黑龙江省哈尔滨市阿城区龙涤中学2027届高二物理第一学期期中预测试题含解析

黑龙江省哈尔滨市阿城区龙涤中学2027届高二物理第一学期期中预测试题注意事项1．考生要认真填写考场号和座位序号。2．试题所有答案必须填涂或书写在答题卡上，在试卷上作答无效。第一部分必须用2B铅笔作答；第二部分必须用黑色字迹的签字笔作答。3．考试结束后，考生须将试卷和答题卡放在桌面上，待监考员收回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示，一条形磁铁放在水平桌面上，在磁铁右上方固定一根与磁铁垂直的长直导线．当导线中通以由外向内的电流时，磁铁仍然保持静止，则与不通电是相比，下列说法正确的是()A．磁铁受到向左的摩擦力，对桌面的压力减小B．磁铁受到向右的摩擦力，对桌面的压力减小C．磁铁受到向左的摩擦力，对桌面的压力增大D．磁铁不受摩擦力，对桌面的压力不变2、如下图所示，光滑半圆槽质量为M，静止在光滑的水平面上，其内表面有一小球被细线吊着恰好位于槽的边缘处.若将线烧断，小球滑到另一边的最高点时，圆槽的速度为()A．零B．向右C．向左D．不能确定3、静电计是在验电器的基础上制成的，用其指针张角的大小来定性显示其金属球与外壳之间的电势差大小．如图所示，A、B是平行板电容器的两个金属板，G为静电计．开始时开关S闭合，静电计指针张开一定角度，为了使指针张开的角度增大些，下列采取的措施可行的是()A．断开开关S后，将A、B两极板分开些B．保持开关S闭合，将A、B两极板分开些C．保持开关S闭合，将A、B两极板靠近些D．保持开关S闭合，将变阻器滑动触头向右移动4、在磁场中某一点，已经测出一段0.5cm长的导线中通入0.01A电流时，受到的安培力为5.0×10－6N，则下列说法正确的是()A．该点磁感应强度大小一定是0.1TB．该点磁感应强度大小一定不小于0.1TC．该点磁感应强度大小一定不大于0.1TD．该点磁感应强度的方向即为导线所受磁场力的方向5、如图所示，一通电直导线位于匀强磁场中，导线与磁场方向垂直．当导线中的电流为I时，通电导线所受安培力的大小为F．当该导线中的电流变为2I时，保持其他条件不变，通电导线所受安培力的大小为A． B．FC．2F D．4F6、如图所示为吹风机的工作电路图，其中M和A分别为电动机和电阻丝，且rm为吹风机的内阻、R为电阻丝A的电阻．已知该吹风机有两个挡位，电源电压恒为220V，低挡消耗的电功率为120W，高挡消耗的电功率为1000W．则下列关于对该电路的分析正确的是A．两电键均闭合时吹风机为低挡位B．rM＝ΩC．R＝55ΩD．低挡位时，电阻丝每秒产生的焦耳热为880J二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图，金属环A用绝缘轻绳悬挂，其中心与长直螺线管共轴，并位于其左侧。长直螺线管连接在如图所示的电路中。下列说法正确的有A．S闭合的瞬间，A环向左摆动，并有收缩的趋势B．S闭合的瞬间，A环向右摆动，并有扩大的趋势C．在S闭合的情况下，将R的滑动头的左端移动，A环向左摆动，并有收缩的趋势D．在S闭合的情况下，将R的滑动头向右端移动，A环向右摆动，并有收缩的趋势8、下列说法正确的是（）A．所有电荷在电场中都要受到电场力的作用B．所有电荷在磁场中都要受到磁场力的作用C．一切运动电荷在磁场中都要受到磁场力的作用D．运动电荷在磁场中，只有当垂直于磁场方向的速度分量不为零时，才受到磁场力的作用9、如图所示，静止的电子在加速电压U1的作用下从O经P板的小孔射出，又垂直进入平行金属板间的电场，在偏转电压U2的作用偏转一段距离，现使UA．使U2B．使U2变为原来的4C．仅使偏转电场板间距离变为原来的0.5倍D．使U2变为原来的110、将上下表面均为正方形、高度相等、用同种材科制成的甲、乙导体串联接在电压为U的电源上，已知电流大小为I，电流方向如图所示，甲、乙导体上下表面边长分别为a和b、高均为h，则A．电流沿图中方向流过两导体时，甲、乙阻值之比是1∶1B．电流沿图中方向流过两导体时，甲、乙阻值之比是a∶bC．导体电阻率为ρ=D．导体电阻率为ρ=三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）在探究小灯泡的伏安特性曲线时，所用小灯泡上标有“2.5V，0.6W”字样，实验室提供的器材有：A．电流表A1(内阻约为5Ω、量程为0～25mA)B．电流表A2(内阻约为1Ω，量程为0～300mA)C．电压表V1(内阻约为5kΩ、量程为0～3V)D．电压表V2(内阻约为15kΩ、量程为0～15V)E．滑动变阻器R1(最大阻值为10Ω、额定电流为0.6A)F．滑动变阻器R2(最大阻值为1000Ω、额定电流为0.2A)G．稳压电源E（可输出恒定电压为9.0V）H．开关一个、定值电阻若干、导线若干由以上信息回答下列问题：(1)实验前设计的电路图如图甲所示。为了减小实验误差，该实验所用的电流表、电压表、滑动变阻器应分别为_____、_____、_____（选填器材前的字母)。为保护滑动变阻器和灯泡，应在电路中串联的定值电阻R0合适的电阻值应为________（选填“1Ω”“10Ω”“30Ω”或“100Ω”）。(2)请确定测量电路中电压表右侧导线的正确位置后，在图乙中用笔画线代替导线，将实物完整连接起来__________．12．（12分）某学生用电流表和电压表测干电池的电动势和内阻时，所用的电路如图所示，这位同学测得的六组数据如下表所示，试根据这些数据在坐标纸中做出U-I图线根据图线，可知被测电源的电动势E=_______V,内阻r=_____Ω(结果保留两位小数)四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）如图所示，在匀强电场中，有A、B两点，它们间距为2cm，两点的连线与场强方向成60°角．将一个电量为-2×10-5C的电荷由A移到B，其电势能增加了0.1J．则：(1)在此过程中，电场力对该电荷做了多少功？(2)A、B两点的电势差UAB为多少？(3)匀强电场的场强为多大？14．（16分）如图所示，矩形导线框ABCD用细线悬挂，水平边AB长L=0.1m，线框的下部分处在有界的匀强磁场中，磁感应强度B=1T，方向垂直线框平面向里．线框中通过的电流大小为I=5A、方向如图所示，此时细线对线框的拉力恰好为零．取重力加速度g=10m／s1．求：①AB边所受安培力F的大小和方向；②线框的质量m．15．（12分）一个量程为15Ｖ的电压表，串联一个R1=3kΩ的电阻后，测量某电路两端的电压时，电压表示数为11V，若已知该电路两端的实际电压为15V，试求：(1)该电压表的内阻RV；(1)将该电压表改装成量程为0-90V的电压表，应串联电阻的阻值R1．

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、A【解析】

以导线为研究对象，由左手定则判断得知导线所受安培力F方向斜向左下方，根据牛顿第三定律得知，导线对磁铁的安培力方向斜向右上方，磁铁有向右运动的趋势，受到向左的摩擦力，同时磁铁对桌面的压力减小．2、A【解析】对于系统来说，整体的动量守恒，系统的初动量为零，当小球滑到另一边的最高点时，小球和圆槽具有共同的速度，根据总动量守恒可知，此时的速度都为零，所以圆槽的速度为零，所以A正确，BCD错误．故选A．3、A【解析】试题分析：断开开关，电容器带电量Q不变，将AB分开一些，则d增大，根据知，电容C减小，根据知，电势差U增大，指针张角增大，故A正确；保持开关闭合，电容器两端的电势差不变，则指针张角不变．故B、C、D错误．考点：电容器的决定式及定义式．4、B【解析】

因为导线受到的安培力F=BILsinα=5.0×10﹣6N，计算得：Bsinα=0.1T即B=，所以B≥0.1T，故AC错误，B正确；D、该点的磁感应强度的方向与导线所受的磁场力方向垂直，所以磁感应强度的方向一定不是导线所受的磁场力方向，故D错误；故选B5、C【解析】

由图可知，电流的方向与磁场的方向垂直，由安培力的公式：可知，当该导线中的电流变为2I时，保持其他条件不变时，安培力的大小：A．与分析不符，故A错误；B．F与分析不符，故B错误；C．2F与分析相符，故C正确；D．4F与分析不符，故D错误．6、C【解析】

A.由图可知，两电键均闭合时，电阻丝接入电路，电阻丝发热，所以此时为高挡位，故A项与题意不相符；B.当S1断开，S2闭合时，只有电动机接入电路，即为低挡位，流过电动机的电流为由于电动机为非纯电阻电路，所以电动机的电阻故B项与题意不相符；C.当S1，S2闭合时，为高挡位，由题意可知，电阻丝的功率为所以电阻丝的电阻为故C项与题意相符；D.低挡位时，电阻丝末接入电路，所以电功率为0，故D项与题意不相符。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AC【解析】

闭合电建或由滑片的移动可知电流的变化，即可得出磁场的变化及穿着线圈的磁通量的变化，则由楞次定律可得出线圈中磁场的方向，从而得出线圈的运动及形状的变化；【详解】AB.S闭合的瞬间，电流变大，据楞次定律，感应电流的磁场方向与原电流磁场方向相反，故相互排斥，则金属环A将向左摆动，因磁通量增大，金属环A有收缩趋势，故A正确，B错误；C.在S闭合的情况下，将R的清动头向左端移动，电阻变小，电流变大，据楞次定律，感应电流的磁场方向与原电流磁场方向相反，故相互排斥，则金属环A将向左摆动，因磁通量增大，金属环A有收缩趋势，故选项C正确；D.在S闭合的情况下，将R的清动头向右端移动，电阻变大，电流变小，据楞次定律，感应电流的磁场方向与原电流磁场方向相同，故相互吸引，则则金属环A将向右摆动，因磁通量减小，金属环A有扩张趋势，故选项D错误。楞次定律可简单地记为：“增反减同”、“来拒去留”，楞次定律的应用一定注意不要只想着判断电流方向，应练习用楞次定律去判断导体的运动及形状的变化。8、AD【解析】解：A、所有电荷，只要在电场中都要受到电场力的作用，这是电场的基本性质．故A正确．B、C电荷在磁场中不一定受到磁场力的作用，静止的电荷或速度方向与磁场平行的电荷在磁场中不受磁场力的作用．故BC错误．D、只有当运动电荷的速度方向与磁场方向不平行时，电荷才受到磁场力的作用，从运动分解的角度看，当垂直于磁场方向的速度分量不为零时，电荷才受到磁场力的作用．故D正确．故选AD【点评】电场力与重力类似，电荷在电场中一定受到电场力的作用，而电荷在磁场中有两种情况磁场力为“0”：1、静止电荷，即速度v=0时；2、v∥B时．9、AC【解析】设平行金属板板间距离为d，板长为l．电子在加速电场中运动时，由动能定理得：eU1=12mv02

垂直进入平行金属板间的电场做类平抛运动，则有：水平方向：l=v0t，竖直方向：y=12at2，vy=at，又a=eU2md，tanθ=vyv0；联立以上四式得：偏转距离y=U2l24dU1，偏转角度tanθ=U2l点睛：本题电子先加速，后偏转，根据动能定理和牛顿运动定律、运动学公式结合得到偏转距离y=U2l24d10、AC【解析】

AB．由电阻定律可知：可知：两导体的电阻选项A正确，B错误；

CD．两电阻串联，分压相等，则ab两端的电压均为；

由欧姆定律可知：解得：故C正确，D错误；三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、BCE10Ω【解析】

根据灯泡的额定值进行分析，从而明确电压表和电流表的选择，根据实验原理确定接法，从而明确滑动变阻器的选择，同时分析电源电动势，明确保护电阻的大小；明确实验原理和误差来源，从而确定电流表接法，并根据原理图确定实物图；【详解】(1)小灯泡上额定电压为2.5V，故电压表应选择C；额定电流为I=PU=0.62.5=0.24A，故电流表应选择B；本实验采用分压接法，故应采用小电阻E(2)由于灯泡内阻较小，满足Rx2=(U本题考查灯泡伏安特性曲线的实验，要注意明确实验原理，掌握实验仪表的选择和数所处理的基本方法，注意电路图的正确分析方法是解题的关键。12、1.48V0.78Ω【解析】

U-I图线的截距表示电动势，斜率表示内阻，故电池的电动势E=1.48V，内阻r=ΔU四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、(1)-0.1J(2)5×103V(3)5×105V/m【解析】

(1)据电场力做功与电势能变化间关系，有：(2)根据静电力做功与电势差关系可得：(3)A、B两点沿场强方向距离：据匀强电场中场强与电势差的关系可得：14、(1)，方和向竖直向上；(1)m=0.1kg【解析】试题分析：（1）由安培力公式F=BIL可求出安培力的大小；由左手定则判断安培力的方向；（1）对线圈受力分析，由共点力的平衡条件可求得线框的重力，即可求出质量．解：（1）AB边受到的拉力为：F=BIL=1×5×0.3=3N；由左手定则可知AB边受力方向向上；（1）由题意可知，AB边受到的拉力等于安培力；则有：F=