江苏省苏州市2024-2025学年九年级上学期期末考试物理试题（含答案）

第第页江苏省苏州市2024-2025学年九年级上学期期末考试物理试题一、选择题（共12小题，每小题2分，共24分。每小题给出的四个选项中只有一个选项符合题意）1．为纪念科学家的突出贡献，许多物理量的单位常以科学家的名字命名。下列物理量的国际单位不是以科学家名字命名的是（）A．功 B．比热容 C．电流 D．电阻2．下列数据符合实际情况的是（）A．人体安全电压为220VB．人骑自行车功率约600WC．人把一个鸡蛋从地面缓慢举过头顶，做功约1JD．人体干燥时的电阻约为0.1kΩ3．健身教练可以通过改变音乐的节奏来调节健身人士的运动量。从物理学视角分析，主要是改变了人的（）A．消耗能量多少 B．做功多少C．做功时间 D．做功快慢4．如图所示，在空气压缩引火仪的玻璃筒底部放一小团可燃物，压下活塞，会看到可燃物燃烧。为了让实验现象明显，对于可燃物的选择以及对活塞的操作，下列说法正确的是（）A．着火点高，迅速下压 B．着火点低，迅速下压C．着火点高，缓慢下压 D．着火点低，缓慢下压5．将金属片分别插入两个柠檬，制成“柠檬电池”。如图所示，它能使发光二极管发光，电路中电压表有示数，以下说法正确的是（）A．电流由d点流入发光二极管，从c点流出B．金属片A为电池的正极C．金属片A、B都是铜片D．两节柠檬电池并联6．如图所示，电源电压不变，灯丝电阻随温度升高而变大，闭合开关，滑动变阻器的滑片P自左向右滑动时。以下分析正确的是（）A．电流表示数变大 B．电压表示数变大C．电压表和电流表示数之比不变 D．电压表和电流表示数之积变小7．如图是校园智慧门禁系统，采用“人脸识别”与“刷卡识别”两种通行方式，“人脸识别”匹配成功（S1开关闭合）或“刷卡识别”匹配成功（S2开关闭合）后，电动机均能工作，闸门打开。夜晚光线较暗时，人靠近闸机（光控开关A． B．C． D．8．如图甲所示是欧洲中世纪使用的吊车，如图乙所示是我国古人使用的绞车。关于吊车与绞车的认识，下列说法错误的是（）A．图甲的吊车是轮轴与定滑轮的组合B．图甲中工人脚踩巨轮走过的距离一定大于重物上升的高度C．图乙的绞车是轮轴与定滑轮、动滑轮的组合D．图乙中的定滑轮改变了施力方向9．如图所示，将一个空易拉罐的底部钻一个小孔，从易拉罐开口端向罐内喷适量酒精喷雾，然后将一个空纸杯迅速套上。用细线将易拉罐水平悬挂在铁架台上，将点燃的打火枪靠近易拉罐底部的小孔，纸杯就会“向前”飞去。以下说法正确的是（）A．酒精燃烧越充分，其热值越大B．纸杯飞出去时，易拉罐对纸杯做了功C．纸杯飞出去时，易拉罐内气体的内能减小D．纸杯飞出过程中的能量转化，与内燃机的压缩冲程相同10．小明准备利用如图所示电路进行探究实验，以下能完成探究并得出定量关系的是（）​​①保持R1滑片位置不变，移动R②保持R2滑片位置不变，移动R③改变R1滑片位置后，移动RA．① B．② C．①② D．①③11．下列三幅图是能自动测定油箱内油面高度的装置。R1是滑动变阻器，它的金属滑片连在杠杆一端，RA．甲图中的油量表可由电流表改装而成，示数随油面下降而变小B．乙图中的油量表可由电流表改装而成，示数随油面升高而变小C．丙图中的油量表可由电压表改装而成，示数随油面下降而变小D．丙图中的油量表可由电流表改装而成，示数随油面升高而变小12．如图所示电路中，电阻R1的阻值为10Ω，电源电压为15V。把滑动变阻器R2与电流表（量程为①滑动变阻器R2可能与电阻R1串联②电流表一定测量③滑动变阻器可调的阻值范围为5~50Ω④电路的最大功率为31.5WA．①③ B．②④ C．①②③ D．②③④二、填空题（本题10小题，每空1分，共27分）13．游客借用街头的移动充电宝给手机充电时，充电宝将能转化为能；使用结束后，将其返还充电桩充电时，充电宝相当于电路中的。14．如图2024年11月，天舟八号货运飞船成功发射，入轨后成功对接中国空间站天和核心舱，转入组合体飞行。天舟八号货运飞船由货物舱和推进舱组成，在加速升空过程中，货物舱的动能，重力势能。天和核心舱运行轨道近似圆形，远地点和近地点高度可视作不变，核心舱在轨运行时动能，因而空间站内部处于稳定状态。15．如图所示，开关S闭合后，两个电流表指针位置均如图所示，经过L2的电流为A；若L2灯丝断了，电流表A的示数为A。16．如图所示是小明家里的电能表，根据表盘参数可知：该电能表指示灯每闪烁一次电路消耗电能J。他关闭家中其他用电器，只让电水壶正常工作，指示灯闪烁了32次，测得用时正好1min，则该电水壶的实际电功率为W。17．2024年11月12日、我国第二款隐形战机歼-35A惊艳亮相珠海航展。歼-35A采用两台国产涡扇19发动机，当发动机以2×105N的推力使战机以2马赫（即2倍声速，已知声速为340m/s）匀速巡航时，10s内发动机推力做功18．用两种不同的充电桩对同一辆纯电动汽车充电，相关数据如下表所示，不计充电过程中的能量损失。充电桩电池初始状态充电电压/V充电电流/A充满电的时间/h普通充电桩相同2203010快充充电桩300200

用普通充电桩充满电，消耗的电能为kW·h；如果用快充充电桩充满电，需要h。19．小明将灯L1、L2串联在电路中，闭合开关后两灯均发光，电流表示数为I1。为探究灯丝电阻是否随温度变化，他将L2灯珠的玻璃泡摘除后保持原电路连接，如图所示。再次闭合开关后，发现L2不亮，但L1比之前更亮，电流表示数为I2，可得I1I220．如图所示，小鸟双脚立在某高压输电线的同一根导线上。高压输电线每千米的电阻为0.3Ω，通过输电线的电流是300A。如果小鸟两爪间的距离是4cm，小鸟身体的电阻约1000Ω，输电线上的小鸟两爪间的电压约为V，通过小鸟的电流约为A。21．桔槔是中国古代一项伟大的发明。如图是古人利用桔槔从井里汲水的示意图，在它的前端A处用一根轻质细杆系一个水桶，在后端B处绑一块配重的石块，O1为支点且O1A=3（1）当人沿AC方向向下拉杆时，桔槔是杠杆；若移动支架，以O2为支点，则拉力F1的大小将（2）向上提杆时人不施力，只借助配重石块，一次最多可以提起kg水；（3）为满足不同场合的提水需求，可以更换配重石块。若汲水时，向下拉杆的力为F1'，装满水后，水和桶总重为200N，向上提桶的力为F2'，当F122．阅读材料，回答问题。江南地区早稻播种通常选在3月底到4月初的气温回升季节，环境温度较高，有利于农作物的生长，但有时会出现“倒春寒”的低温天气。为了减小“倒春寒”对农业生产的影响，专家提出：在早稻插秧后，如果日平均气温在10℃以下时，要进行深水护秧，采取“夜灌日排”、“雨灌晴排”的方式，调节秧田水热状况，使秧苗更好地生长。（1）深水护秧是利用了水的大；（2）“夜灌”是因为早春的夜晚温度低，在同等条件下，水放热后温度下降，灌水后可以防止秧苗被冻坏；“晴排”是由于晴朗的白天气温高，水吸热后温度，不利于秧苗生长，所以要将水排干；（3）“倒春寒”时期，若一个夜晚1m2面积的水平均放热为2.1×106三、解答题（本题共8小题，共49分。解答第24、25、26题时应有解题过程）23．按照题目要求作图。（1）在图甲中画出起重机起吊杆的动力F1的力臂l1和阻力（2）在图乙中画出人利用滑轮组提起重物时绳子的绕法；（3）在图丙中“○”内填上合适的电表符号，使两灯组成并联电路。24．小明用定滑轮匀速提升质量为18kg的物体，10s内将物体升高3m，定滑轮的机械效率为90%。（g取10N（1）此过程中的有用功；（2）人对绳子的拉力；（3）人对机械做功的功率。25．小明在烧杯中装入200g的水，测得水的温度为20℃，然后用酒精灯给水加热。当水温上升到70℃时，消耗了酒精7g。[水的比热容c水=4.2×10（1）水的内能增加了多少；（2）酒精燃烧放出的热量；（3）酒精灯加热的效率。26．某型号的电饭煲有两挡，“1”挡是高温烧煮，“2”挡是焖饭、保温，其测试电路如图所示。开关S先后置于“1”挡和“2”挡时，电流表示数分别为5A和0.1A。求：（1）当开关S置于“1”挡时，电饭煲的发热功率；（2）当开关S置于“2”挡时，电饭煲每分钟消耗的电能；（3）电阻R027．小明利用一根米尺、铁架台、钩码若干（每个重1N）和弹簧测力计（0~5N），进行杠杆平衡的探究实验，步骤如下：（1）用一根细绳将米尺悬挂在铁架台上，待米尺静止后如图甲所示，需要将悬挂点的位置向方微调，使米尺达到水平平衡，然后在悬点的正上方钻孔后固定在铁架台上；（2）小明用校零后的测力计在如图乙所示的A位置施加竖直向下的拉力，使杠杆在水平位置平衡，测力计示数如图所示，F1=N，则B点悬挂的钩码数量为（3）他将测力计量新校零后，挂在C点，用测力计将杠杆拉至如图丙所示的位置平衡，测力计与杠杆垂直，此时测力计示数为F2，则F228．小华只利用两节新的干电池，一个电压表，“2.5V0.3A”的灯L1，“3.8V0.3A”的灯L（1）请用笔画线代替导线，根据图甲所示电路完成图乙中的实物连线；（2）闭合开关前，小华发现电压表指针如图a所示，他必须进行的操作是；（3）调整完毕后，闭合开关，两灯均不亮，电压表示数为3V，若只有一处故障，出现上述现象的原因可能是；（4）排除故障后，测得电压表示数如图b所示，则AB两点间电压U1=（5）为了简化操作步骤，小华仅将电压表一侧的导线从点改至C点，记录测得的电压U2，再将另一侧导线从，记录测得电压U3，比较（6）为了使结论具有普遍性，利用现有器材，下一步的操作是。29．探究电流与电阻的关系，所用器材有：电压为3V的电源，电压表，电流表，滑动变阻器，阻值分别为5Ω、10Ω、15Ω、20Ω、25Ω的定值电阻等。（1）先将5Ω的电阻接入图甲所示电路，闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片移到最端；（2）闭合开关，移动滑动变阻器的滑片，当电压表的示数为2.0V时，电流表的示数为0.4A。断开开关，将5Ω的电阻换成10Ω后再闭合开关，应将滑动变阻器的滑片向移动，直至电压表示数为2.0V；（3）实验数据如下表，请在图乙中描点，画出I−R的关系图像；实验次数12345电阻R/Ω510152025电流I/A0.40.20.130.10.08（4）为成功测得上表中的实验数据，所用滑动变阻器的最大阻值应不小于Ω。30．根据下列学科实践活动，回答问题。自制定值电阻改装家用灯泡小明家里灯泡坏了，他在网上购买了一个与原来灯泡外形相似的灯泡，如图甲所示。[设计与制作]（1）若将此灯泡直接接入家庭电路中，灯泡会烧坏。为了解决这个问题，可以给灯泡（串/并）联一个Ω的定值电阻；（2）小明想自制这个定值电阻，他找到一卷电阻丝，规格如图乙所示。已知定值电阻的阻值和其长度成正比，则需截取cm的电阻丝，并将其绕制在（陶瓷/铜）管上完成制作，如图丙所示。[检验与测试]（3）完成电阻的制作后，小明想通过测量验证该电阻是否达到他算得的阻值。他利用电源（3V）、滑动变阻器0~10Ω、电流表0∼0.6A、电压表①小明发现方案1无法进行，原因是；②小明又找来电阻箱0~999.9Ω，设计了方案2和方案3，如图戊所示。为了使测量结果更准确，他选择了方案，要快捷的测出Rx的阻值，他接下来进行的操作是（4）小明用两根带有鳄鱼夹导线，将制作好的电阻与灯泡一起接入家庭电路。闭合开关，发现自制电阻立刻烧断。[反思与评价]（5）小华认为小明利用自制定值电阻改装家用灯泡的整个过程存在很多安全隐患，请你从安全用电的角度提出一点建议：。

答案解析部分1．【答案】B【解析】【解答】解：A、功的单位焦耳是根据物理学家焦耳的名字命名的，故A不符合题意；

B、比热容是指单位质量的某种物质升高或下降单位温度所吸收或放出的热量，不是以科学家名字命名的物理量，故B符合题意；

C、电流的单位安培是根据物理学家安培的名字命名的，故C不符合题意；

D、电阻的单位欧姆是根据物理学家欧姆的名字命名的，故D不符合题意。

故选：B。

【分析】根据物理学家的贡献及对物理单位的掌握分析解答此题。2．【答案】C【解析】【解答】解：A.人体安全电压为不高于36V，故A不符合实际；

B.人骑自行车功率约70W，故B不符合实际；

C.人把一个鸡蛋从地面缓慢举过头顶，做功约1J，故C符合实际；

D.人体干燥时的电阻约为2kΩ，故D不符合实际；

故选：C。

【分析】首先要对选项中涉及的几种物理量有个初步的了解，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。3．【答案】D【解析】【解答】解：健身教练可以通过改变音乐的节奏来调节健身人士的运动量。从物理学视角分析，主要是改变了人的做功快慢，用功率来表示物体做功的快慢，故D符合题意，ABC不符合题意。

故选：D。

【分析】用功率来表示物体做功的快慢。4．【答案】B【解析】【解答】解：要使可燃物容易燃烧要选择着火点低的可燃物，同时快速下压活塞，压缩气体做功，机械能转化为气体的内能，使气体温度超过可燃物的着火点，故B正确。

故选：B。

【分析】压缩气体做功，机械能转化为气体的内能，使气体温度升高。5．【答案】A【解析】【解答】解：A、二极管具有单向导电性，“柠檬电池”能使发光二极管发光，说明电流由d点流入发光二极管，从c点流出，故A正确；

B、闭合开关S，发光二极管发光，电压表有示数，说明电压表正负接线柱的连接是正确的（即电流“正进负出”）；则由图可知，金属片A为电源的负极，金属片B为电源的正极，故B错误；

C、制作水果电池时，需要用不同的金属片，故C错误；

D、由图可知，两节柠檬电池串联，故D错误。

故选：A。

【分析】（1）二极管具有单向导电性；

（2）电压表需要并联接入电路中，电流从电压表的正接线柱流入，从负接线柱流出；

（3）制作水果电池时，需要用不同的金属片；

（4）根据图中柠檬的连接情况分析。6．【答案】D【解析】【解答】解：由图可知，小灯泡与滑动变阻器串联，电压表测小灯泡两端的电压，电流表测电路中的电流；

B、闭合开关，当滑动变阻器的滑片P向右滑动时，滑动变阻器接入电路的电阻变大，分压增多，由串联电路电压的规律知小灯泡两端的电压变小，电压表的示数变小，故B错误；

AC、当滑动变阻器的滑片P向右滑动时，滑动变阻器接入电路的电阻变大，电路中的总电阻变大，由I=UR可知，电路中的电流变小，即电流表的示数变小，小灯泡变暗，小灯泡灯丝的温度降低，灯丝电阻减小，根据R=UI可知，电压表与电流表示数的比值为小灯泡的电阻，所以电压表与电流表示数的比值变小，故AC错误；

B．由分压原理知，滑动变阻器两端电压变大，由串联电路中电压的规律知，灯泡两端电压减小，即电压表示数减小，故B错误；C．灯泡两端电压减小，温度下降，电阻减小，而电压表和电流表示数之比等于灯泡电阻，所以该比值减小，故C错误；D．由于电流表和电压表示数均减小，所以电压表和电流表示数之积变小，故D正确。故选D。

【分析】由图可知，小灯泡与滑动变阻器串联，电压表测小灯泡两端的电压，电流表测电路中的电流，根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据串联电路的分压作用判断出滑动变阻器两端电压的变化；

根据欧姆定律可知电路中电流的变化；根据R=U7．【答案】D【解析】【解答】“人脸识别”匹配成功（S1开关闭合）或“刷卡识别”匹配成功（S2开关闭合）后，电动机均能工作，闸门打开，所以S1和S2并联，夜晚光线较暗时，人靠近闸机（光控开关S3自动闭合），摄像头开启补光灯，所以灯泡和电机单独工作，属于并联，S8．【答案】C【解析】【解答】解：A.图甲的吊车是轮轴与定滑轮的组合，故A正确，不符合题意；

B.图甲中工人脚踩巨轮走过的距离一定大于重物上升的高度，故B正确，不符合题意；

C.图乙的绞车是轮轴与两个定滑轮的组合，故C错误，符合题意；

D.图乙中的定滑轮改变了施力方向，故D正确，不符合题意；

故选：C。

【分析】轮轴：由具有共同转动轴的大轮和小轮组成。通常把大轮叫轮，小轮叫轴。作用：可以省力和改变力的方向。

使用滑轮时，轴的位置固定不动的滑轮称为定滑轮。定滑轮不省力，但是可以改变力的方向，实质上是动力臂等于阻力臂的杠杆。9．【答案】C【解析】【解答】解：A、燃料的热值是燃料的一种特性，只决定于燃料的种类，与质量和燃烧情况等无关，因此酒精是否充分燃烧，其热值不变，故A错误；

BC、纸杯飞出去时，易拉罐内的酒精气体对纸杯做功，气体的内能减小，故B错误、C正确；

D、纸杯飞出过程中，内能转化为机械能，内燃机的压缩冲程中将机械能转化为内能，两者能量转化不同，故D错误。

故选：C。

【分析】（1）燃料的热值是燃料的一种特性，只决定于燃料的种类，与质量和燃烧情况等无关；

（2）做功和热传递都能改变物体的内能；

（3）内燃机的压缩冲程中将机械能转化为内能。10．【答案】A【解析】【解答】①若保持滑片位置不变，移动R2滑片；当R2的阻值改变时，由于R1阻值不变，根据串联电路的电压分配原则，R1两端的电压会改变。同时，由于电路的总电阻改变，电路中的电流也会改变。在这种情况下，我们可以探究电流与电压的关系，故①正确。

②若保持R2滑片位置不变，移动R1滑片；当R1的阻值改变、R2的阻值保持不变时，由于R1阻值的改变会影响电路的总电压分配，则R1两端的电压也会改变，即没有控制电阻两端的电压不变，所以这个操作无法单独探究电流与电阻的关系，故②错误。

③若改变R1滑片位置后，移动R2滑片保持电压表示数不变；该操作虽然控制了变阻器R1两端的电压不变，且变阻器R1接入电路的阻值发生了变化，但变阻器R1接入电路的具体阻值未知，所以不能探究电流与电阻的定量关系，故③错误。

综上所述，只有选项①能完成探究并得出定量关系。

故选：A。

【分析】①探究电流与电压的关系需控制电阻不变，改变电压，该操作符合控制变量法要求，可得出定量关系。

②探究电流与电阻的关系需控制电压不变，该操作未控制电压，无法得出定量关系。

③改变定值电阻后，通过滑动变阻器保持电压表示数不变，符合电流与电阻关系的探究要求，可得出定量关系。11．【答案】C【解析】【解答】解：A、根据图示可知，油量表串联在电路中，因此油量表是电流表改装而成，不是电压表；

根据图示可知，油面下降，浮子下降，滑片上移，R接入电路的电阻越大，电路的总电阻越大，由I=UR知电路中的电流变小，电流表的示数变小，故A错误；B、根据图示可知，油量表并联在电路中，因此油量表是电压表改装而成，根据图示可知，油面上升，浮子上升，滑片下移，R接入电路的电阻越小，电路的总电阻越小，由I=UR知电路中的电流变大，根据U=IR知定值电阻两端的电压变大，即电压表的示数变大，故B错误；

C、丙图中油量表并联在电路中，因此油量表是电压表改装而成，根据图示可知，油面下降，浮子下降，滑片上移，但滑动变阻器接入电路的电阻不变，电路中的电流不变，但与电压表并联部分的电阻变小，根据U=IR知电压表的示数变小，故C正确；故选：C。

【分析】（1）根据电压表使用时与被测用电器并联、电流表使用时与被测用电器串联判断图中油量表的类型；

（2）当油面上升或下降时，浮标随之上升或下降，通过类似杠杆的装置控制了电路中电阻的大小，从而使电路中的电流相应的发生改变以及电阻两端电压的变化，通过电流表或电压表的示数即可判断出油箱内油面的高度。12．【答案】B【解析】【解答】（1）图中开关闭合时通过电阻R1的电流：I1=UR1=15V10Ω=1.5A；把滑动变阻器R2与电流表（量程为0-0.6A）以某种方式接入电路中，发现电路中最小电功率为27瓦，

当电路功率为27W时的最小电流：Imin=PminU=27W15V=1.8A＞1.5A；

根据串并联电路的电阻规律可知：两导体串联，总电阻变大，电流会变小；两导体并联，总电阻变小，电流会变大，

所以，只有把R2与R1并联，才能使电流大于1.5A；故①错误；

由此可知：I1=1.5A，干路电流Imin=1.8A，

根据并联电路的电流特点可得：I2=Imin-I1=1.8A-1.5A=0.3A，

所以量程为0-0.6A的电流表应该接在R2支路上，此时通过R2的电流最小，故②正确；

根据I=UR可得R所以，滑动变阻器可调的阻值范围为25～50Ω，故③错误；

电路的最大电流：Imax=I1+I2max=1.5A+0.6A=2.1A，

电路中的最大电功率Pmax=UImax=15V×2.1A=31.5W，故④正确。

故选：B。

【分析】（1）利用欧姆定律求图中开关闭合时通过R1的电流；根据P=UI求出当电路中功率为27W时的电流，根据串并联电路的特点，判断R1与R2的连接方式；

根据最小规律求出最小电流，再求出变阻器最大电阻；

（2）根据电流表的量程和连接方式判断出电路的最大电流，利用欧姆定律求变阻器最小电阻；利用P=UI求出最大功率。​​​​​​​13．【答案】化学；电；用电器【解析】【解答】解：游客借用街头的移动充电宝给手机充电时，充电宝是电源，充电宝将化学能转化为电能；使用结束后，将其返还充电桩充电时，充电宝相当于电路中的用电器。

故答案为：化学；电；用电器。

【分析】电源工作时将其他形式的能转化为电能。

一个最基本的电路是由电源、用电器、开关、导线组成的。14．【答案】变大；变大；不变【解析】【解答】解：（1）在加速升空过程中，货物舱的质量不变，速度增加，动能变大；高度增加，重力势能变大；

（2）太空中没有空气阻力，天和核心舱的机械能守恒，核心舱的质量不变，高度不变，重力势能不变，所以核心舱在轨运行时动能不变，速度大小不变，因而空间站内部处于稳定状态。

故答案为：变大；变大；不变。

【分析】影响动能的影响因素是物体的质量和物体运动的速度，影响重力势能的因素是物体的质量和物体的高度，其中动能和势能统称为机械能。在分析各个能量的变化时，根据各自的影响因素进行分析。15．【答案】1.2；0.3【解析】【解答】（1）根据图片可知，灯泡L1与L2并联，电流表A测干路中的电流，电流表A1测通过L1的电流。

根据并联电路中I总=I1+I2可知，电流表A的示数大于电流表A1的示数，

所以电流表A选择的量程为0~3A，分度值为0.1A，示数为1.5A，即干路电流为I=1.5A；

电流表A1选择的量程为0~0.6A，分度值为0.02A，示数为0.3A，即通过L1的电流I1=0.3A，

根据并联电路中I总=I1+I2可知，通过L2的电流为I2=I-I1=1.5A-0.3A=1.2A。（2）若L2灯丝断了，则通过L2支路的电流为0，而通过L1的电流大小不变。

此时电流表A测通过L1的电流，故电流表A的示数变为0.3A。

【分析】（1）首先根据并联电路的电流规律比较两个电流表的示数大小，进而确定它们的量程和分度值，并读出它们的示数，最后根据I总=I1+I2计算通过灯泡L2的电流；

（2）根据并联电路各支路不相互影响，结合公式I总=I1+I2计算电流表A的示数变化。16．【答案】3000；1600【解析】【解答】解：1200imp/kW•h表示用电器每消耗1kW•h的电能，电能表的指示灯闪烁1200次，

由此可得该电能表指示灯每闪烁一次，电路消耗的电能为W1=11200kW•h=11200×3.6×故答案为：3000；1600。

【分析】1200imp/kW•h表示用电器每消耗1kW•h的电能，电能表的指示灯闪烁1200次，由此可得该电能表指示灯每闪烁一次电路消耗的电能；进一步可得指示灯闪烁了32次时，电水壶消耗的电能，根据P=W17．【答案】1.36×109【解析】【解答】解：（1）根据v=st知，飞机10s内飞行的路程：s=vt=2×340m/s×10s=6800m，发动机对飞机做功：W=Fs=2×105N×6800m=1.36×109J；

（2）发动机推力的功率：故答案为：1.36×109；1.36×108。

【分析】（1）知道飞行速度和时间，根据公式v=s（2）再根据公式P=W18．【答案】66；1.1【解析】【解答】解：根据W=UIt可知，用普通充电桩充满电，消耗的电能W=UIt=220V×30A×10×3600s=2.376×108J=66kW•h；

如果用快充充电桩充满电，需要时间t'=WU'19．【答案】小于；增大；去掉玻璃泡后灯丝散热很快【解析】【解答】解：为探究灯丝电阻是否随温度变化，他将L2灯珠的玻璃泡摘除后保持原电路连接，如图所示。再次闭合开关后，发现L2不亮，但L1比之前更亮，电流表示数为I2，可得I1＜I2。因为去掉玻璃泡后灯丝散热很快，灯丝温度低。

对L2灯丝加热，发现L1变暗，电路中的电流变小，由此可知灯丝温度升高，电阻增大。依据上述结论，分析L2不亮的原因是去掉玻璃泡后灯丝散热很快。

故答案为：小于；增大；去掉玻璃泡后灯丝散热很快。

【分析】灯丝的电阻随温度的升高而增大。20．【答案】3.6×10−3【解析】【解答】解：由题知，高压输电线每千米的电阻为0.3Ω，小鸟两爪间的距离是4cm=4×10-5km，

则这段导线的电阻：R=4×10-5km×0.3Ω/km=1.2×10-5Ω，

根据欧姆定律可得这段导线两端的电压：U=IR=300A×1.2×10-5Ω=3.6×10-3V；

小鸟与这段导线并联，则小鸟两爪间的电压U=3.6×10-3V，

并联电路各支路两端的电压相等，通过小鸟的电流：I'=UR'=3.6×10−3V1000Ω=3.6×21．【答案】（1）省力；变大（2）8（3）33【解析】【解答】解：（1）向下拉绳放下空桶时，在A端的力为动力，B端的力为阻力，动力臂大于阻力臂，属于省力杠杆；若移动支架，以O2为支点，拉力的力臂减小，而阻力臂变大，故拉力变大；

（2）向上提杆时人不施力，只借助配重石块，根据杠杆的平衡条件F1L1=F2L2可得，30kg×10N/kg×O1B=（20N+m×10N/kg）×O1A，O1A=3O1B，

解得m=8kg；

（3）若汲水时，向下拉杆的力为F1'，装满水后，水和桶总重为200N，向上提桶的力为F2'，当F1'和F2'的大小相等时，

根据杠杆的平衡条件F1L1=F2L2可得，下拉时，有m'×10N/kg×O1B=（20N+F1'）×O1A，

上提时有：m'×10N/kg×O1B=（200N-F2'）×O1A，

解得m'=33kg。

故答案为：（1）省力；变大；（2）8；（3）33。

【分析】（1）根据动力臂与阻力臂的大小关系，确定是省力杠杆还是费力杠杆，根据力臂变化分析；

（2）根据杠杆的平衡条件分析回答；

（3）根据杠杆平衡条件F1L1=F2L2求出人的拉力。（1）[1][2]向下拉绳放下空桶时，在A端的力为动力，B端的力为阻力，动力臂O1C大于阻力臂O1D，属于省力杠杆；若移动支架，以O2为支点，阻力的大小不变，拉力的力臂减小，而阻力臂变大，根据杠杆平衡条件F1（2）向上提杆时人不施力，杠杆与水平方向的夹角θ不断变化，O1A=3O30解得m=8（3）若汲水时，向下拉杆的力为F1'，装满水后，水和桶总重为200N，向上提桶的力为F2'，当F1m向上提水时有m联立以上两式解得m22．【答案】（1）比热容（2）慢；上升慢（3）10【解析】【解答】（1）深水护秧是利用了水的比热容大，因为质量相同的水和其他物质相比，在吸收或放出相同热量的情况下，水的温度变化要小些；

（2）“夜灌”是因为早春的夜晚温度低，在同等条件下，水放热后温度下降小，灌水后可以防止秧苗被冻坏；“晴排”是由于晴朗的白天气温高，水吸热后温度上升小，不利于秧苗生长，所以要将水排干；

（3）“倒春寒”时期，若一个夜晚1m2面积的水平均放热为2.1×106J，为了秧苗不被冻坏，一个夜晚水温下降不能超过5℃，设农民对水田灌水的深度不应低于hm，

则：c水Shρ水Δt=2.1×106J，即4.2×103J/（kg•℃）×1m2×h×1.0×103kg/m3×5℃=2.1×106J，解得h=0.1m=10cm。

故答案为：（1）比热容；（2）慢；上升慢；（3）10。

【分析】水的比热容比较大，质量相同的水和其他物质相比，在吸收或放出相同热量的情况下，水的温度变化要小些。

利用水的比热容大，放出相同热量温度变化小，可保护秧苗，根据放热公式Q放=cmΔt，结合体积、密度、深度关系推导最小水深。（1）在稻田里灌入大量的水。水的比热容较大，深夜环境温度降低，在其他情况相同时，水的温度下降得小。可以使稻田保持较高的温度以保护秧苗。（2）[1]据Q=cmΔt可知，夜晚降温时，因水的比热容大，在同等条件下，水的温度下降得慢，可以使稻田保持较高的温度。[2]据Q=cmΔt可知，白天在阳光照射下升温时，水的比热容大，在同等条件下，温度升高得慢，使稻田温度升得较慢，温度较低，不利于秧苗生长。（3）灌入水的质量为m=水的体积为V=水深为h=23．【答案】（1）（2）（3）【解析】【解答】解：（1）从支点O向动力F1的作用线作垂线，垂线段的长度l1即为动力臂；

过货物与起重机长臂的接触点作竖直向下的力，即阻力F2，如下图所示：（2）由图可知，滑轮组由一个定滑轮和一个动滑轮组成，且人站在地面上拉绳子，滑轮组提起重物G最省力的绕法如图所示：（3）要使两灯并联，左上的“〇”中应填入电流表，这样电流分别经过两个灯泡，最后到电源的负极；左面“〇”中应填入电压表，如图所示：

【分析】（1）从支点向力的作用线作垂线，支点到垂足的距离就是力臂。

先找出阻力作用点，然后过作用点作竖直向下的阻力。

（2）由图可知，滑轮组由一个定滑轮和一个动滑轮组成，且人站在地面上拉绳子，由此画出利用滑轮组提起重物G最省力的绕法。

（3）要使两灯泡并联，则需让它们的两端分别连在一起；然后根据电流表在电路中相当于导线，而电压表相当于开路进行选择合适的仪表。（1）从支点O向动力F1的作用线作垂线，垂线段的长度l1即为动力臂；过货物与起重机长臂的接触点作竖直向下的力，即阻力F2，如下图所示：（2）由图可以看出，人站在地面拉动绳子，因此绳子的拉动方向应向下，因此确定自由端的绳子，然后依次向内绕，如下图所示：（3）要使两灯并联，上面的“○”中应填入电流表，这样电流分别经过两个灯泡，最后到电源的负极；下面“○”中应填入电压表，如图所示：24．【答案】（1）解：此过程中的有用功为：W有=Gh=mgh=18kg×10N/kg×3m=540J。

答：此过程中的有用功为540J。（2）解：根据η=W有W总可知，拉力做的功为：W总=W（3）解：人对机械做功的功率为：P=W总t【解析】【分析】（1）根据W有=Gh=mgh求出此过程中的有用功；

（2）根据η=W有W总求出拉力做的功，利用W总（1）有用功为W（2）总功为W人对绳子拉力为F=（3）人对机械做功功率为P=25．【答案】（1）解：水的质量m水=200g=0.2kg，

水吸收的热量：

Q吸=c水m水（t-t0）=4.2×103J/（kg•℃）×0.2kg×（70℃-20℃）=4.2×104J，

即水的内能增加了4.2×104J。

答：水的内能增加了4.2×104J。（2）解：消耗酒精的质量m酒精=7g=7×10-3kg，

酒精完全燃烧放出的热量：Q放=m酒精q酒精=7×10-3kg×3×107J/kg=2.1×105J。

答：酒精燃烧放出的热量为2.1×105J。（3）解：CD段酒精灯的加热效率：η=Q吸Q【解析】【分析】（1）知道水的质量、比热容、初温和末温，利用Q吸=cm（t-t0）计算水吸收的热量，即水的内能增加值；

（2）知道消耗酒精的质量，利用Q放=mq计算酒精完全燃烧放出的热量；

（3）酒精灯加热的效率等于水吸收的热量与酒精完全燃烧放出热量的比值。（1）水增加的内能等于水温度升高时吸收的热量，为Q（2）酒精燃烧放出的热量为Q（3）加热效率为η=26．【答案】（1）解：由图可知，当开关S置于“1”挡时，只有R0工作，电流表测量电路中的电流，

此时电流表的示数为5A，则电饭煲的发热功率：P热=UI=220V×5A=1100W。

答：当开关S置于“1”挡时，电饭煲的发热功率为1100W。（2）解：当开关S置于“2”挡时，R0、R串联，此时电路中的电流I'=0.1A，

则电路每分钟消耗的电能：W=UI't=220V×0.1A×1×60s=1320J。

答：当开关S置于“2”挡时，电饭煲每分钟消耗的电能为1320J。（3）解：由欧姆定律可知，R0的阻值：R0=UI1=220V5A=44Ω；

R0、R的串联总电阻：【解析】【分析】（1）由图可知，当开关S置于“1”挡时，只有R0工作，根据P=UI求出此时电饭煲的发热功率；

（2）当开关S置于“2”挡时，R0、R串联，根据W=UIt求出电路每分钟消耗的电能；

（3）根据欧姆定律求R0的阻值和R0、R的串联总电阻，根据串联电路的电阻特点求出R的阻值。（1）由图可知，当开关S置于“1”挡时，只有R0工作，电流表测量电路中的电流，此时电流表的示数为5A，则电饭煲的发热功率P=U（2）当开关S置于“2”挡时，R0、R串联，此时电路中的电流I2=0.1A，则电路每分钟消耗的电能W=U（3）由欧姆定律可知，R0的阻值RR0、R的串联总电阻R根据串联电路的电阻特点可知，R的阻值R=27．【答案】（1）左（2）2；3（3）<【解析】【解答】解：（1）用一根细绳将米尺悬挂在铁架台上，待米尺静止后如图甲所示，图中杠杆左端下沉，说明左侧偏重，即整体的重心在悬挂点的左侧，所以，需要将悬挂点的位置向左方微调，使米尺达到水平平衡；

（2）由图乙可知，测力计的分度值是0.2N，示数是2N；

根据杠杆平衡条件可知：F1×3l=FB×2l，即2N×3l=FB×2l，可得FB=3N，则B点悬挂的钩码数量为3个；

（3）由图丙可知，测力计将杠杆拉至如图丙所示的位置平衡，测力计与杠杆垂直，此时动力臂、阻力不变，阻力臂变小，根据杠杆平衡条件可知动力变小，F2<F1。

故答案为：（1）左；（2）2；3；（3）<。

【分析】（1）图甲中杠杆左端下沉，说明左侧偏重，即整体的重心在悬挂点的左侧，据此判断如何调节悬挂点的位置；

（2）（3）根据杠杆平衡条件进行分析。（1）用一根细绳将米尺悬挂在铁架台上，待米尺静止后如图甲所示，图中杠杆左端下沉，说明左侧偏重，需要将悬挂点的位置向左方微调，使米尺达到水平平衡。（2）[1][2]由图乙可知，测力计的分度值是0.2N，示数是2N；设米尺上每个小格的长度为l，根据杠杆平衡条件F可知FB点悬挂的钩码的重力F钩码每个重1N，则B点悬挂的钩码数量为3个。（3）由图丙可知，测力计将杠杆拉至如图丙所示的位置平衡，测力计与杠杆垂直，此时动力臂、阻力不变，阻力臂变小，根据杠杆平衡条件F可知动力变小，则F228．【答案】（1）​​​​​​​（2）电压表调零（3）L1（4）1.2（5）B；电压表一侧的导线从A改到B点；U1+U3与U2​​​​​​​（6）将小风扇分别替换灯L1和灯L2重复上面的实验【解析】【解答】解：（1）两灯并联，电压表与L1并联；如下所示：

（2）闭合开关前，小华发现电压表指针如图a所示，即指针没有在零刻度线处，他必须进行的操作是：电压表调零；

（3）调整完毕后，闭合开关，两灯均不亮，电路可能断路，电压表示数为3V，电压表与电源连通，若只有一处故障，出现上述现象的原因可能是L1断路；

（4）排除故障后，测得电压表示数如图b所示，电压表选用小量程，分度值为0.1V，则AB两点间电压U1=1.2V；

（5）电压表与待测电路串联，电流从电压表正接线柱流入，从负接线柱流出，本实验要分别测L1的电压、电源电压和L2的电压，为了简化操作步骤，小华仅将电压表一侧的导线从B点改至C点，记录测得的电压U2，再将另一侧导线从电压表一侧的导线从A改到B点，记录测得电压U3，比较U1+U3与U2的关系，可以初步得出串联电路的电压特点；

（6）为了使结论具有普遍性，要多次测量，利用现有器材，下一步的操作是：将小风扇分别替换灯L1和灯L2重复上面的实验。

故答案为：（1）；（2）电压表调零；（3）L1断路；（4）1.2；（5）B；电压表一侧的导线从A改到B点；U1+U3与U2；（6）将小风扇分别替换灯L1和灯L2重复上面的实验。【分析】（1）电压表与待测电路串联，根据电路图连接实物图；

（2）电压表使用前要调零；

（3）闭合开关，两灯均不亮，电路可能断路，根据电压表示数为3V分析；

（4）根据电压表选用小量程确定分度值读数；

（5）用电压表测量电压时，电流从电压表正接线流入，从负接线柱流出，否则，指针反向偏转；

本实验要分别测L1的电压、电源电压和L2的电压，据此回答