湖南省涟源一中2027届高二物理第一学期期中统考模拟试题含解析

湖南省涟源一中2027届高二物理第一学期期中统考模拟试题考生须知：1．全卷分选择题和非选择题两部分，全部在答题纸上作答。选择题必须用2B铅笔填涂；非选择题的答案必须用黑色字迹的钢笔或答字笔写在“答题纸”相应位置上。2．请用黑色字迹的钢笔或答字笔在“答题纸”上先填写姓名和准考证号。3．保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，在草稿纸、试题卷上答题无效。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、探究影响安培力大小因素的实验装置如图所示，直导线垂直磁场方向置于磁场中某处。当导线中电流为I时，导线所受安培力大小为F；现仅将导线中电流减小为I/2时，导线所受安培力大小为A．2FB．FC．F/2D．F/42、一正点电荷仅在电场力的作用下运动，其速率v与时间t图象如图所示，其中ta和tb是电荷在电场中a、b两点运动对应的时刻，则下列说法正确的是A．a、b两点电场强度关系为Ea=EbB．a、b两点电场强度关系为Ea>EbC．a、b两点电势关系为D．带电粒子从a点运动到b点时，电场力做正功，电势能减少3、在光滑绝缘的水平面上有两个带电小球A和B，A带正电且固定，B带负电由静止释放．某时刻，B球的速度是v0，分析此后B球与A球相碰前的运动，图中能正确反映其速度变化情况的图象是（）A．B．C．D．4、如图所示的电路中，电源电动势为E，内电阻为r，开关S闭合后，电灯均能发光，现将滑动变阻器R的滑片P稍向上移动，下列说法正确的是A．电灯均变亮B．电灯变亮，变暗C．电流表的示数变小D．电流表的示数不变5、如图所示，将通电线圈(电流方向沿图中箭头方向)悬挂在磁铁N极附近，磁铁处于水平位置和线圈在同一平面内，且磁铁的轴线经过线圈圆心，线圈将()A．转动同时靠近磁铁 B．转动同时离开磁铁C．不转动，只靠近磁铁 D．不转动，只离开磁铁6、甲、乙两根粗细均匀的电阻丝，它们的材料相同，甲电阻丝的长度是乙的4倍，甲电阻丝的截面积是乙的2倍，则甲、乙电阻丝电阻之比是（）A．2：1 B．1：2 C．1：4 D．1：8二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、美国物理学家密立根通过研究平行板间悬浮不动的带电油滴，准确地测定了电子的电荷量．如图所示，平行板电容器两极板M、N与电压为U的恒定电源两极相连，板的间距为d．现有一质量为m的带电油滴在极板间匀速下落，则()A．此时极板间的电场强度B．油滴带电荷量为C．减小极板间电压，油滴将加速下落D．将极板N向下缓慢移动一小段距离，油滴将向上运动8、如图所示，在光滑水平面上放一个质量为M的斜面体，质量为m的物体沿斜面由静止开始自由下滑，下列说法中正确的是()A．M和m组成的系统动量守恒B．M和m组成的系统动量不守恒C．M和m组成的系统水平方向动量守恒D．M和m组成的系统竖直方向动量守恒9、一额定功率为9W、额定电压为9V的小灯泡L（其电阻视为不随温度而变）和一直流电动机并联，与定值电阻R＝4Ω串联后接在电路中的AB两点间，电流表A为理想电表，电路如图所示，灯泡的电阻不变．当AB间接电压0.49V时，电动机不转、灯泡不亮，电流表示数为0.1A；当AB间接电压15V时，电动机转动起来、灯泡正常发光．则下列说法正确的是A．电动机线圈电阻为1ΩB．灯泡正常发光时电流表示数1AC．灯泡正常发光时电动机输出的机械功率4.25WD．电路正常工作时电动机突然被卡住时,电流表读数将为1.5A10、一台电动机的线圈电阻与一只电炉的电阻相同，现将它们串联到电路中，电动机和电炉都能正常工作的情况下，在相同时间内（

）A．电炉放热与电动机放热相等B．电炉两端电压小于电动机两端电压C．电炉两端电压等于电动机两端电压

D．电动机消耗的功率大于电炉消耗的功率三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）某同学欲将一阻值为27Ω的电阻R与一微安表（量程为250）连接而改装为大量程的毫安表，因不知改装后的毫安表的量程，他利用一标准毫安表，根据图甲所示电路对改装后的电表进行检测（虚线框内是改装后的电表）．（1）根据图甲和题中所给条件，完成图乙中的实物连接________．（2）闭合开关S，当标准毫安表的示数为6.48mA时，微安表的指针位置如图丙所示，请回答下列问题：①图丙中该微安表的示数为________．②可以推测出改装后的毫安表的量程为____________（填正确答案标号）．A．12mAB．9mAC．8mAD．6mA③可以推测出该微安表的内阻为__________Ω．12．（12分）某同学在探究弹力和弹簧伸长的关系，并测定弹簧的劲度系数。主要实验步骤如下：将待测弹簧的一端固定在铁架台上，然后将毫米刻度尺竖直放在弹簧一侧，并使弹簧另一端的指针恰好指在刻度尺上。当弹簧自然下垂时，指针的指示值记作；弹簧下端挂一个砝码时，指针的指示值记作；弹簧下端挂两个砝码时，指针的指示值记作……；挂七个砝码时，指针的位置如图所示，指针的指示值记作。已知每个砝码的质量均为50g；测量记录表：(1)实验中，的值还未读出，请你根据上图将这个测量值填入记录表中_________。(2)为充分利用测量数据，该同学将所测得的数值按如下方法逐一求差，分别计算出了四个差值：，，，。根据以上差值，可以求出每增加50g砝码的弹簧平均伸长量。用、、、表示的式‍子为_________________。(3)计算弹簧的劲度系数__________。(取9.8)四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）在如图所示的电路中，两平行正对金属板A、B水平放置，两板间的距离d=4.0cm。电源电动势E=400V，内电阻r=20Ω，电阻R1=1980Ω。闭合开关S，待电路稳定后，将一带正电的小球（可视为质点）从B板上的小孔以初速度v0=1.0m/s竖直向上射入两板间，小球恰好能到达A板。若小球所带电荷量q=1.0×10-7C，质量m=2.0×10-4kg，不考虑空气阻力，忽略射入小球对电路的影响，取g=10m/s2。求：（1）A、B两金属板间的电压的大小U；（2）滑动变阻器消耗的电功率P滑；（3）电源的效率η；（4）电源的最大输出功率。14．（16分）如图所示，长L=1.0m，阻值r=0.3、质量m=0.1kg的金属棒CD垂直跨搁在位于水平面的两条平行光滑金属导轨上。导轨间距也是1.0m，与金属棒接触良好，导轨电阻不计，导轨左端接有R=0.5的电阻，量程为0～3.0A的电流表串接在一条导轨上，量程为0～1.0V的电压表跨接在R两端。垂直导轨平面的匀强磁场竖直向下，现以向右的恒定外力F使CD向右运动，当其以速度v=2m/s匀速滑动时，观察到电路中有一个电表正好满偏，另一个未满偏。问：（1）此时满偏的是什么表?为什么?（2）磁感应强度B的大小；（3）拉动金属棒的外力F的大小。15．（12分）如图所示，电阻R1＝8Ω，电动机绕组电阻R0＝2Ω，当开关k1闭合、k2、k3都断开时理想电压表读数为6V；当开关k1、k2闭合时理想电压表示数4.8V；当开关k1、k2、k3都闭合时，电阻R1消耗的电功率是2W。求：（1）电源的电动势E；（2）电源的内阻r；（3）开关都闭合时，电动机输出的机械功率。

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、C【解析】根据F=BIL得，电流减小为原来的时，则安培力减小为原来的倍．故C正确，ABD错误．故选C.点睛：解决本题的关键掌握安培力的大小公式，当电流与磁场垂直时，F=BIL.2、D【解析】试题分析：根据图像的斜率表示加速度求解电场强度大小，根据电荷速度变化，判断电场力做功情况，求解电势和电势能的关系．图像的斜率表示加速度，故a点的加速度小于b点的加速度，因为只受电场力，故a点的电场力小于b点的电场力，即，AB错误；正电荷在电场力作用下，速度增大，电场力做正功，电势能减小，故从高电势向低电势运动，所以有，C错误D正确．3、C【解析】由于异种电荷间存在相互作用的吸引力，两球将相互靠近，距离减小，根据库仑定律得知，相互作用力增大．由牛顿第二定律得知它们的加速度变大．随着两球间距离减小，电场力做正功，电势能减少，总动能增加．所以速度增加，故速度变大，加速度变大．故只有C符合要求，故C正确、ABD错误．综上所述本题答案是：C4、B【解析】试题分析：由图可知与滑动变阻器并联，再与串联．现将滑动变阻器R的滑片P稍向上移动，滑动变阻器接入电路的阻值变小，电路总电阻变小，根据闭合电路欧姆定律得知，干路电流I增大，所以电灯变亮，路端电压减小，所以与滑动变阻器并联电压减小，所以变暗，故A错误B正确；干路电流I增大，与滑动变阻器并联电压减小，所以通过的电流减小，而干路电流I增大，所以电流表的示数增大，故CD错误；考点：考查了电路动态分析【名师点睛】在分析电路动态变化时，一般是根据局部电路变化（滑动变阻器，传感器电阻）推导整体电路总电阻、总电流的变化，然后根据闭合回路欧姆定律推导所需电阻的电压和电流的变化（或者电流表，电压表示数变化），也就是从局部→整体→局部5、A【解析】

线圈通有顺时针电流，并处于N极的附近，根据左手定则可得，线圈右边安培力方向垂直纸面向里，所以线圈转动；由右手螺旋定则可知，线圈向外一面为S极，因为异名磁极相互吸引，线圈靠近磁铁；所以线圈转动并同时靠近磁铁。A．转动同时靠近磁铁。故A符合题意。B．转动同时离开磁铁。故B不符合题意。C．不转动，只靠近磁铁。故C不符合题意。D．不转动，只离开磁铁。故D不符合题意。6、A【解析】

已知甲乙两根电阻丝的材料相同，而甲的长度是乙的4倍，甲电阻丝的截面积是乙的2倍；根据，所以甲的电阻是乙的2倍。A．2：1，与结论相符，选项A正确；B．1：2，与结论不相符，选项B错误；C．1：4，与结论不相符，选项C错误；D．1：8，与结论不相符，选项D错误；二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AC【解析】

A．极板间电压为U，间距为d，是匀强电场，故场强为：，故A正确；

B．油滴受重力和电场力，处于平衡状态，故：

解得：，故B错误；

C．减小极板间电压，场强减小，电场力小于重力，合力向下，故油滴将加速下落，故C错误；

D．将极板N向下缓慢移动一小段距离，板间距增大，场强减小，电场力减小，电场力小于重力，合力向下，故油滴将加速下降，故D错误．本题关键是明确油滴的受力情况和运动情况，然后结合牛顿第二定律确定加速度的方向，从而判断油滴的运动情况．8、BC【解析】

ABD．m下滑过程系统所受合外力竖直向下，系统所受合外力不为零，系统动量不守恒，系统在竖直方向动量不守恒，故AD错误，B正确；C．M和m组成的系统在水平方向所受合外力为零，水平方向系统动量守恒，故C正确；9、AC【解析】

A．根据可知灯泡电阻当AB间接电压0.49V时，电动机不转、为纯电阻电路，根据欧姆定律可知R两端电压：UR=IR=0.1×4V=0.4V灯泡两端电压U1=U-UR=0.49V-0.4V=0.09V通过灯泡的电流通过电动机的电流：I2=0.1A-0.01A=0.09A根据并联电路特点可知电动机线圈电阻故A正确；BC．当AB间接电压15V时，灯泡正常发光，灯泡两端电压为UL=9V、通过灯泡的电流为IL=1A，则电动机两端电压为UM=9V，R两端电压为UR=6V，干路电流电流表示数为1.5A，通过电动机的电流为IM=I-IL=0.5A，则此时电动机输出的机械功率：P=UMIM-IM2r=4.25W故B错误，C正确。D．由以上分析可知，电路正常工作时电动机突然被卡住时，电流表读数将大于1.5A，选项D错误。10、ABD【解析】试题分析：对于电炉电路和电动机电路，焦耳定律都适用，欧姆定律只适用于电炉，不适用于正常工作的电动机；根据欧姆定律研究电炉两端的电压；电动机两端的电压大于电流与电阻的乘积．解：A、电炉电路和电动机电路焦耳定律都适用．根据焦耳定律Q=I2rt，知电炉和电动机的电阻相同，电流相同，则在相同的时间内电炉和电动机产生的电热相等．故A正确．B、C、设电流为I，电阻为r，则电炉两端电压U炉=Ir，电动机两端电压U机＞Ir，所以U机＞U炉．即电动机两端电压大于电炉两端电压，故B正确，C错误．D、电动机消耗的电能一部分转化为内能，另一部分转化为机械能，电炉消耗的电能全部转化为内能，而相等时间内它们产生的热量相等，则在相同的时间内，电动机消耗的电能大于电炉消耗的电能，则电动机消耗的功率大于电炉消耗的功率．故D正确．故选ABD．【点评】此题要明确电动机工作时电功只能用W=UIt求，电热只能用焦耳定律求；电炉工作时，电热等于电功，W=UIt=I2rt．三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、180B945【解析】

（1）根据电路图和题意连接实物图如图所示，（2）闭合开关S，当标准毫安表的示数为6.48mA时，微安表的指针位置如图丙所示，①根据微安表的量程和最小刻度来读数，图丙中该微安表的示数是180.0μA；②按照比例，所以改将后毫安表的量程为；（3）根据推测，分流电阻R的分流，此时微安表的电压，所以微安表的内阻为：；12、14.05(14.03~14.07)28【解析】

(1)[1]毫米刻度尺的最小分度值为1mm，估读到0.1mm，L7的读数为14.05cm.(2)[2]根据各个差值，可以求出每增加50g砝码的弹簧平均伸长量△L，△L用d1、d2、d3、d4表示的式子为(3)[3]据，有：根据胡克定律有m0g=利用数据可求得四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）200V（2）20W；（3）99.5％；（4）P=79.2W【解析】试题分析：（1）小球从B板上的小孔射入恰好到达A板的过程中，在电场力和重力的作用下做匀减速直线运动，设A、B两极板间电压为U，根据动能定理有-qU-mgd=0-mv02解得U=200V（2）设此时滑动变阻器接入电路