动→弹簧压缩量第一次最大，动能转化成弹簧的弹性势能，动量减小，符合机械能守恒但动量不守恒，故B正确C.弹簧压缩量第一次最大中簧→弹簧第一次恢复原长，弹性势能转化成动能，机械能守恒，但是动量增加，故C正确D.弹簧第一次恢复原长→弹簧伸长量第一次达最大，动量守恒，机械能守恒，故D错误故选BC三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、1.700.42【解析】由选择电流压的量程为0～3V，分度值为0.1V，根据指针所指位置，可知U=1.70V；由选择电流表的量程为：0～0.6A，分度值为；0.02A，根据指针所指位置，可知I=0.42A．12、1.600.20(0.18~0.22)【解析】（1）由电路图可知，电压表与定值电阻串联后并联接在灯泡两端，则灯泡中的实际电压为电压表两端电压与定值电阻两端电压之和，则可知U===1.6V；（2）根据表中数据利用描点法可得出对应的I﹣U图象，如图所示；（3）若把这个小灯泡与电动势为3V、内阻为10Ω的干电池连接成闭合电路，电池的路端电压与灯泡两端的电压相等，作出电源的伏安特性曲线，则两图象的交点表示灯泡的工作点，由图可知，灯泡的电压为1.18V，电流为0.18A；由欧姆定律可知，灯泡内阻R===6.6Ω；灯泡的功率P=UI=1.18×0.18=0.1W．故答案为（1）1.60；（2）如图所示；（3）6.6；0.1．四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）负电，1.5×10-3C；（2）1.25N；（3）25m；【解析】试题分析：（1）对小球受力分析，根据共点力平衡求出电场力的大小，结合电场强度的定义式求出小球的电荷量，根据电场力的方向得出小球的电性．（2）根据共点力平衡求出小球静止时细线的拉力大小．（3）剪断细线后，小球做初速度为零的匀加速直线运动，结合牛顿第二定律求出加速度，根据位移时间公式求出小球的位移.（1）小球受重力、电场力F、细线拉力T作用处于静止状态，其受力分析图如下图所示根据平衡知，电场力在电场中：F=qE，由小球受到电场力方向与场强方向相反，知小球带负电．（2）根据平衡得，细线拉力：（3）剪断细线后，小球受重力和电场力作用，由静止做匀加速直线运动

小球所受合力根据牛顿第二定律得小球在2s内的位移【点睛】本题考查了牛顿第二定律、共点力平衡和运动学公式的综合运用，知道加速度是联系力学和运动学的桥梁．14、(1)（2）（3）【解析】

(1)电子在加速电场中