2027届上海市晋元高中物理高一上期中联考模拟试题含解析

2027届上海市晋元高中物理高一上期中联考模拟试题注意事项：1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。2．回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。3．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）1、如图所示，用轻绳将球挂在光滑的竖直墙壁上，当悬挂球的绳变长时，球对绳的拉力T和球对墙的压力N的变化情况是（）A．T变大、N变小 B．T变小，N变大 C．T、N都变大 D．T、N都变小2、物体甲的速度—时间图象和物体乙的位移—时间图象分别如图所示，则对这两个物体的运动说法不正确的是（）A．甲在0～4s时间内有往返运动，它通过的总路程为12mB．甲在0～4s时间内总位移为零C．乙在t＝2s时速度方向发生改变，与初速度方向相反D．乙在0～4s时间内通过的位移为零3、伽利略对运动的研究，不仅确立了许多用于描述运动的基本概念，而且创造了一套对近代科学的发展极为有益的科学方法，并且通过实验加以验证：伽利略手稿中记录了一组铜球从斜槽的不同位置由静止下落的距离和所用时间的实验数据，伽利略对上述的实验数据进行了数学处理及逻辑分析，并得出了结论。下列各式哪一个是伽利略通过这个实验直接得出的结论（）12345678时间/s32130298526824119216002104距离/tA． B．C． D．4、70周年国庆大阅兵上，歼击机歼-20亮相，它是中航工业成都飞机工业集团公司研制的一款具备高隐身性高态势感知高机动性等能力的隐形第五代战斗机。意味着中国是迄今为止继美国之后世界上第二个走完第五代战斗机论证评价设计研发原型机测试定型生产最终服役全部阶段的国家。现在一辆歼-20飞机在平直跑道上匀加速启动，运动了720米，12秒后起飞，那么飞机的起飞速度是（）A．600m/s B．60m/s C．720m/s D．120m/s5、以下说法正确的是（）A．木块在桌面上受到一个向上的支持力，这是由于木块发生微小形变而产生的。B．两物体间有摩擦力时，一定有弹力C．受静摩擦力作用的物体一定是对地静止的D．滑动摩擦力的方向总是跟物体的运动方向相反，静摩擦力的方向可以与物体的运动方向相同6、物体做直线运动，它的加速度随时间变化图象如图所示，已知在t=0s时，物体的速度为零，下列说法正确的是A．t=2s时，物体恰好回到出发点B．t=4s时，物体恰好回到出发点C．t=2s时，物体速度大小为零D．物体做往复运动7、一辆车由甲地出发，沿平直公路开到乙地刚好停止，其速度图象如图所示，那么0—t和t—3t两段时间内，下列说法正确的是（）A．加速度大小之比为2:1B．位移大小之比为1:2C．平均速度大小之比为1:2D．平均速度大小之比为1:18、下列关于位移和路程的说法中正确的是（）A．路程是标量，只有大小；位移是矢量，有大小也有方向B．物体沿直线运动，通过的路程一定等于位移大小C．物体两次通过的路程不等，位移可能相等D．物体通过一段路程，则它通过的位移不可能为零9、如图是半程马拉松赛中两位选手参赛的某一情形，假设甲、乙两人从同一位置起跑，都做匀加速直线运动，到达某一速度后都各自做匀速直线运动，且跑到终点。他们的v–t图象如图所示，则下列说法正确的是A．乙选手起跑时，甲选手正好跑了1mB．相遇前甲、乙两选手之间的最大距离为4mC．乙选手起跑3s后刚好追上甲选手D．乙选手能超过甲选手，之后两选手不可能再次相遇10、质点做直线运动的位移x与时间t的关系为x=5t+t2（各物理量均采用国际单位制单位），则该质点A．第1s内的位移是6m B．前2s内的平均速度是7m/sC．任意相邻1s内的位移差都是1m D．任意1s内的速度增量都是2m/s11、平面上一物体从静止出发,沿直线先做匀加速直线运动,3s后接着又做匀减速直线运动,再经9s钟停止.在先后加速和减速的两个运动过程中（）A．加速度大小之比为3:1B．平均速度大小之比为3:1C．位移大小之比为1:1D．位移大小之比为1:312、冰壶(Curling)，又称掷冰壶、冰上溜石，是以队为单位在冰上进行的一种投掷性竞赛项目，属冬奥会比赛项目，并设有冰壶世锦赛。在某次比赛中，冰壶被投出后，如果作匀减速直线运动，用时20s停止，倒数第2s内位移大小为0.6m，则下面说法正确的是()A．冰壶的加速度大小是0.3m/s2B．冰壶的加速度大小是0.4m/s2C．冰壶第1s内的位移大小是7.8mD．冰壶第1s末的速度大小是5.7m/s二．填空题(每小题6分，共18分)13、汽车以36km/h的速度行驶．刹车时，汽车的加速度大小是4m/s2，则从开始刹车的时刻起，经过_________s，汽车速度减为零，在这段时间内汽车的位移是_________m．14、如图所示,轻绳OA一端系在天花板上,与竖直线夹角为轻绳OB水平,一端系在墙上,若O点处挂一重为40N的物体.则AO、BO的拉力各为________N和________N。若AO、BO、CO所能承受的最大拉力均为100N,则所吊重物不能超过________N。（sin=0.6,cos=0.8）15、有五个力作用于一点O，这五个力构成一个正六边形的两邻边和三角对角线，如图所示，设F3=20N，则这五个力的合力大小为________N.三．计算题(22分)16、（12分）在粗糙水平面上用弹簧测力计测定木块A和木块B间的动摩擦因数μ，有如图所示两种装置．(1)为了用弹簧测力计的读数表示滑动摩擦力，两种情况中木块A是否都一定要做匀速运动？(2)若木块A做匀速运动，甲图中A、B间摩擦力等于拉力FA？(3)若A、B的重力分别为100N和150N，甲图中弹簧测力计读数F为60N(当A被拉动时)，FA＝110N，求A、B间的动摩擦因数μ？17、（10分）物体在水平地面上做匀加速直线运动，初速度v0=4m/s，加速度a=2m/s2，经过6s，求：（1）物体的速度大小为多少?（2）物体运动的位移大小为多少?

参考答案一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）1、D【解析】

首先球的重力是不变的G，做受力分析，绳子变长时，绳子和墙壁的夹角a变小，夹角的余弦值变大，根据受力分析，T=Gcosα，G不变cosα增大、T减小．同理，N=Gtanα、A.T变大、N变小，选项A不符合题意；B.T变小，N变大，选项B不符合题意；C.T、N都变大，选项C不符合题意；D.T、N都变小，选项D符合题意；2、ACD【解析】试题分析：v-t图象中，图线与t轴包围的面积表示位移大小；x-t图象的斜率表示速度．路程等于各段位移大小之和．甲在前2s内沿负方向做匀减速直线运动，后2s内沿正方向做匀加速直线运动，即4s时间内做往返运动；0～4s时间内甲通过的总路程为两个三角形的面积大小之和，为：，总位移为，故A错误B正确；x-t图象的斜率表示速度，乙图表示物体做匀速直线运动，速度方向不变，乙在4s时间内从-3m运动到+3m位置，故位移为，故CD错误．3、B【解析】

ACD．伽利略最初猜想沿斜面向下运动的物体的运动的速度与时间成正比，即：v=kt；但是由于速度的测量是不容易的，因此不能直接得到速度与时间的关系以及速度和位移的关系，则选项ACD错误；B．根据实验数据可知，位移与时间的平方成正比，则：x=kt2，即：，考虑到测量的误差等原因，可以认为是一个常数，即位移与时间的平方成正比，选项B正确。4、D【解析】

飞机从静止匀加速启动，根据位移时间关系，得；根据速度时间关系。A.600m/s。与结论不符，故A错误；B.60m/s。与结论不符，故B错误；C.720m/s。与结论不符，故C错误；D.120m/s。与结论相符，故D正确。5、B【解析】A、木块在桌面上受到一个向上的支持力，这是由于桌面发生微小形变而产生，故A错误；B、两接触面间有摩擦力存在，则一定有弹力存在，但有弹力存在不一定存在摩擦力，故B正确；C、受静摩擦力作用的物体不一定是静止的，比如正在随着传送带一起上升的物体，受到是静摩擦力，但却是运动的，故C错误；D、摩擦力的方向与相对运动或相对运动趋势方向相反，故摩擦力方向可能与运动方向相同，也可能与运动方向相反，故D错误。点晴：本题考察了弹力、摩擦力的基本概念，对于这两种力，一定要明确其产生条件，大小和方向，并能熟练应用。6、C【解析】

AC.由图像可知，0-1s内物体以1m/s2的加速度向正方向做匀加速运动，1-2s内物体以1m/s2的加速度向正方向做匀减速运动，则t=2s时，物体速度大小为零，但是没有回到出发点，选项A错误，C正确；BD.同理，在2-3s内物体以1m/s2的加速度向正方向做匀加速运动，3-4s内物体以1m/s2的加速度向正方向做匀减速运动，则t=4s时，物体速度大小为零，但是没有回到出发点，选项BD错误.7、ABD【解析】

A．速度-时间图象的斜率表示加速度，根据可知前ts内与后2ts内速度变化大小相同，所用时间之比为1：2，所以加速度大小之比为2：1，A正确；B．速度-时间图象与时间轴围成的面积表示位移，前ts内为：2ts内的位移为：所以位移大小之比为，B正确。CD．由于位移大小之比为1：2，时间之比为1：2，所以平均速度：所以平均速度大小之比为1：1，C错误；D正确。故选ABD。8、AC【解析】

A．路程是标量，只有大小，没有方向，位移是矢量，既有大小又有方向，故A正确；B．只有物体做单向直线做运动时，通过的路程才等于位移大小，其他情况下，通过的路程总大于位移大小，故B错误；C．物体沿不同的路径从一点运动至另一点，位移相同，路程一般不同，故C正确；D．如果物体运动一圈绕回原出发点，则位移为零，而路程不为零，故D错误。故选AC。9、ACD【解析】

A．乙选手起跑时，甲选手的位移故A正确。B．t=3s时两人的速度相等，相距最远，最大距离等于0-3s内甲与乙的位移之差，为故B错误。C．乙选手起跑3s后通过的位移0-5s内甲的位移则x乙=x甲可知乙选手起跑3s后刚好追上甲选手，故C正确。D．乙选手超过甲选手，速度比甲选手的大，两选手不可能再次相遇。故D正确。10、ABD【解析】

根据匀变速直线运动的位移时间公式得出物体的初速度和加速度，根据相邻相等时间内的位移之差是一恒量，即△x=aT2，求出位移之差的大小，根据△v=at求出任意1s内的速度变化量．【详解】根据匀变速直线运动的位移时间关系公式，可得质点的初速度v0＝5m/s，加速度a＝2m/s2.A．将t＝1s带入，求得x＝6m，所以第1秒的位移是6m，故A正确；B．由x＝5t+t2可得前2s内的平均速度为；故B正确.C．任意相邻的1s内位移差：△x＝aT2＝2×12m＝2m，故C错误.D．任意1s内的速度增量：△v＝at＝2×1m/s＝2m/s，故D正确.故选ABD.解决本题的关键掌握匀变速直线运动的运动学公式和推论，并能灵活运用，有时运用推论求解会使问题更加简捷．11、AD【解析】

令加速时的加速度大小为a1，据速度时间关系可知，1s后物体的速度为v=1a1，所以在匀减速运动中的加速度大小为a2，则其大小为：，所以加速度大小之比为1：1，又加速运动时初速度为0，减速运动时末速度为0，根据平均速度公式可知，加速时的平均速度，减速运动时的平均速度，所以加速与减速阶段的平均速度之比为1：1，又加速时间和减速时间之比为1：1，所以加速阶段的位移和减速阶段的位移之比为1：1．综上所知，AD正确，BC错误．故选AD．熟练掌握匀变速直线运动的速度时间和位移时间关系，知道匀变速直线运动的平均速度公式是正确解题的关键，属于基础题不难．12、BC【解析】

A、B、整个过程的逆过程是初速度为0的匀加速直线运动，最后1s内位移大小为0.6m，则：x2=12at22-1C、D、由速度公式可知初速度为：v0=at0=0.4×10=8m/s,所以在1s末的速度为:v1=v0-at1=8-0.4×1=7.6m/s,而第1s内的位移为x1=v0+v1故选BC.解决本题的关键掌握匀变速直线运动的运动学公式和推论，并能灵活运用，注意冰壶速度减为零后不再运动．二．填空题(每小题6分，共18分)13、2.512.5【解析】

根据匀变速直线运动的速度时间公式求出经过多长时间汽车的速度减为1．然后通过位移时间公式求出位移．【详解】汽车的初速度v1=36km/h=11m/s,从开始刹车的时刻起，汽车速度减至零所用的时间为,在这段时间内汽车的位移为.解决本题的关键掌握匀变速直线运动