2027届山东省济南市师范大学附属中学高二上物理期中复习检测试题含解析

2027届山东省济南市师范大学附属中学高二上物理期中复习检测试题考生请注意：1．答题前请将考场、试室号、座位号、考生号、姓名写在试卷密封线内，不得在试卷上作任何标记。2．第一部分选择题每小题选出答案后，需将答案写在试卷指定的括号内，第二部分非选择题答案写在试卷题目指定的位置上。3．考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、在光滑水平桌面上有两个相同的弹性小球A、B质量都为m，现B球静止，A球向B球运动，发生正碰．已知碰撞过程中总机械能守恒，两球压缩最紧时的弹性势能为EP，则碰前A球的速度等于A． B． C． D．2、A、B两物体在光滑水平地面上沿一直线相向而行，A质量为5kg，速度大小为10m/s，B质量为2kg，速度大小为5m/s，两者相碰后，A沿原方向运动，速度大小为4m/s，则B的速度大小为（）A．10m/s B．5m/s C．6m/s D．12m/s3、锂电池因能量密度高、绿色环保而广泛使用在手机等电子产品中．现用充电器为一手机锂电池充电，等效电路如图所示，充电器电源的输出电压为U，输出电流为I，手机电池的内阻为r，下列说法正确的是(

)A．电能转化为化学能的功率为UIB．充电器输出的电功率为UI＋I2rC．电池产生的热功率为I2rD．充电器的充电效率为4、一个质点沿半径为r的圆周做匀速圆周运动，线速度为v，则它的角速度为A．v2r B．vr C．vr2 D．5、如图为理想变压器的示意图，其原、副线圈的匝数比为4：1，电压表和电流表均为理想电表，Rt为阻值随温度升高而变小的热敏电阻，R1为定值电阻．若发电机向原线圈输入如图所示的正弦交流电．下列说法中正确的是（）A．输入变压器原线圈的交流电压的表达式为u=36B．变压器原、副线圈中的电流之比为4：lC．t=0.0ls时，穿过发电机的线圈的磁通量为0D．Rt中温度升高时，变压器的输入功率变大6、如图所示，虚线a、b、c、d表示匀强电场中的4个等势面．两个带电粒子M、N（重力忽略不计）以平行于等势面的初速度射入电场，运动轨迹分别如图中MPN和NQM所示．已知M是带正电的带电粒子．则下列说法中正确的是（）A．N一定也带正电B．a的电势低于b的电势C．带电粒子N的动能增大电势能减小D．带电粒子N的动能减小电势能增大二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、用标有“6V3W”的灯泡L1和“6V6W”的灯泡L2的伏安特性曲线如图甲所示．现将两灯泡与理想电压表和理想电流表连接成如图乙所示的电路，其中电源电动势E=9V．闭合开关，其中一个灯泡正常发光，下列说法正确的是（）A．电压表的示数为6VB．电流表的示数为0.5AC．电源内阻为2D．电源输出功率为6W8、一台直流电动机额定电压为100V正常工作时电流为20A，线圈内阻为0.5Ω，那么在1min内是（）A．电动机线圈产生的热量为1.2×105J B．电动机消耗的电能为1.2×105JC．电动机的机械功率为1.8×103W D．电源输入给电动机的功率为2.0kW9、如图所示，闭合开关，当滑动变阻器的滑片向左移动时A．小灯泡变亮B．电源的总功率变小C．电容器两板间的电场强度变小D．电流表读数变小，电压表读数变大10、静电场方向平行于x轴，其电势φ随x的分布可简化为如图所示的折线．下列说法正确的是（）A．x轴上x1与x2之间的电场强度小于x3与x4之间的电场强度B．正电荷沿x轴从0移到x1的过程中，电场力做负功，电势能增加C．负电荷沿x轴从x3移到x4的过程中，电场力不做功，电势能不变D．电荷量为＋q的电荷沿x轴从x1移到x3，电场力做功为q（φ2－φ1）三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）欲用伏安法测量一个阻值约为15kΩ的电阻Rx，备有如下器材电压表V1（量程0～3V，内阻约10kΩ）电压表V2（量程0～15V，内阻约50kΩ）电流表A1（量程0～0.6A，内阻约1Ω）电流表A2（量程0～200μA，内阻约50Ω）滑动变阻器R（最大阻值10Ω），电池（电动势E约3V，内阻不计）开关、导线。（1）为减小测量误差，电压表应选_______，电流表应选_______（填代号）．（2）测量电路的原理图用的是________（内接法或外接法）．（3）电阻Rx的测量值比实际值_________（填“偏大”或“偏小”）．12．（12分）为了精密测量一金属丝的电阻率：(1)如图甲所示，先用多用电表“×1Ω”挡粗测其电阻为____________Ω，然后用螺旋测微器测其直径为______________mm．(2)为了减小实验误差，需进一步测其电阻，除待测金属丝外，实验室还备有的实验器材如下：A．电压表V(量程3V，内阻约15kΩ；量程15V，内阻约75kΩ)B．电流表A(量程0.6A，内阻约1Ω；量程3A，内阻约0.2Ω)C．滑动变阻器R1(0～5Ω，1A)D．滑动变阻器R2(0～2000Ω，0.1A)E．1.5V的干电池两节，内阻不计F．电阻箱G．开关S，导线若干为了测多组实验数据，则上述器材中的滑动变阻器应选用___________(选填“R1”或“R2”)．请在虚线框内设计最合理的电路图并完成实物图的连线_______________四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）如图所示，水平放置的平行板电容器，原来两板不带电，上极板接地，它的极板长L=0.1m，两极板间距离d=0.4cm,有一束相同微粒组成的带电粒子流以相同的初速度从两板中央平行于极板射入，由于重力作用微粒能落到下板上，微粒所带电荷立即转移到下极板且均匀分布在下极板上。已知微粒质量m=1.0×10-6kg，电量q=+1.0×10-8C，电容器电容C=1.0×10-6F，若第一个粒子刚好落到下板中点O处，取g=10m/s1．试求：（1）则带电粒子入射初速度的大小；（1）最终落到下极板上的微粒个数。14．（16分）已知电流表的内阻Rg=120Ω，满偏电流Ig=3mA，（1）要把它改装成量程是6V的电压表，应串联多大的电阻？改装后的电压表内阻是多少？（2）要把它改装成量程是3A的电流表，应并联多大的电阻？15．（12分）如图所示，一带电量为q小球用绝缘绳悬挂，匀强电场方向水平向右．小球的重力为G，偏离竖直方向的夹角为θ=30°．求：（1）带点小球的电性是（正或负）．（2）求出小球受到的电场力F的大小．（3）求电场强度E．

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、C【解析】

设碰撞前A球的速度为v，当两球压缩最紧时，速度相等，根据动量守恒得，，则，在碰撞过程中总机械能守恒，有，得，故C正确，A、B、D错误；故选C．关键是两球压缩最紧时，两球速度相等．根据碰撞过程中动量守恒，以及总机械能守恒求出碰前A球的速度．2、A【解析】

取A球的速度方向为正方向，AB的总动量大小为：根据动量守恒得：，解得：A．10m/s．故A符合题意．B．5m/s．故B不符合题意．C．6m/s．故C不符合题意．D．12m/s．故D不符合题意．3、C【解析】

C．根据热功率公式可得,电池产生的热功率为，故C正确；B．由P=UI可知,充电器输出的电功率为：P总=UI故B错误；A．电能转化为化学能和热能，根据能量守恒定律，有：故有：故A错误；D．充电器的充电效率为：故D错误；电池的充电和放电过程是电能和化学能转化的过程，给电池充电是将电能转化为化学能储存在电池内，根据能量守恒定律列式求解．4、D【解析】

角速度可以表示为而周期为因此故D正确。5、D【解析】

由图乙可知交流电压最大值Um=362V，周期T=0.02s，可由周期求出角速度的值为ω=2π0.02=100π，则可得交流电压u的表达式U=362sin100πtV，故A错误；变压器原、副线圈中的电流之比其原、副线圈的匝数比成反比，为1：4，故B错误；t=0.01s时，瞬时值为零，发电机的线圈平面与磁场方向垂直，磁通量最大，故C错误。t处温度升高时，阻值减小，变压器输出功率变大，则输入功率也变大，故D根据图象准确找出已知量，是对学生认图的基本要求，准确掌握理想变压器的特点及电压、电流比与匝数比的关系，是解决本题的关键．6、C【解析】

A．电场线和等势线垂直，所以电场沿水平方向，从正电荷M的轨迹MPN可知，电场力水平向右，故电场的方向水平向右，N电荷受电场力方向指向其轨迹内侧，故受电场力水平向左，所以N带负电，故A错误；B．电场线水平向右，沿电场线电势降低，所以a点的电势高于b点的电势，故B错误；CD．电场力对N粒子做正功，其电势能减小，动能增加，故C正确，D错误．二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BC【解析】

AB、由图象可知，L2正常发光的电流为1A，L1的正常发光电流为0.5A，所以，两灯串联在电路中，只有一灯正常发光，则一定是L1，此时电路中的电流为0.5A；由图可知：L2的电压为U2′=2V，此时电压表测L2两端的电压，即电压表的示数为2V；故A错误，B正确；CD、此时电源的输出电压为U=U1′+U2′=2V+6V=8V，电源的输出功率P=UI=8V×0.5A=4W，电源的内阻，故C正确，D错误；8、BCD【解析】

A.电动机线圈产生的热量为故A错误。B.电动机消耗的电能为W=UIt=100×20×60J=1.2×105J故B正确。C.根据能量守恒定律得：电动机对外做功W外=W-Q=1.08×105J所以电动机的机械功率为故C正确。D.电源输入给电动机的功率是电功率为P=UI=100×20W=2.0kW故D正确。9、BD【解析】

A．滑动变阻器的滑片向左移动时，R阻值变大，则总电阻变大，总电流减小，即通过灯泡的电流减小，灯泡变暗，选项A错误；B．电源的总功率P=IE，因I减小，则E变小，选项B正确；C．总电流减小，则内阻和灯泡两端电压减小，则R两端电压变大，即电容器两端电压变大，则电容器C两板间的电场强度变大，选项C错误；D．总电流减小，则电流表读数变小；R两端电压变大，则电压表读数变大，选项D正确。10、BC【解析】

根据，图象的斜率表示电场强度，沿着电场线电势降低，电场力做功等于电势能的减小量；【详解】A、图象φ-x的斜率表示电场强度，即x轴上x1与x2之间的电场强度等于x3与x4之间的电场强度，都为零，故选项A错误；B、由图像可知：沿x轴从0移到x1的过程中电势升高，故电场力对正电荷做负功，电势能增加，故选项B正确；C、由于x3与x4之间斜率为零，即场强为零，故在此过程中电场力对负电荷不做功，电势能不变，故选项C正确；D、电荷量为＋q的电荷沿x轴从x1移到x3，电场力做功为，故选项D错误．该题能够从图中可知，0与x1之间的电势升高，x1与x2之间电场强度为零，x2与x3之间的电势降低，x3移到x4之间电场强度为零，这是解题的关键．三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、V1A2内接法偏大【解析】

（1）[1][2]电源电动势为3V，故电压表选用3V的量程，即选V1；待测电阻为15KΩ，则电路中的最大电流约为，故电流表选A2；（2）[3]该待测电阻阻值远远大于电流表内阻，故选用电流表内接法；（3）[4]选用电流内接法后，电流的测量值是准确的，而电压的测量值偏大，故待测电阻的阻值测量值偏大。12、(1)8.02.096(2)R1(3)如图甲、乙所示【解析】

欧姆表指针示数与倍率的乘积是欧姆表示数；螺旋测微器固定刻度与可动刻度示数之和是螺旋测微器的示数；在保证安全的前提下，为方便实验操作，应选最大阻值较小的滑动变阻器；为准确测量电阻阻值，应测多组实验数据，滑动变阻器可以采用分压接法，根据待测电阻与电表内阻间的关系确定电流表的接法，作出实验电路图，然后根据电路图连接实物电路图；【详解】解：(1)由图示多用电表可知，待测电阻阻值是8×1Ω=8Ω；由图示螺旋测微器可知，的固定刻度读数为2mm，可动刻度读数为0.01×9.6mm=0.096mm，其读数为：2mm+9.6×0.01mm=2.096mm；(2)滑动变阻器R2(0～2000Ω，0.1A)的阻值比待测金属丝阻值8Ω大得太多，为保证电路安全，方便实验操作，滑动变阻器应选R1，最大阻值5Ω；为测多组实验数据，滑动变阻器应采用分压接法，由于被测电阻阻值较小，则电流表应采用外接法，实验电路图如图所示根据实验电路图连接实物电路图，如图所示四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）1.5m/s

（1）600个【解析】试题分析：根据粒子做平抛运动的规律，运用运动的合成与分解，并依据运动学公式，即可求解；根据牛顿第二定律，结合电场力表达式和运动学公式，即可求解。（1）设粒子打在下极板中点的初速度分别为v0，粒子在电场中做平抛运动偏转位移：水平方向：