2027届江苏省淮安市田家炳中学物理高二上期中经典模拟试题含解析

2027届江苏省淮安市田家炳中学物理高二上期中经典模拟试题注意事项：1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号、考场号和座位号填写在试题卷和答题卡上。用2B铅笔将试卷类型（B）填涂在答题卡相应位置上。将条形码粘贴在答题卡右上角"条形码粘贴处"。2．作答选择题时，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目选项的答案信息点涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案。答案不能答在试题卷上。3．非选择题必须用黑色字迹的钢笔或签字笔作答，答案必须写在答题卡各题目指定区域内相应位置上；如需改动，先划掉原来的答案，然后再写上新答案；不准使用铅笔和涂改液。不按以上要求作答无效。4．考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图是电场中某区域的电场线分布图，P点是电场中的一点，则A．P点的电场强度方向向左B．P点的电场强度方向向右C．正点电荷在P点所受的电场力的方向向左D．负点电荷在P点所受的电场力的方向向右2、为测某电阻R的阻值，分别接成如图（a）、（b）两电路，在（a）电路中电压表和电流表的示数分别为3V、3mA，乙电路中两表示数分别是2.9V、4mA，则被测电阻的值应为()A．比1000Ω略大一些 B．比1000Ω略小一些C．比750Ω略大一些 D．比750Ω略小一些3、如图所示，电阻R1=20Ω，电动机的绕组R2=10Ω．当开关打开时，电流表的示数是0.5A，当开关合上后，电动机转动起来，电路两端的电压不变，电流表的示数I和电路消耗的电功率P应是A．I=1.5AB．I>1.5AC．P＜15WD．P=15W4、如图所示，A、B是匀强电场中相距4cm的两点，其连线与电场方向的夹角为60°，两点间的电势差为20V，则电场强度大小为（）A．5V/m B．50V/m C．1×102V/m D．1×103V/m5、伏安法测电阻的接法有如图中甲、乙两种，下列说法正确的是()A．两种接法完全等效B．按甲图接法，测得值偏小C．若待测电阻的阻值很大，按甲图接法误差较小D．若待测电阻的阻值很小，按甲图接法误差较小6、平行金属板水平放置，板间距为0.6cm，两板接上600V电压，板间有一个带电液滴质量为4.8×10-13kg处于静止状态，则油滴上有元电荷数目是（g取10m/s2）A．3×106B．300C．10D．3×104二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示，OM和ON都在纸面内，且相互垂直，只在MON区域内有垂直于纸面向外的匀强磁场，磁场的磁感应强度大小为B．在OM上的P点由一质量为m、电荷量为-q的带电粒子以一速度沿与OM成=45°角方向射入磁场，O、P间距离为L，粒子所受重力不计，则A．带电粒子在磁场中的运动时间可能为B．带电粒子在磁场中的运动时间可能为C．带电粒子经过ON的位置到O的距离可能为D．带电粒子经过ON的位置到O的距离可能为8、如图所示，在倾角的光滑斜面上有两个用轻质弹簧相连接的物块A，B，它们的质量均为m，弹簧的劲度系数为k，C为一固定挡板，系统处于静止状态现开始用一沿斜面方向的力F拉物块A使之以加速度a向上做匀加速运动，当物块B刚要离开C时力F的大小恰为则A．物块B刚要离开C时受到的弹簧弹力为B．加速度C．这个过程延续的时间为D．这个过程A的位移为9、指纹传感器为在一块半导体基板上阵列了10万金属颗粒，每一颗粒充当电容器的一个极，外表面绝缘，手指在其上构成电容器的另外一个极．当手指的指纹一面与绝缘表面接触时，由于指纹深浅不同，对应的峪（本义：山谷）和嵴（本义：山脊）与半导体基板上的金属颗粒间形成一个个电容值不同的电容器，若金属颗粒与手指间组成的每个电容电压保持不变，则：（）A．指纹的嵴处与半导体上对应的金属颗粒距离近时，电容小B．指纹的嵴处与半导体上对应的金属颗粒距离远时，电容小C．在手指挤压绝缘表面时，电容电极间的距离减小，金属颗粒电极电量增大D．在手指挤压绝缘表面时，电容电极间的距离减小，金属颗粒电极电量减小10、下图中实线条是一个电场中的电场线，虚线是一个负试验电荷在这个电场中运动的轨迹。如果电荷是从图中a处运动到b处，则以下判断中正确的是（）A．电荷从a到b，运动的加速度变小B．电荷在b处的电势能大C．b处的电势高D．电荷在b处的速度小三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）欲用伏安法测量一个阻值约为15kΩ的电阻Rx，备有如下器材电压表V1（量程0～3V，内阻约10kΩ）电压表V2（量程0～15V，内阻约50kΩ）电流表A1（量程0～0.6A，内阻约1Ω）电流表A2（量程0～200μA，内阻约50Ω）滑动变阻器R（最大阻值10Ω），电池（电动势E约3V，内阻不计）开关、导线。（1）为减小测量误差，电压表应选_______，电流表应选_______（填代号）．（2）测量电路的原理图用的是________（内接法或外接法）．（3）电阻Rx的测量值比实际值_________（填“偏大”或“偏小”）．12．（12分）某物理兴趣小组要描绘一个标有“3V0.8W”的小灯泡的伏安特性曲线，要求灯泡两端的电压由零逐渐增大，且尽量减小实验误差．可供选用的器材除导线、开关外，还有：a.电池组（电动势为4.5V，内阻约为1Ω）b.电流表（量程为0～300mA，内阻约为1Ω）c.电压表（量程为3V，内阻约为3kΩ）d.滑动变阻器（最大阻值为20Ω，额定电流为1A）(1)实验电路应选用图中的_____（填选项字母）.(2)请按照(1)中正确选择的实验电路，补充完成图甲中的实物连线_________.(3)以电压表的示数U为横轴，以电流表的示数I为纵轴，根据实验得到的多组数据描绘出小灯泡的伏安特性曲线，如图乙所示．由图乙可知，随着电压的增大，小灯泡的电阻_____（选填“增大”或“减小”），发生这一变化的原因是_____.(4)从图乙可知，当灯泡两端电流为0.26A时，小灯泡的功率等于_____W（结果保留两位有效数字）.四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）如图所示，一带电粒子以速度从M点射入直线边界匀强磁场区域，入射方向与磁场边界的夹角为θ=．磁场方向垂直纸面向外，磁感应强度为B．粒子从边界上N点射出磁场，已知粒子的电量和质量之比．则：(1)请判断该粒子带何种电荷；(2)求粒子做圆周运动的半径；(3)求粒子在磁场中运动所用的时间．14．（16分）如图所示，两平行光滑导轨相距为0.2m，处于一匀强磁场中.金属棒MN的质量为m=0.01㎏，电阻R=8Ω，水平放置在导轨上并与导轨接触良好.匀强磁场的磁感应强度B大小为0.8T，方向竖直向下.电源电动势E为10V，内阻r=1Ω．当开关S闭合时，MN处于静止状态.(设θ=45°，g=10m/s2)求：（1）金属棒MN受到的安培力多大？（2）变阻器R1此时的电阻值为多少？15．（12分）如图所示是一个示波管工作原理图，电子经电压U14.5103V加速后以速度V垂直等间距的进入电压U2180V,间距为d1.0cm,板长l5cm的平行金属板组成的偏转电场，离开电场后打在距离偏转电场s10cm的屏幕上的P点，求：（1）电子进入偏转电场时的速度v0?（2）打在屏幕上的侧移位移OP?

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、B【解析】分析：电场线的方向就是电场强度的方向，正电荷所受电场力的方向与该点场强的方向相同，负电荷所受电场力的方向与场强的方向相反．解答：解：电场线的方向就是电场强度的方向，故P点电场强度方向向右．故A错误B正确．正电荷所受电场力的方向就是该点场强的方向，故正电荷在P点所受电场力向右．故C错误．负电荷所受电场力的方向与场强的方向相反，故负电荷在P点所受电场力向左．故D错误．故选B．2、C【解析】用试触法判断电流表内外接方法是：哪个电表的变化大就用哪个表侧真实值，电压表的变化为，大于电流表的变化，故应该让电压表侧真实值，即电流表外接（乙图），，电流表测量值偏大，故所测电阻值比真实值大，所以待测电阻的值应为比750Ω略大一些，故应该选C3、C【解析】当电键S断开时，由欧姆定律得，当电键S闭合后，通过R1的电流仍为0.5A，电动机的电流，故电流表的电流I＜1.5A，电路中电功率P=UI＜15W，故C正确．点晴：本题要抓住非纯电阻电路与纯电阻电路的区别，电动机正常工作时，其电路是非纯电阻电路，欧姆定律不成立，是关键不等式．4、D【解析】

由匀强电场中电势差和电场强度的关系求解电场强度E．【详解】由题知，，，根据匀强电场中电势差和电场强度的关系：，得：，故选D．本题关键掌握匀强电场中电势差与场强的关系式U=Ed，要知道d是两点沿电场线方向的距离，该公式只适用于匀强电场．5、C【解析】试题分析：甲电路采用电流表内接法，乙电路是电流表的外接法，两种电路效果不同，故A错误；甲图采用电流表内接法，由于电流表的分压作用，使待测电阻的测量值大于真实值．测得的电阻偏大，故B错误；当待测电阻很大，远大于电流表内阻时，采用电流表内接法实验误差较小，甲电路测大电阻误差小，故C正确；若待测电阻的阻值很小，远小于电压表内阻时，电压表分流对实验影响较小，采用电流表外接法实验误差减小，即按图乙接法实验误差小，故D错误；故选C．【点睛】伏安法测电阻有两种实验电路，电流表的内接法与外接法，当待测电阻很大时，应用电流表内接法误差较小．6、B【解析】平行金属板板间场强为E=Ud，带电液滴所受电场力为F=qE．带电液滴在匀强电场中处于静止状态，电场力与重力平衡，则有mg=qE，得到q=mgdU

点睛：本题是简单的力平衡问题，要记住元电荷e=1.6×10-19C，它是自然界最小的带电量，其他带电体的电量都它的整数倍．二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BC【解析】试题分析：如果粒子从OM边界射出，轨迹对应的圆心角最大，为，故运动时间：；如果从ON边界射出，轨迹对应的圆心角最小是接近45°，考虑45°情况，故运动时间：，故A错误B正确；粒子经过ON的位置到O的距离最小时轨迹与ON轴相切，画出临界轨迹；结合几何关系，有：，，解得：，故C正确D错误；考点：考查了带电粒子在匀强磁场中的运动【名师点睛】带电粒子在匀强磁场中运动时，洛伦兹力充当向心力，从而得出半径公式，周期公式，运动时间公式，知道粒子在磁场中运动半径和速度有关，运动周期和速度无关，画轨迹，定圆心，找半径，结合几何知识分析解题，8、AC【解析】

当物块B刚要离开C时，对挡板的压力为零，根据平衡条件求出此时弹簧的弹力，结合胡克定律求出弹簧的形变量，对A，根据牛顿第二定律求出物块A的加速度，弹簧开始处于压缩，根据平衡求出压缩量的大小，抓住A的位移等于弹簧的形变量求出物块A的位移；【详解】A、物块B刚要离开C时B对C的弹力恰好为零，对B，由平衡条件得，此时弹簧的弹力：，故A正确；

B、B刚要离开C时，对A，由牛顿第二定律得：，解得：，故B错误；

D、刚开始时，对A由平衡条件得：，B刚要离开C时，弹簧弹力：，整个过程A的位移：，解得：，物体A做初速度为零的匀加速直线运动，位移：，解得，运动时间：，故C正确，D错误．本题考查了牛顿第二定律和共点力平衡的基本运用，关键能够正确地受力分析，知道A的位移等于弹簧长度的变化量，从而求出时间；9、BC【解析】

手指的嵴和峪与金属电极的距离不同，根据电容的决定式分析电容的大小．由电容的定义式分析电容的电压一定时，电量的变化.【详解】A、指纹的嵴处与半导体基板上对应的金属颗粒距离近时，根据电容的决定式得知，电容大．故A错误．

B、指纹的峪处与半导体基板上对应的金属颗粒距离远时，根据电容的决定式得知，电容小．故B正确．

C、在手指挤压绝缘表面时，手指与对应的金属颗粒距离靠近，电容增大，而电压一定，则由Q=CU可知，各金属颗粒电极电量增大，故C正确，D错误.故选：B、C.10、BD【解析】

电场线是从正电荷或者无穷远出发出，到负电荷或无穷远处为止，沿电场线的方向，电势降低，电场线密的地方电场的强度大，电场线疏的地方电场的强度小；【详解】A、电场线密的地方电场的强度大，电场线疏的地方电场的强度小，则知b处电场强度大，粒子在b点处所受的电场力大，加速度就大，则电荷从a到b运动的加速度增大，故A错误；

B、从a到b的过程中，电场力做负功，电势能增加，所以b处电势能大，故B正确；

C、根据粒子的运动的轨迹可以知道，负电荷受到的电场力的方向向下，所以电场线的方向向上，所以a点的电势高，故C错误；

D、由B的分析可知，电场力做负功，电势能增加，速度减小，所以电荷在b处速度小，故D正确。加强基础知识的学习，掌握住电场线的特点，以及电场力做功和电势能的关系即可解决本题。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、V1A2内接法偏大【解析】

（1）[1][2]电源电动势为3V，故电压表选用3V的量程，即选V1；待测电阻为15KΩ，则电路中的最大电流约为，故电流表选A2；（2）[3]该待测电阻阻值远远大于电流表内阻，故选用电流表内接法；（3）[4]选用电流内接法后，电流的测量值是准确的，而电压的测量值偏大，故待测电阻的阻值测量值偏大。12、B增大灯丝电阻率随灯丝温度的升高而增大0.57【解析】

(1)本实验要求灯泡两端的电压由零逐渐增大，故滑动变阻器应采用分压接法；由于灯泡内阻，，因此应采用电流表外接法，故选择B电路；(2)实验电路选择电流表的外接法+滑动变阻器的分压式，实物连线如图所示：(3)I-U图象中每个点的割线斜率表示电阻的倒数，则可知随着电压的升高电阻增大；原因是灯丝电阻随温度的升高电阻率