北京市一七一中学2027届高二物理第一学期期中质量跟踪监视试题含解析

北京市一七一中学2027届高二物理第一学期期中质量跟踪监视试题注意事项：1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。2．回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。3．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、白板水平放置在地面上，在白板上用磁钉吸住一张彩纸，向右轻轻拉彩纸，未拉动，对这情景受力分析正确的是（）A．磁钉受到向右的摩擦力B．磁钉仅受重力和支持力两个力C．彩纸受到白板向左的摩擦力D．白板与地面间无摩擦力2、两只定值电阻R1＝60Ω，R2＝20Ω，电压表一个，练习使用电压表测电压，电路连接如图所示，电源输出电压U＝12V不变，先用电压表与R1并联，电压表示数为U1，再用电压表与R2并联，电压表示数为U2，则下列说法正确的是A．U1一定为9.0V B．U2一定大于3.0VC．U1与U2之和一定为12V D．U1与U2之和小于12V3、小强用与水平方向成θ角的轻绳拉木箱，未拉动，此时绳中拉力为F，则木箱所受摩擦力的大小为（）A．F B．FsinθC．0 D．Fcosθ4、在地面附近，存在着一有理想边界的电场，边界A、B将该空间分成上下两个区域Ⅰ、Ⅱ，在区域Ⅱ中有竖直向下的匀强电场，区域Ⅰ中无电场．在区域Ⅱ中边界下方某一位置P，由静止释放一质量为m，电荷量为q的带负电小球，如图（a）所示，小球运动的v-t图象如图（b）所示，已知重力加速度为g，不计空气阻力，则以下说法不正确的是A．小球在7s末回到出发点B．电场强度大小是C．P点距边界的距离为D．若边界AB处电势为零，则P点电势为5、如图所示，真空中点固定一点电荷，、是该点电荷电场中的两点，关于该两点的场强的大小和电势高低关系，下列看法正确的是A． B．C． D．6、如图，半径相同的两个金属球A、B带有相等的电荷量（可视为点电荷），相隔一定距离，两球之间相互吸引力的大小是F。今让第三个半径相同的不带电的金属小球先后与A、B两球接触后移开。这时，A、B两球之间的相互作用力的大小是（）A． B． C． D．二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示的电路中，电源电压保持不变，闭合开关S，电路正常工作，过了一会儿，电流表A的示数变为零．若电路中故障发生在灯L、电阻R上，用一根导线来判断电路故障，则下列判断正确的是()A．将导线并联在R两端，电流表无示数，一定是L断路B．将导线并联在L两端，电流表无示数，一定是R断路C．将导线并联在R两端，电流表有示数，一定是R断路D．将导线并联在L两端，电流表有示数，一定是L断路8、下列说法中正确的是A．库仑总结出库仑定律,并测得静电力常量B．法拉第提出用电场线的方法来表示电场C．如果空间中存在两个以上的点电荷,那么这个空间中有许多电场线相交D．在电场中，等势面越密的地方，电场强度越小9、如图所示，将充好电的平行板电容器与静电计连接，静电计指针偏转的角度为．在如下的变化中，关于静电计指针偏转角度的变化，说法正确的是A．若两极板间的距离增大，则变大B．若两极板相互错开一些（距离不变），则变小C．若在两极板间插入玻璃板，则变大D．若在两极板间插入玻璃板，则变小10、空间某一静电场的电势φ在x轴上分布如图所示，x轴上有B、C两点，下列说法中正确的是（）A．该静电场由两个等量同种点电荷产生B．该静电场由两个等量异种点电荷产生C．B点的场强大小大于C点的场强大小D．负电荷沿x轴从B移到C的过程中，电势能先减小后增大三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）某学习小组欲测量电阻Rx的阻值,有下列器材供选用:待测电阻Rx(阻值约为300Ω)电压表(量程为0~3V,内阻约为3kΩ)电流表(量程为0~10mA,内阻约为10Ω)电流表(量程为0~20mA,内阻约为5Ω)滑动变阻器R1(阻值为0~20Ω,允许通过的最大电流为2A)滑动变阻器R2(阻值为0~2000Ω,允许通过的最大电流为0.5A)直流电源E(电动势为3V,内阻约为1Ω)开关、导线若干甲同学根据以上器材设计成用伏安法测量电阻的电路,并能满足Rx两端电压从0开始变化进行多次测量,则电流表应选择______(选填“A1”或“A2”);滑动变阻器应选择____(选填“R1”或“R2”);电流表采取____(选填“外”或“内”)接法。12．（12分）某同学设计了一个测量液体电阻率的实验，他在一根均匀的长玻璃管两端装上两个橡胶塞和铂电极，如图所示，两电极相距L=0.314m，其间充满待测的河水，安装前他用游标卡尺测量玻璃管的内径，测量结果为D=6.70mm。所用仪器：量程15V、内阻300KΩ的电压表量程300μA、内阻50Ω的电流表最大阻值1KΩ的滑动变阻器，电动势E=12V、内阻r=6Ω的电池组开关等各一个，以及导线若干图坐标中包括坐标为(0，0)的点在内的9个点表示他测得的9组电流I、电压U的值，已在坐标中标出。根据以上材料完成以下问题：①在坐标系中作出U-I图线________②开关闭合前滑动变阻器的滑片应先滑至_________端（填C端或D端）。③图中的仪器实物部分已连线，将其它部分连接成能测出图数据的实物连接图_______.④液体的电阻R=____________⑤求出液体的电阻率ρ=____________（用题中给出的字母表示，无需计算出结果）四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）如图所示，AB为固定在竖直平面内的光滑圆弧轨道轨道的B点与水平地面相切，其半径为R质量为m的小球由A点静止释放．求：（1）小球滑到最低点B时小球速度v的大小；（2）小球刚到达最低点B时轨道对小球支持力FN的大小；（3）小球通过光滑的水平面BC滑上固定曲面恰达最高点D，D到地面的高度为h（已知h＜R），则小球在曲面上克服摩擦力所做的功Wf．14．（16分）如图所示，光滑斜面倾角为37°，一带有正电的小物块质量为m，电荷量为q，置于斜面上，当沿水平方向加有如图所示的匀强电场时，带电小物块恰好静止在斜面上，从某时刻开始，电场强度变化为原来的，求:(1)原来的电场强度为多大？(2)物体运动的加速度大小;(3)沿斜面下滑距离为L时物体的速度.(sin37°＝0.6，cos37°＝0.8，g＝10m/s2)15．（12分）如图所示，一根长为L=0.2m的直导线放在水平方向的匀强磁场中，导线水平且与磁场方向垂直，导线中通有向右的电流．①请判断导线所受安培力的方向是竖直向上还是竖直向下；②若匀强磁场的磁感应强度的大小B=0.5T，导线中的电流I=1.5A，试计算导线所受安培力的大小；③将该通电导线旋转到与磁感线平行的位置，此时导线是否受安培力？

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、C【解析】

对磁钉分析可知，磁钉没有相对彩纸的运动趋势，故不受摩擦力，故A错误；磁钉还要受到白板的磁性吸引力，故B错误；由于彩纸相对于白板有向右的运动趋势，故彩纸受到白板向左的摩擦力，故C正确；对整体分析可知，整体有向右的运动趋势，故白板和地面间有摩擦力，故D错误．2、D【解析】

不接电压表时，R1、R2串联，电压之比而U′1+U′2=12V解得：U′1=9V，U′2=3V当电压表并联在R1两端时，解得U1＜9V同理当电压表并联在R2两端时，U2＜3V所以U1+U2＜12V。A．U1一定为9.0V，与结论不相符，选项A错误。B．U2一定大于3.0V，与结论不相符，选项B错误。C．U1与U2之和一定为12V，与结论不相符，选项C错误。D．U1与U2之和小于12V，与结论相符，选项D正确。3、D【解析】

试题分析：对木箱受力分析，根据平衡条件：水平方向Fcosθ=f，得：f=Fcosθ，故选D．考点：物体的平衡、力的分解4、B【解析】试题分析：小球回到出发点时通过的位移为0，根据v-t图象与时间轴所围的面积表示位移可知，小球在7s末回到出发点，故A正确；由图象的斜率等于加速度，得小球在电场中的加速度为：a1=离开电场后的加速度大小为a2=由牛顿第二定律得：qE-mg=ma1①mg=ma2②由①②得：电场强度E=,B错误；从边界到P点，由动能定理得：-ma2y=0-mv02③解得：P点距边界的距离y=v0，C错误．D、若边界AB处电势为零，边界与P点间的电势差为U=Ey=0-φp=×v0解得：P点电势为．D正确．考点：本题考查带电粒子在电场中的运动．5、A【解析】

AB．由点电荷电场强度可知，离点电荷越远电场强度越小，所以，故A正确，B错误；CD．如果点电荷为正电荷，根据沿电场线电势降低可知，，同理，如果点电荷为负电荷时，，故CD错误．6、A【解析】

A、B两球相互吸引，则两球带异种电荷，设A带有电荷量为Q，B带有电荷量为-Q，相隔一定距离r，两球之间相互吸引力的大小是第三个不带电的金属小球与A球接触后移开，第三个球与A球的带电量都为，第三个球与B球接触后移开，第三个球与B球的带电量都为A、B两球之间的相互作用力的大小故选A。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、CD【解析】

A.电流表A的示数变为零，说明电路故障为断路。将导线与用电器并联进行检测时，若电流表有示数，说明与导线并联的用电器断路；若电流表无示数，说明另一个用电器断路或两个用电器都断路。若将导线并联在R两端，电流表无示数，则可能是L断路，也可能是R、L都断路，故选项A错误；B.若将导线并联在L两端，电流表无示数，则可能是R断路，也可能是R、L都断路，故选项B错误；C.若将导线并联在R两端，电流表有示数，则一定是R断路，选项C正确；D.若将导线并联在L两端，电流表有示数，则一定是L断路，选项D正确.8、AB【解析】

法国物理学家库仑利用扭秤实验发现了电荷之间的相互作用规律--库仑定律，并测出了静电力常量k的值，故A正确；物理学家法拉第最早引入了电场概念，并提出用电场线表示电场，故B正确；电场线的切线方向即为场强的方向，电场中任意两条电场线都不相交，故C错误；在电场中，等差等势面越密的地方，电场强度越大，故D错误，故选AB．9、AD【解析】

A．使d变大，则由可知C减小，则由可知，电压增大，则验电器的夹角变大，A正确；B．两极板错开，则S减小，由可得C减小，则由可知，电压增大，验电器的夹角变大，B错误；CD．若在极板间加入玻璃板，则介电常数增加，则由可知C增大；则由可知，电压减小，验电器的夹角变小，C错误D正确．10、ACD【解析】

AB．由图像可知，电势先增大再减小，且关于O点对称，且电势都为正值，故该电场应该是等量同种负电荷产生的电场，故A正确，B错误；C．图像的切线斜率表示场强，由图中可知，B点的切线斜率大于C点，故C正确；D．负电荷在电势越高的地方电势能越小，故从B到C的过程中，电势能先减小再增大，故D正确；故选ACD。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、R1内【解析】

由题中“某学习小组欲测量电阻Rx的阻值”可知，本题考查电阻测量，根据闭合电路欧姆定律和电路连接规律可分析本题。【详解】[1]Rx的电流最大为，所以电流表选择A1；[2]若满足Rx两端电压能从0开始变化进行多次测量，滑动变阻器一定采用分压式接法，为调节方便，滑动变阻器选择R1；[3]因为是大电阻，所以采用电流表内接法。12、①图像如图②C端③实物连线；④（1.0±0.1）×105Ω⑤【解析】①在坐标图中画出U-I图线如图所示；②为保护电流表，开关闭合前，滑片应滑到C端；③实物连线如图；④由U-I图象可求出液体的电阻：⑤根据及，可解得，点睛：对实验问题，关键是明确实验原理，然后根据相应规律求解即可，要熟记伏安法测量电阻时电流表内接法与外接法选择的依据，以及滑动变阻器应采用分压式的几种情况：测量电路要求电流从零调，滑动变阻器的全电阻远小于待测电阻阻值等．四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）（2）3mg（3）mg（R-h）【解析】

(1)小球从A滑至B的过程，由动能定理得：解得：(2)小球刚到达最低点B时，由重力和支持力的合力提供向心力由牛顿第二定律得：解得：FN=3mg(3)对小球从A运动到D的整个过程，由动能定理得：mgR-mgh-Wf=0

解得：Wf=mg（R-h）14、（1）（2）3m/s2，方向沿斜面向下（3）【解析】

带电小物块恰好静止在斜面上时合力为零，对物块进行受力分析，应用平衡条件可求出电场力，进而求出电场强度.【详解】(1)对小物块受力分析如图所示:物块静止于斜面上，则有：mgsin37°=qEcos37°解得：(2)当场强变为原