2027届四川省凉山州木里藏族自治县中学物理高二上期中调研试题含解析

2027届四川省凉山州木里藏族自治县中学物理高二上期中调研试题考生请注意：1．答题前请将考场、试室号、座位号、考生号、姓名写在试卷密封线内，不得在试卷上作任何标记。2．第一部分选择题每小题选出答案后，需将答案写在试卷指定的括号内，第二部分非选择题答案写在试卷题目指定的位置上。3．考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图甲所示，有一绝缘圆环，圆环上均匀分布着正电荷，圆环平面与竖直平面重合．一光滑细杆沿垂直圆环平面的轴线穿过圆环，细杆上套有一个质量为m＝10g的带正电的小球，小球所带电荷量q＝5.0×10－4C．小球从C点由静止释放，其沿细杆由C经B向A运动的v­t图象如图乙所示．小球运动到B点时，v­t图象的切线的斜率最大(图中标出了该切线)．则下列说法错误的是()A．在O点右侧杆上，B点场强最大，场强大小为E＝1.2V/mB．由C到A的过程中，小球的电势能先减小后增大C．由C到A电势逐渐降低D．C、B两点间的电势差UCB＝0.9V2、如图所示的电路中，电源电动势为E，内电阻为r，在滑动变阻器R1的滑动触片P从图示位置向下滑动的过程中（）A．电路中的总电流变小B．路端电压变大C．通过电阻R2的电流小D．通过滑动变阻器R1的电流小3、如图所示，处于真空中的正四面体结构的四个顶点a、b、c、d，在a点放置一个电量为+Q的点电荷，在b点放置一个电量为-Q的点电荷，则下列关于c、d两点电场强度和电势关系的描述中正确的是（）A．电势相同，场强不同B．电势相同，场强相同C．电势不同，场强相同D．电势不同，场强不同4、如图所示，有两个带正电的验电器，金属箔片张开一定角度，用导体棒接触图甲验电器顶端小球，将一对金属枕形导体靠近图乙验电器放置。下列描述正确的是A．图甲中，若发现验电器金属箔片张开角度减小，说明导体棒可能带负电B．图甲中，若导体棒不带电，则一定有正电荷转移到导体棒上C．图乙中，电子将从A端移至B端D．图乙中，若用手接触A端，A端金属箔片将闭合，B端金属箔片保持张开5、某电场的电场线分布如图所示，以下说法正确的是A．c点场强大于b点场强B．a点电势低于b点电势C．将一试探电荷＋q由a移至b的过程中，电势能减小D．若将一试探电荷＋q由a点释放，它将沿电场线运动到b点6、笔记本电脑机身和显示屏对应部位分别有磁体和霍尔元件．当显示屏开启时磁体远离霍尔元件，电脑正常工作：当显示屏闭合时磁体靠近霍尔元件，屏幕熄灭，电脑进入休眠状态．如图所示，一块宽为、长为的矩形半导体霍尔元件，元件内的导电粒子是电荷量为的自由电子，通入方向向右的电流时，电子的定向移动速度为．当显示屏闭合时元件处于垂直于上表面、方向向下的匀强磁场中，于是元件的前、后表面间出现电压，以此控制屏幕的熄灭．则元件的（）A．前表面的电势比后表面的低B．前、后表面间的电压与无关C．前、后表面间的电压与成正比D．自由电子受到的洛伦兹力大小为二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示的电路中，电源电压保持不变，闭合开关S，电路正常工作，过了一会儿，电流表A的示数变为零．若电路中故障发生在灯L、电阻R上，用一根导线来判断电路故障，则下列判断正确的是()A．将导线并联在R两端，电流表无示数，一定是L断路B．将导线并联在L两端，电流表无示数，一定是R断路C．将导线并联在R两端，电流表有示数，一定是R断路D．将导线并联在L两端，电流表有示数，一定是L断路8、如图所示，三根长直通电导线b、c、d电流大小相同，b、d导线电流垂直纸面向里，c导线电流垂直纸面向外，a点为bd中点，ac垂直bd，且ab=ad=ac．则（）A．a点磁感应强度的方向向左B．a点磁感应强度的方向向下C．c受到的磁场力方向为c指向aD．c受到的磁场力方向为ac连线向外9、人造卫星绕地球做匀速圆周运动，离地面越远的卫星A．线速度越大B．线速度越小C．周期越大D．周期越小10、关于欧姆定律的下列理解中，正确的()A．由知道，一段导体的电阻跟它两端的电压成正比，跟通过它的电流成反比B．由知道，通过一段导体的电流跟加在它两端的电压成正比C．由电阻的I-U图象可知，电流变化相同时，电压变化较小的图象所对应的电阻阻值较小D．导体的电流越大，电阻就越大三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）某同学用伏安法测定一薄的圆形合金片的阻值Rx（约为1kΩ），除了Rx、开关S、导线外，还有下列器材供选用：A．电压表V1（量程1V，内阻约10kΩ）B．电压表V2（量程5V，内阻约100kΩ）C．电流表A1（量程1mA，内阻约10Ω）D．电流表A2（量程0.6A，内阻约0.05Ω）E．电源（电动势1.5V，额定电流0.5A，内阻不计）F．滑动变阻器R0（阻值范围0～10Ω，额定电流2A）（1）某同学用游标卡尺和螺旋测微器分别测量该金属丝的直径和厚度示数如图。该游标卡尺示数为__________cm，螺旋测微器示数为_______mm；（2）为使测量尽量准确，电压表选用_____，电流表选用______；（均填器材的字母代号）（3）画出测量Rx阻值的实验电路图________；（4）该同学选择器材、连接电路和操作均正确，从实验原理上看，待测电阻测量值______________真实值（填“>”、“<”或“=”）．12．（12分）在验证机械能守恒实验中，由、组成的系统，当由静止开始下落，拖着的纸带打出一系列的点，从而验证机械能守恒定律。其中一条纸带中：0为打下第一个点，每相邻两个计数点间还有4个点未画出（图中未标出），计数点间距离如图。已知，，交流电频率为，取。（1）纸带上打下计数点5时的速度_______（保留2位有效数字）（2）在计数点0到计数点过程中系统动能的增加量______，系统势能的减少量_______。（保留3位有效数字）（3）实验结论：________。四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）如图所示,一质量为m的带电小球,用长为L的不可伸长的绝缘细线悬挂在水平向右、场强大小为E的匀强电场中,静止时悬线与竖直方向成θ=37∘°角(sin37=0.6,cos3=0.8,重力加速度为g)(1)小球的电性及所带电荷量的大小;(2)如果保持小球的电量不变,在纸面内调整电场的大小和方向,使小球仍保持在图示位置静止,则电场强度最小为多少?方向如何?(3)若电场强度大小保持(2)中不变,突然将电场的方向变为竖直向上,空气阻力不计,则小球运动到悬点正下方的速度大小.14．（16分）图中电源电动势E=12V，内电阻r=0.5Ω．将一盏额定电压为8V，额定功率为16W的灯泡与一只线圈电阻为0.5Ω的直流电动机并联后和电源相连，灯泡刚好正常发光．求：(1)电源的总功率；(2)电动机消耗的电功率；(3)电动机的效率．15．（12分）一个电荷量为,质量为的带电粒子,由静止经电压为U1=1600V的加速电场加速后,立即沿中心线O1O2垂直进入一个电压为U2=2400V的偏转电场,然后打在垂直于O1O2放置的荧光屏上的P点，偏转电场两极板间距为d=8cm,极板长L=8cm,极板的右端与荧光屏之间的距离也为L=8cm。整个装置如图示(不计粒子的重力)求：(1)粒子出加速电场时的速度v0；(2)粒子出偏转电场时的偏移距离y；(3)P点到O2的距离。

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、B【解析】

A、由乙图可知，小球在B点的加速度最大，故所受的电场力最大，加速度由电场力产生，故B点的电场强度最大，小球的加速度：a=ΔvΔt=0.35=0.06m/s2，BC、从C到A小球的动能一直增大，说明电场力一直做正功，故电势能一直减小，根据φ=EPq可知电势一直减小，故CD、由C到B电场力做功为WCB=12mvB2错误的故选B。关键是通过乙图的v-t图象判断出加速度，加速度最大时受到的电场力最大，电场强度最大，由电场力做功即可判断电势能，由W=qU求的电势差。2、C【解析】

在滑动变阻器R1的滑动触片P向下滑动的过程中，R1变小，外电路总电阻变小，由闭合电路欧姆定律分析电路中的总电流和路端电压的变化，分析通过电阻R2的电流变化，再判断通过滑动变阻器R1的电流的变化．【详解】A、在滑动变阻器R1的滑动触片P向下滑动的过程中，R1变小，外电路总电阻变小，由闭合电路欧姆定律分析电路中的总电流变大．故A错误．B、路端电压U=E﹣Ir，I变大，E、r不变，则U变小．故B错误．C、路端电压U变小，通过电阻R2的电流变小．故C正确．D、总电流变大，通过电阻R2的电流变小，所以通过滑动变阻器R1的电流必定变大．故D错误．故选C本题也可以利用结论进行判断：变阻器电阻变小，路端电压必定变小，其所在电路电流必定增大，所并联的电路电压变小．3、B【解析】

若Q1和Q2是等量异种电荷，通过ab的中垂面是一等势面，cd在同一等势面上，电势相等。cd两点的场强都与等势面垂直，方向指向b一侧，方向相同，根据对称性可知，场强大小相等，故cd两点的场强、电势均相同。A．电势相同，场强不同，与结论不相符，选项A错误；B．电势相同，场强相同，与结论相符，选项B正确；C．电势不同，场强相同，与结论不相符，选项C错误；D．电势不同，场强不同，与结论不相符，选项D错误；4、A【解析】

A．用导体棒接触图甲验电器顶端小球，发现验电器金属箔片张开角度减小，可能是异种电荷中和了一部分，即导体棒可能带负电；故A正确。B．图甲中，若导体棒不带电，则电子从导体棒转移到验电器上；故B错误。C．图乙中，根据静电感应可知，A端感应负电荷，即电子从B端移至A端；故C错误。D．图乙中，用手接触A端，表示接地，则A端金属箔片不变，B端金属箔片将闭合；故D错误。故选A。5、C【解析】

电场线的疏密反映电场的强弱；沿着电场线方向电势降低；电场线方向与电荷的运动轨迹无直接关系。【详解】A项：电场线密的地方场强大，b点电场线密，所以b点场强大，故A错误；B项：沿着电场线方向电势降低，a点电势高于b点电势，故B正确；C项：将一试探电荷＋q由a移至b的过程中，电场力做正功，所以电势能减小，故C正确；D项：若将一试探电荷+q由a点静止释放，将沿着在a点的场强方向运动，运动轨迹不是电场线，故D错误。故应选：C。掌握电场线的特点即可解决问题；可通过动能定理判断电荷动能的变化即可知道速度大小的变化。6、D【解析】

由图知电流从左向右流动，因此电子的运动方向为从右向左，根据左手定则可知电子偏转到后面表，因此前表面的电势比后表面的高，故A错误，电子在运动过程中洛伦兹力和电场力平衡，有，故，故D正确，由则电压，故前后表面的电压与速度有关，与a成正比，故BC错误．二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、CD【解析】

A.电流表A的示数变为零，说明电路故障为断路。将导线与用电器并联进行检测时，若电流表有示数，说明与导线并联的用电器断路；若电流表无示数，说明另一个用电器断路或两个用电器都断路。若将导线并联在R两端，电流表无示数，则可能是L断路，也可能是R、L都断路，故选项A错误；B.若将导线并联在L两端，电流表无示数，则可能是R断路，也可能是R、L都断路，故选项B错误；C.若将导线并联在R两端，电流表有示数，则一定是R断路，选项C正确；D.若将导线并联在L两端，电流表有示数，则一定是L断路，选项D正确.8、AD【解析】

AB.用右手螺旋定则判断通电直导线在a点上所产生的磁场方向，如图所示：直导线b在a点产生磁场与直导线d在a点产生磁场方向相反，大小相等．则合磁场为零；而直导线c在a点产生磁场，方向从d指向b，即为沿纸面由a指向b，选项A正确，B错误；CD.由左手定则可知，c受到a的磁场力沿bc连线方向由b到c的方向；同理c受到d的磁场力沿dc连线方向由d到c的方向，故c所受合磁场力的方向是为沿ac连线向外，选项C错误，D正确；故选AD．磁感应强度既有大小，又有方向，是矢量．它的合成遵循矢量合成的平行四边形法则．9、BC【解析】

离地面越远的卫星，其轨道半径越大，卫星受到的万有引力充当向心力，根据公式GMmr2=mv2r本题关键要抓住万有引力提供向心力这一特征，灵活选择公式，再整理出被求量的表达式加以比较讨论．10、BC【解析】

AD.导体的阻值是导体本身所具有的性质，与通过它的电流、它两端的电压无关，故AD错误；B.欧姆定律的内容是：电阻一定时，导体中的电流与导体两端的电压成正比；当导体两端的电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比；故B正确。C.由可知△I变化相等时，电压变化小时，电阻值较小，故C正确。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、（1）1.2401.683mm（2）V1A1（3）电路图见解析；（4）>【解析】

（1）游标卡尺示数为：1.2cm+0.05mm×8=1.240cm；螺旋测微器示数为：1.5mm+0.01mm×18.3=1.683mm；（1）电源电动势1.5V，则电压表选择V1；电路中可能出现的最大电流为Im=ER（3）因待测电阻阻值Rx>>RA，则采用电流表内接电路；滑动变阻器用分压电路；电路图如图；（4）因本实验采用电流表内接法，由于电流表分压影响，电压表测量值将大于真实值，由欧姆定律可知，电阻测量值将大于真实值；遇到电学实验问题应明确：①通过求出待测电阻的最大电流来选择电流表量程；②明确“大内偏大，小外偏小“的电流表接法和误差情况分析；③若变阻器的全电阻能满足电路电阻要求时，变阻器可以采用限流式接法。12、2.40.5760.590在误差允许的范围内，绳连体的系统在下落中的机械能守恒【解析】

(1)[1]利用匀变速直线运动的平均速度等于中间时刻的瞬时速度，有(2)[2]两物体构成的绳连体增加的动能为[3]两物体构成的系统减少的重力势能为(3)[4]比较与可知，在误差允许的范围内，绳连体的系统在下落中的机械能守恒。四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）小球带负电；q=3mg4E（2）E【解析】(1)受力分析如图:则可知小球带负电.小球处于平衡状态,有qE=mg得：q=(2)当电场力与细线垂直时,电场强度最小,受力分