吉林省集安市第一中学2027届高二上物理期中监测模拟试题含解析

吉林省集安市第一中学2027届高二上物理期中监测模拟试题注意事项1．考生要认真填写考场号和座位序号。2．试题所有答案必须填涂或书写在答题卡上，在试卷上作答无效。第一部分必须用2B铅笔作答；第二部分必须用黑色字迹的签字笔作答。3．考试结束后，考生须将试卷和答题卡放在桌面上，待监考员收回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、关于带负电的粒子（重力可忽略不计），下面说法中正确的是()①沿电场线方向飞入匀强电场，电场力做功，动能增加②垂直电场线方向飞入匀强电场，电场力做功，动能增加③垂直磁感线方向飞入匀强磁场，磁场力不做功，动能不变④沿磁感线方向飞入匀强磁场，磁场力做功，动能增加A．①② B．②③ C．③④ D．①④2、一带电油滴在匀强电场中的运动轨迹如图所示，电场方向竖直向下．若不计空气阻力，则此带电油滴从a运动到b的过程中，能量变化情况为A．此带电油滴带正电 B．动能减小，电势能增加C．动能和电势能总和增加 D．动能和重力势能之和增加3、一物体做直线运动,某时刻速度的大小为5m/s,方向向东,1s后速度的大小变为3m/s,方向向西。规定向西为正方向,在这1s内物体的平均加速度为(

)A．2m/s2B．-2m/s2C．8m/s2D．-8m/s24、关于对电流和电动势概念的理解下列说法正确的是A．电动势就是电源两极的电压B．电动势C．在电源内部正电荷、负电荷都由负极流向正极D．一段金属导体中单位体积内的自由电子数目越多，则形成的电流越大5、如图所示，有三个点电荷A、B、C位于一个等边三角形的三个顶点上，已知A、B都带正电荷，A所受B、C两个电荷的静电力的合力如图中FA所示，则下列说法正确的是（）A．C带正电，且QC＜QB B．C带正电，且QC＞QBC．C带负电，且QC＜QB D．C带负电，且QC＞QB6、一盏电灯直接接在恒压电源上，其功率为100W．若将这盏灯先接上一段很长的导线后再接在同一电源上，在导线上损失的电功率是9W，那么此时电灯实际消耗的电功率将()A．等于91W B．小于91W C．大于91W D．条件不足，无法确定二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、一粒钢珠从静止状态开始自由下落，然后陷入泥潭中．若把其在空中下落的过程称为过程Ⅰ，进入泥潭起到停止的过程称为过程Ⅱ，则()A．过程Ⅰ中钢珠的动量的改变量等于重力的冲量B．过程Ⅱ中阻力的冲量大小等于过程Ⅰ中重力的冲量的大小C．Ⅰ、Ⅱ两个过程中合外力的总冲量等于零D．过程Ⅱ中钢珠的动量的改变量等于零8、下列关于电功、电功率和焦耳定律的说法中正确的是()A．电功率越大，电流做功越快，电路中产生的焦耳热一定越多B．W＝UIt适用于任何电路，而W＝只适用于纯电阻电路C．在非纯电阻电路中，UI＞I2RD．焦耳热Q＝I2Rt适用于任何电路9、现有一台老式电视机，其显像管示意图如图所示，发现其电视画面的幅度偏小，请你根据近期所学物理知识分析，引起该故障的原因可能是A．偏转线圈匝间短路，线圈匝数减少B．偏转线圈的电流减小，偏转磁场减弱C．加速电场的电压过高，电子的速率偏大D．电子枪发射能力减弱，打到屏幕上的电子数减少10、通过电阻丝的电流是，电阻丝的电阻是，通电时间是，则（）A．电阻丝两端电压是B．通过其某一横截面的电子数是个C．电流做的功是D．产生的热量是三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）在“伏安法测电阻”的实验中电压表的量程为3V，电流表的量程为0.6A，则图中电压表的读数为________V，电流表的读数为________A．12．（12分）现有以下器材灵敏电流表：满偏值为6ｍA，内阻为100Ω；电池：电动势为3Ｖ，内阻为10Ω；另有可变电阻分别为R１：0～10Ω的滑动变阻器；R２：0～9999Ω的电阻箱：R３：0～1ｋΩ的电位器.要求用上述器材组装一个欧姆表，电路所示，回答下列问题：(1)需要的可变电阻是________.（填代号）(2)该欧姆表正中间的刻度值是________.(3)若某次测量中发现指针在1500Ω处，则表明此时流过灵敏电流表的电流值是________.四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）如图所示，一质量为8kg的物体静止在粗糙的水平地面上，物体与地面间的滑动摩擦力为16N，用一水平力F=20N拉物体由A点开始运动，经过8s后撤去拉力F，再经过一段时间物体到达B点停止.求：（g=10m/s2）（1）在拉力F作用下物体运动的加速度大小；（2）撤去拉力时物体的速度大小；（3）撤去拉力F后物体运动的距离。14．（16分）如图所示为一真空示波管，电子从灯丝K发出（初速度不计），经灯丝与A板间的可调加速电压U1加速，从A板中心孔沿中心线KO射出，然后进入两块平行金属板M、N形成的偏转电场中（偏转电场视为匀强电场），电子进入M、N间电场时的速度与电场方向垂直．已知M、N两板间的电压为U2=91V，两板间的距离为d=4cm，板长为L1=8cm，板右端到荧光屏的距离为L2=20cm，电子的质量为m=0.91×10﹣30Kg，电荷量为e=1.60×10﹣19C．（1）要使被加速的电子均能从M、N的右端穿出，求U1的最小值？（2）当U1=273V时，电子从偏转电场射出后打在荧光屏上的P点，求P到O点的距离？15．（12分）如图所示，有一对平行金属板，两板相距为0.05m。电压为10V；两板之间有匀强磁场，磁感应强度大小为B0=0.1T，方向与金属板面平行并垂直于纸面向里。图中右边有一半径R为0.1m、圆心为O的圆形区域内也存在匀强磁场，磁感应强度大小为B=T，方向垂直于纸面向里。一质量为m=10-26kg带正电的微粒沿平行于金属板面，从A点垂直于磁场的方向射入平行金属板之间，沿直线射出平行金属板之间的区域，并沿直径CD方向射入圆形磁场区域，最后从圆形区域边界上的F点射出。已知速度的偏转角60°，不计微粒重力。求：（1）微粒速度v的大小；（2）微粒的电量q；（3）微粒在圆形磁场区域中运动时间t。

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、B【解析】带负电的粒子沿电场线方向飞入匀强电场，电场力的方向与电场线的方向相反，所以电场力的方向与运动的方向相反，电场力做负功，动能减小，故①错误；当垂直进入电场时，电场力做正功，动能增加，故②正确；带电粒子垂直磁感线方向飞入匀强磁场，洛伦兹力的方向始终与速度的方向垂直，磁场力不做功，动能不变，故③正确；带电粒子垂直于磁场的方向飞入，运动的方向与磁场的方向平行，则不受洛伦兹力的作用，动能不变，故④错误．所以选B．2、D【解析】

A、由图可知带电油滴的运动轨迹向上偏转，则其合力方向向上，油滴受到竖直向下的重力和竖直方向的电场力，则知电场力必定竖直向上，与场强方向相反，油滴应带负电，故选项A错误；B、由题意可知，带电油滴所受重力小于电场力，故从到的运动过程中合外力做正功，动能增加，电场力做正功，电势能减小，故选项B错误；C、根据功能关系可知，在从到的运动过程中只有重力、电场力做功，因此重力势能、电势能、动能三者之和保持不变，从到的运动过程中重力做负功，重力势能增加，因此动能和电势能之和减小；从到的运动过程中电场力做正功，电势能减小，因此动能和重力势能之和增加，故选项D正确，C错误．3、C【解析】

规定向西为正方向，则物体的平均加速度为a=v-v本题考查速度、加速度的矢量性．对于一条直线上的矢量运算，要注意选取正方向，将矢量运算转化为代数运算．4、B【解析】电动势的大小是电源的开路电压，A错误；电压和电动势中的W不一样的，中的W是静电力所做的功，B正确；在电源内部，电流由负极流向正极，故正电荷由正极流向负极，负电荷由负极流向正极，C错误；由知，电流与n、q、v、S有关，D错误。【名师点睛】电动势（1）电源：电源是通过非静电力做功把其他形式的能转化成电势能的装置。（2）电动势：非静电力搬运电荷所做的功与搬运的电荷量的比值，，单位：V。（3）电动势的物理含义：电动势表示电源把其他形式的能转化成电势能本领的大小，在数值上等于电源没有接入电路时两极间的电压。5、C【解析】

因A、B都带正电，所以静电力表现为斥力，即B对A的作用力沿BA的延长线方向，而不论C带正电还是带负电，A和C的作用力方向都必须在AC连线上，由平行四边形定则知，合力必定为两个分力的对角线，所以A和C之间必为引力，且FCA<FBA，所以C带负电，且QC<QB．故选C．6、B【解析】如果导线电阻忽略时，灯接在恒定电压的电源上功率是100W；因为导线和灯泡串联，当导线上电阻较大时，即电路中的电阻变大，由可知电路消耗的总功率变小，即小于100W，而导线上消耗的功率为9W，所以灯泡的实际功率只能小于91W．B正确，思路分析：已知导线和灯泡串联，导线电阻较大，说明电路电阻变大，根据公式可知，电路的总功率变小，已知导线消耗的功率从而可以求出灯泡消耗的功率．试题点评：本题考查电功率计算公式的应用，特别注意实际功率与额定功率的区别，此题较难分析，属于难题．二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AC【解析】过程Ⅰ中钢珠所受外力只有重力，由动量定理可知，钢珠动量的改变等于重力的冲量，故A正确；过程Ⅱ中，钢珠所受外力有重力和阻力，所以过程Ⅱ中阻力的冲量大小等于过程Ⅰ中重力的冲量大小与过程Ⅱ中重力冲量大小的和,故B错误；在整个过程中，钢珠动量的变化量为零，由动量定理可知，Ⅰ、Ⅱ两个过程中合外力的总冲量等零，故C正确；过程Ⅱ中钢珠所受合外力的冲量不为零，由动量定理可知，过程Ⅱ中钢珠的动量的改变量不等于零，故D错误．所以AC正确，BD错误．8、BCD【解析】

A．电功率越大，表示电流做功越快，但是电路中产生的焦耳热量的多少还与做功的时间的长短有关，所以A错误；B．公式W=UIt是计算电路的总功的大小，适用于任何的电路，当为纯电阻电路时，根据欧姆定律，可以推到出W=I2Rt，，所以W=I2Rt，只能适用于纯电阻电路，所以B正确。C．在不是纯电阻的电路中，UI表示的是总的功率的大小，而I2R只是电路中发热的功率，还有对外做功的功率的大小，所以UI＞I2R，所以C正确；D．焦耳热Q=I2Rt适用于任何电路中的焦耳热量的计算，所以D正确。9、ABC【解析】

电视画面幅度比正常时偏小，是由于电子束的偏转角减小，即轨道半径增大所致。

A．当偏转线圈匝间短路，线圈匝数减小时，导致偏转磁场减弱，由，知电子的轨道运动半径增大，所以导致画面比正常偏小，故A正确；B．当偏转线圈电流减小时，偏转磁场减弱，由，知电子的轨道运动半径变大，所以导致画面比正常偏小，故B正确；C．当加速电场电压过高，电子速率偏大，则会导致电子的轨道运动半径增大，从而使偏转角度减小，导致画面比正常偏小，故C正确；D．电子枪发射能力减弱，单位时间内发射的电子数减少，但电子的速率及偏转磁场不变，电子的轨道运动半径不变，因此不会影响电视画面偏大或偏小，故D错误；故选ABC。10、AD【解析】

A．由欧姆定律可知A正确；B．由则可得通电时间为10s时，通过某一截面的电荷量为一个电子的电荷量e=1.6×10-19C则通电时间为10s时，通过其某一横截面的电子数是个B错误；CD．因为电阻丝是纯电阻，所以电流做的功全部转化为内能，则有C错误，D正确。故选AD。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、1.700.42【解析】由选择电流压的量程为0～3V，分度值为0.1V，根据指针所指位置，可知U=1.70V；由选择电流表的量程为：0～0.6A，分度值为；0.02A，根据指针所指位置，可知I=0.42A．12、（1）Ｒ３；（2）500Ω；（3）1.5ｍA；【解析】(1)欧姆表内阻：，则变阻器可以选R3；(2)欧姆表的中值电阻等于其内阻，则中间刻度值为500Ω；(3)指针在1500Ω处时电流：点晴：欧姆表的工作原理是闭合电路的欧姆定律，知道欧姆表工作原理，应用闭合电路欧姆定律可以解题，本题是一道基础题。四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）0.5m/s2（2）4m/s（3）4m【解析】

（1）根据牛顿第二定律：解得a=0.5m/s2（2）撤去拉力时物体的速度:v=at=0.5×8m/s=4m/s（3）撤去F后的加速度：滑行的距离：14、(1)182V；（