2027届山西省陵川第一中学物理高二第一学期期中教学质量检测模拟试题含解析

2027届山西省陵川第一中学物理高二第一学期期中教学质量检测模拟试题注意事项:1．答题前，考生先将自己的姓名、准考证号码填写清楚，将条形码准确粘贴在条形码区域内。2．答题时请按要求用笔。3．请按照题号顺序在答题卡各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试卷上答题无效。4．作图可先使用铅笔画出，确定后必须用黑色字迹的签字笔描黑。5．保持卡面清洁，不要折暴、不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示电路，所有电表均为理想电表，.当闭合开关S，触片P向左滑动过程中，四块电表的读数均发生变化，设在滑动过程中、、、在同一时刻的读数分别是、、、；电表示数的变化量的绝对值分别是、、、，那么下列说法正确的是()A．减小，增大B．增大，减小C．为定值、增大D．电源的输出功率在减小，效率在降低2、质量为5kg的小球以5m/s的速度竖直落到地板上，随后以3m/s的速度反向弹回，若取竖直向下的方向为正方向，则小球动量的变化为()A．10kg·m/sB．－10kg·m/sC．40kg·m/sD．－40kg·m/s3、甲、乙、丙三个电荷在同一直线上，甲带电＋Q，乙带电－q(Q＞q)，每个点电荷受其余两个点电荷的作用力的合力都等于零，则丙电荷()①一定带正电②电量大于q③电量小于Q④在甲、乙连线之间A．①②B．①③C．②③D．③④4、一带电粒子射入一固定在O点的点电荷的电场中，粒子运动轨道如图虚线a、b、c所示，图中实线是同心圆弧，表示电场的等势面，不计重力，则下列不正确的是（）A．此粒子一直受到静电排斥力B．粒子在b点的电势能一定大于a点的电势能C．粒子在b点的速度一定大于a点的速度D．粒子在a点和c点速度大小相等5、对电表的改装下列说法正确的是（）A．将G表改装成V表需并联一个大电阻B．将G表改装成A表需串联一个小电阻C．如果已知V表的内阻和V表的读数，则可以算出流过V表的电流D．以上说法都不对6、如图所示，一宽40cm的匀强磁场区域，磁场方向垂直纸面向里，一边长为20cm的正方形线框位于纸面内，以垂直于磁场边界的恒定速度v=20cm/s通过磁场区域。在运动过程中，线框有一边始终与磁场边界平行，取它刚进入磁场的时刻t=0，在下列图线中，正确反映电流强度随时间变化规律的是（）A． B．C． D．二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、有两只电流表A1、A2是由完全相同的小量程电流表G1、G2改装而成，A1的量程为I1=0.6A，A2的量程为I2=3A两表接入电路后均末烧坏，则（）A．A1、A2表的内阻之比为R1:R2=1:5B．将A1、A2串联接入电路后，指角偏角之比为5:1C．将A1、A2串联接入电路后，读数之比为5:1D．将A1、A2并联接入电路后，读数之比为1:58、如图所示，虚线EF的下方存在着正交的匀强电场和匀强磁场，电场强度为E，磁感应强度为B．一带电微粒自离EF为h的高处由静止下落，从B点进入场区，做了一段匀速圆周运动，从D点射出，下列说法正确的是(重力加速度为g)()A．电场强度的方向一定竖直向上B．微粒做圆周运动的半径为C．从B点运动到D点的过程中微粒的电势能和重力势能之和不变D．从B点运动到D点的过程中微粒的电势能先增大后减小9、如图所示，虚线a、b、c代表电场中三个等势面，相邻等势面之间的电势差相等，即，实线为一带正电的质点（不计重力），仅在电场力作用下通过该区域时的运动轨迹，M、N是这条轨迹上的两点，据此可知正确的是A．三个等势面中的，a的电势最高B．带电质点通过M点时的加速度比通过N点时大C．带电质点通过M点时的动能比通过N点时大D．带电质点在M点具有的电势能等于在N点具有的电势能10、如图所示为两电阻R1和R2的伏安特性曲线。若在两电阻两端加相同的电压，关于它们的电阻值及电流比较，下列说法正确的是（）A．电阻R1的阻值较大 B．电阻R2的阻值较大C．电阻R1的电流较大 D．电阻R2的电流较大三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）有一电源，为了研究它的输出特性，将电流表、电压表、滑动变阻器按图示的方式连接在它的输出端A、B之间．实验时根据记录的多组电流表示数I、电压表示数U，画出了如图所示的U-I图线．若电源电动势为E、内电阻为r，则（1）可从图线上求出电源的电动势E测=________V，内电阻r测=________Ω．（2）考虑电表内阻的影响，按图示的方式连接所测得的电源电动势为E测___________电源电动势的真实值E真（填“大于”、“等于”、或“小于”）12．（12分）现要测定一个额定电压为4V、电阻约为10Ω(设电阻不变)的小灯泡的伏安特性曲线．要求所测电压范围为0.1V～4V.现有器材：直流电源E(电动势4.5V，内阻不计)，电压表V(量程4.5V，内阻约为4×102Ω)，电流表A1(量程250mA，内阻约为2Ω)，电流表A2(量程500mA，内阻约为1Ω)，滑动变阻器R(最大阻值约为30Ω)，开关S，导线若干．如果既要满足测量要求，又要测量误差较小，应该选用的电流表是________，如图所示的甲、乙两个测量电路应选用的是________．四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）如图所示，M、N是水平放置的一对金属板，其中M板中央有一个小孔O，板间存在竖直向上的匀强电场.AB是一长9L的轻质绝缘细杆，在杆上等间距地固定着10个完全相同的带正电小球，每个小球的电荷量为q、质量为m，相邻小球距离为L.现将最下端小球置于O处，然后将AB由静止释放，AB在运动过程中始终保持竖直.经观察发现，在第4个小球进入电场到第5个小球进入电场这一过程中AB做匀速运动．求：（1）两板间电场强度E；（2）上述匀速运动过程中速度v的大小.14．（16分）如图所示，用30cm的细线将质量为m=4×10-3kg的带电小球P悬挂在O点下，当空中有方向为水平向右，大小为E=1×104N/C的匀强电场时，小球偏转45°后处于静止状态．求：（g=10N/kg）(1)分析小球的带电性质.(2)求小球的带电量．15．（12分）如图（a）所示，平行金属板和的长均为，板间距离为，在离它们的右端相距处安放着垂直金属板的足够大的靶．现有粒子质量为、带正电且电荷量为的粒子束从的中点沿平行于金属板的方向源源不断地以的初速度射入板间。若在、板上加上如图（b）所示的方波形电压，时板比板的电势高，电压的正向值为，反向值也为，且，设粒子能全部打在靶上，而且所有粒子在间的飞行时间均为，不计重力影响和粒子间的相互作用，求：（1）粒子打到靶上的速度大小（2）要使粒子能全部打在靶上，板间距离应满足什么条件？（3）在距靶的中心点多远的范围内有粒子击中？

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、B【解析】

A、当触片P向左滑动过程中，导致电阻变大，则总电阻变大，总电流变小，即减小，因内电压变小，那么外电压增大，由于电阻电压减小，即示数减小，则的示数增大，因此通过电阻的电流在增大，则流过的电流在减小，故A错误，B正确；

C、由图可知，均为定值，故C错误；

D、根据推论：外电阻等于电源的内阻时，电源的输出功率最大，由题意，开始时外电阻大于电源内阻，则当变阻器的滑动触头P向左移动时，外电路总电阻增大，电源输出的电功率减小，而电源的供电效率，外电阻增大，路端电压U增大，电源的供电效率提高，故D错误．2、D【解析】动量的变化是末动量减去初动量，规定了竖直向下为正方向，初动量，末动量，动量的变化，故D正确综上所述本题答案是：D3、A【解析】

由于甲电荷带正电荷，乙电荷负电荷，根据同种电荷排斥，异种电荷吸引，要使丙处于衡状态，对其受力分析，根据库仑定律去判断所处的位置；【详解】设丙电荷所在位置与甲电荷的距离为，丙电荷所在位置与乙电荷距离为，要能处于平衡状态，所以甲电荷对丙电荷的电场力大小等于乙电荷对丙的电场力大小．根据库仑定律，由于Q＞q，所以，所以丙电荷离甲电荷较远；①、乙电荷处在甲电荷与丙电荷之间，乙电荷受其它两个电荷所施的电场力合力都为零，所以丙电荷一定带正电荷，同理也可以判断出甲和丙合力为零，故①正确；

②、对甲电荷进行受力分析，甲电荷受其它两个电荷所施的电场力合力都为零，

因为丙电荷离甲电荷远，所以丙电荷所带电量一定大于乙电荷电量，故②正确；

③、对乙电荷进行受力分析，乙电荷受其它两个电荷所施的电场力合力都为零，

由于丙电荷与乙电荷的距离和甲电荷与乙电荷的距离的具体关系不清楚，所以丙所带电量与甲电荷电量关系无法确定，故③错误；④、假设丙放在甲电荷和乙电荷之间，无论丙带何种电荷，甲电荷对丙电荷的电场力和乙电荷对丙电荷的电场力方向相同，所以丙不能处于平衡状态，故④错误；综上所述选项A正确，选项BCD错误．我们可以去尝试假设丙带正电或负电，根据平衡条件求解它应该放在什么地方，能不能使丙处于平衡状态，不行再继续判断．4、C【解析】试题分析：电场线与等势面垂直．电场线密的地方电场的强度大，电场线疏的地方电场的强度小，沿电场线的方向，电势降低，电场力做正功，电势能减小，电场力做负功，电势能增加．解：A、曲线运动的合力指向曲线的内侧，根据轨迹弯曲方向判断出，粒子在a→b→c的过程中，一直受静电斥力作用，故A正确．B、粒子由a到b，电场力做负功，所以粒子的电势能增加，所以b点的电势能一定大于在a点的电势能，故B正确．C、根据动能定理，粒子由a到b，电场力做负功，动能减少，故粒子在b点的速度一定小于在a点的速度，故C错误．D、c点和a点在同一个等势面上，电场力做功为零，动能不变，故它们的速度的大小相等，但是他们的速度的方向不同，故D正确．本题要求选择不正确的，故选C【点评】本题关键是根据曲线运动的条件判断出静电力的方向，然后结合静电力做功与电势能变化的关系以及动能定理判断电势能和动能的改变情况．5、C【解析】将电流表改装成电压表需串联一个大电阻，选项A错误；将电流计改装成大量程电流表需并联一个小电阻，选项B错误；如果已知电压表的内阻和电压表的读数，则根据可以算出流过电压表的电流，选项C正确，D错误；故选C.6、C【解析】

在内，线框进入磁场区域，穿过线框的磁通量垂直纸面向内且大小增加，根据楞次定律，线框中产生逆时针方向的感应电流阻碍磁通量的增加，此时感应电流为在内，整个线框在匀强磁场中运动，穿过线框的磁通量不变，线框中不产生感应电流；在内，线框出磁场，穿过线框的磁通量垂直纸面向里且大小减小，根据楞次定律，线框中产生顺时针方向的感应电流阻碍磁通量的变化，此时感应电流为综上所诉，ABD错误，C正确。故选C。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BD【解析】试题分析：根据欧姆定律可得,所以，A错误，将A1、A2串联接入电路后，因为内阻比为，所以电流表A1两端的电压时A2的5倍，所以根据欧姆定律可得指角偏角之比为5:1，B正确，串联电流是相等，所以读数为1:1，C错误，并联后，两电表两端的电压是相等的，所以读数比为1:5，D正确，考点：考查了串并联电路规律点评：做本题的关键是理解电流表是表头和定值电阻并联在一起的，然后根据电路规律解题8、BCD【解析】

带电微粒进入正交的匀强电场和匀强磁场中，受到重力、电场力和洛伦兹力而做匀速圆周运动，可知电场力与重力平衡．由洛伦兹力提供向心力，可求出微粒做圆周运动的半径．根据电场力做功正负，判断电势能的变化和机械能的变化．【详解】由题，带电微粒进入正交的匀强电场和匀强磁场中做匀速圆周运动，电场力与重力必定平衡，则微粒受到的电场力的方向一定竖直向上，粒子带负电，故场强向下．故A错误．由A分析，则有：mg=qE，由洛伦兹力提供向心力，则有：，又，联立解得：，故B正确；根据能量守恒定律得知：微粒在运动过程中，电势能、动能、重力势能之和一定，动能不变，则知微粒的电势能和重力势能之和一定．故C正确．由于电场力方向竖直向上，则微粒从B点运动到D点的过程中，电场力先做负功后做正功，则其电势能先增大后减小．故D正确．故选BCD．本题解题关键是分析微粒做匀速圆周运动的受力情况，根据合力提供向心力进行判断．9、AB【解析】

A．根据轨迹弯曲的方向和电场线与等势线垂直，画出M、N两点处场强的方向，如图，则可知，三个等势面中的，a的电势最高，故A正确；B．据题，相邻等势面之间的电势差相等，而M处等差等势面较密，则M点的场强较大，质点通过M点时的加速度比通过N点时大，故B正确；CD．若质点从M到N过程，电场力做正功，质点的电势能减小，动能增大，则质点在M点具有的电势能比在N点具有的电势能大，通过M点时的动能比通过N点时小，反之，若质点从N到M过程，结论相同，故CD错误。10、BC【解析】

AB．I-U图像的斜率表示电阻的倒数，由图可知，电阻R2的阻值较大，故A错误，B正确；CD．图示图象可知，U相同时，I1＞I2，故C正确，D错误。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、1.451小于【解析】

图线的纵轴截距为1.45，所以E测=1.45V，图线的斜率绝对值．该实验测量的误差主要来自于电压表的分流，即所测的外电压和电流，外电压是准确的，测量的电流偏小，可知，测量的电动势小于真实值，测量的内阻小于真实值．12、A甲【解析】灯泡额定电流约为：，则电流表应选：A2；灯泡正常发光时的电阻约为10Ω，电流表内阻约为1Ω，电压表内阻约为4×102Ω，电压表内阻远大于灯泡电阻，为减小实验误差，电流表应采用外接法，因此实验需要选择图甲所示电路图．四、计算题：本题共3小题，共38