甘肃省嘉峪关市一中2027届高二物理第一学期期中考试试题含解析

甘肃省嘉峪关市一中2027届高二物理第一学期期中考试试题注意事项1．考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回．2．答题前，请务必将自己的姓名、准考证号用0．5毫米黑色墨水的签字笔填写在试卷及答题卡的规定位置．3．请认真核对监考员在答题卡上所粘贴的条形码上的姓名、准考证号与本人是否相符．4．作答选择题，必须用2B铅笔将答题卡上对应选项的方框涂满、涂黑；如需改动，请用橡皮擦干净后，再选涂其他答案．作答非选择题，必须用05毫米黑色墨水的签字笔在答题卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律无效．5．如需作图，须用2B铅笔绘、写清楚，线条、符号等须加黑、加粗．一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、下列说法正确的是()A．在电场中自由释放的电荷一定沿电场线运动B．电阻率越大，说明导体的导电性能越差C．闭合电路中电流的方向是从电源的正极流向负极D．E＝只是电动势的定义式而非决定式，电动势的大小是由电源内非静电力的特性决定的2、如图所示，用一个与水平面成角的恒力F拉质量为m的木箱，木箱沿光滑水平面前进，在作用时间t内，下列说法正确的是（）A．F的冲量大小为B．木箱重力的冲量大小为C．地面支持力的冲量大小必为0D．木箱的动量变化率大小为F3、两根完全相同的金属裸导线,如果把其中的一根均匀拉长到原来的2倍,把另一根对折后绞合起来,则这两根导线后来的电阻之比为…()A．1∶4 B．4∶1C．1∶16 D．16∶14、万有引力定律首次揭示了自然界中物体间一种基本相互作用的规律．以下说法正确的是A．物体的重力不是地球对物体的万有引力引起的B．人造地球卫星离地球越远，受到地球的万有引力越大C．人造地球卫星绕地球运动的向心力由地球对它的万有引力提供D．宇宙飞船内的宇航员处于失重状态是由于没有受到万有引力的作用5、用比值法定义物理量是物理学中一种常用方法，以下物理量表达式中不属于比值法定义的是（）A．电源电动势E=WqB．C．电容器的电容C=εrS6、电场强度E的定义式，根据此式，下列说法中正确的是()A．该式说明电场中某点的场强E与F成正比，与q成反比B．公式只适用于点电荷产生的电场C．公式适用于匀强电场D．公式适用于任意电场二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示电路中，已知R1＝R2＝R3，R1两端电压为3V，R3两端电压为1V．R4、R5为定值电阻．则()A．R2两端电压可能为2VB．A、B两端电压可能为7VC．若A、B两端电压为5V，可以判断出R4＞R5D．若A、B两端电压为5V，可以判断出R4＜R58、如图所示，水平线a、b、c、d为匀强电场中的等差等势线，一个质量为m，电荷量绝对值为q的粒子在匀强电场中运动，A、B为其运动轨迹上的两个点，已知该粒子在A点的速度大小为v1，在B点的速度大小为v2，且方向与等势线平行A、B连线长为L，连线与竖直方向的夹角为，不计粒子受到的重力，则A．该粒子一定带正电B．匀强电场的电场强度大小C．粒子在B点的电势能一定大于在A点的电势能D．等势线b的电势比等势线e的电勢高9、一个带正电的粒子（重力不计）穿过如图所示的匀强磁场和匀强电场区域时，恰能沿直线运动，则欲使粒子向上偏转应采用的办法是（）A．减小电场强度B．增大电荷电荷量C．减小入射速度D．增大磁感应强度10、如图所示，质量相同的两个带电粒子P、Q（重力不计）以相同的速度沿垂直于电场方向射入两平行板间的匀强电场中，P从两极板正中央射入，Q从下极板边缘处射入，它们最后打在上极板的同一点，不计两粒子间的作用力，则从开始射入到打到上极板的过程中，下列说法正确的是A．它们运动的时间关系为B．它们所带的电荷量之比C．它们运动的加速度关系为D．它们的动能增加量之比三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）用如图所示电路测量电源的电动势和内阻：实验器材：待测电源（电动势约3V，内阻约2Ω）电流表A，电压表V保护电阻R1（阻值10Ω）定值电阻R2（阻值5Ω）滑动变阻器R，开关S，导线若干。实验主要步骤：①将滑动变阻器接入电路的阻值调到最大，闭合开关②逐渐减小滑动变阻器接入电路的阻值，记下电压表的示数U和相应电流表的示数I③以U为纵坐标，I为横坐标，作U—I图线（U、I都用国际单位）④求出U—I图线斜率的绝对值k和在横轴上的截距a回答下列问题：（1）电流表最好选用____；A．电流表（0200mA，内阻约2Ω）B．电流表（030mA，内阻约2Ω）（2）滑动变阻器的滑片从左向右滑动，发现电压表示数增大。两导线与滑动变阻器接线柱连接情况是___；A．两导线接在滑动变阻器电阻丝两端的接线柱B．两导线接在滑动变阻器金属杆两端的接线柱C．一条导线接在滑动变阻器金属杆左端接线柱，另一条导线接在电阻丝左端接线柱D．一条导线接在滑动变阻器金属杆右端接线柱，另一条导线接在电阻丝右端接线柱（3）选用k、a、R1和R2表示待测电源的电动势E和内阻r的表达式E=___，r=__，代入数值可得E和r的测量值。12．（12分）某同学在进行扩大电流表量程的实验时，需要知道电流表的满偏电流和内阻．他设计了一个用标准电流表G1来校对待测电流表G2的满偏电流和测定G2内阻的电路，如图所示．已知G1的量程略大于G2的量程，图中R1为滑动变阻器，R2为电阻箱．该同学顺利完成了这个实验．①实验过程包含以下步骤，其合理的顺序依次为____（填步骤的字母代号）；A．合上开关S2B．分别将R1和R2的阻值调至最大C．记下R2的最终读数D．反复调节R1和R2的阻值，使G1的示数仍为I1，使Ｇ２的指针偏转到满刻度的一半，此时R２的最终读数为rE．合上开关S1F．调节R1使G2的指针偏转到满刻度，此时G1的示数为I1，记下此时G1的示数②仅从实验设计原理看，用上述方法得到的G2内阻的测量值与真实值相比___（填“偏大”、“偏小”或“相等”）；③若要将G2的量程扩大为I，并结合前述实验过程中测量的结果，写出须在G2上并联的分流电阻RS的表达式，RS=____．四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）水平放置的两块平行金属板长为L，两板间距为d，两板间电压为U，且上极板带正电，一个带负电的粒子，带电荷量为q，沿水平方向以速度v0从两板中间射入，如图所示，求：带电粒子偏离金属板的侧位移y是多少？14．（16分）如图所示的电路中，电源的电动势E＝12V，内阻未知，R1＝8Ω，R2＝1.5Ω，L为规格“3V3W”的灯泡，开关S断开时，灯泡恰好正常发光.(不考虑温度对灯泡电阻的影响)求：(1)灯丝电阻；(2)电源的内阻；(3)开关S闭合时，灯泡实际消耗的功率.15．（12分）轻质细线吊着一质量为m＝0.32kg、边长为L＝0.8m、匝数n＝10的正方形线圈，总电阻为r＝1Ω.边长为的正方形磁场区域对称分布在线圈下边的两侧，如图甲所示，磁场方向垂直纸面向里，大小随时间变化关系如图乙所示，从t＝0开始经t0时间细线开始松弛，取g＝10m/s2.求：(1)在前t0时间内线圈中产生的电动势；(2)在前t0时间内线圈的电功率；(3)t0的值．

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、D【解析】A、在电场中自由释放的电荷，若电场线是直线，一定沿电场线运动，若电场线是曲线，一定不沿电场线运动，故A错误；B、在S、L一定的条件下，导体的电阻大小与电阻率有关，电阻率越大的电阻越大，所以它的导电性能越差，故B错误；C、闭合电路中外部电流的方向是从电源的正极流向负极，闭合电路中内部电流的方向是从电源的负极流向正极，故C错误；D、只是电动势的定义式而非决定式，电动势的大小是由电源内非静电力的特性决定的，故D正确；故选D。2、B【解析】

A.F的冲量大小为，故A错误B.木箱重力的冲量大小为，故B正确C.地面支持力的冲量不为0，故C错误D.木箱的动量变化率大小等于合外力大小，不为F，故D错误故选B3、D【解析】设导线变化前的长度为L，横截面积为S，其中的一根均匀拉长到原来的2倍,则，，把另一根对折后绞合起来后，则，，代入公式可得，所以D正确，思路分析：无论是均匀拉长还是对折后绞合起来,导线的体积保持不变，然后结合公式分析解题试题点评：本题考查了对公式的简单计算，关键是熟练公式和细心计算，4、C【解析】物体的重力是由地球的引力而产生的，A正确；根据万有引力公式，B错误；人造地球卫星围绕地球做圆周运动，万有引力完全提供向心力，C正确；宇航员处于完全失重状态，是万有引力完全提供向心力，D错误．5、C【解析】

电动势公式E=Wq是电动势的定义式，故A不符合题意；导体电阻R=UI，R等于电压U与电流I的比值，属于比值法定义，故B不符合题意；电容器的电容是由电容器本身决定的，电容器的电容C=εS4πkd，是电容器电容决定式，本身定义式，故C符合题意；电流强度I=qt6、D【解析】

电场强度的定义式采用比值法定义，适用于任何电场，电场中某点的电场强度由电场本身的性质决定，与放入电场中的电荷，以及电荷所受的电场力无关，故D正确。点睛：本题属于易错题，很多同学根据，认为E与电场力成正比，与电量成反比，其实要知道电场中某点的电场强度由电场本身的性质决定。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、ABC【解析】设R＝R1＝R2＝R3，已知R1两端电压为3V，R3两端电压为1V，根据欧姆定律，流过R1的电流为，流过R3的电流为，故流过电阻R2的电流可能为：，也可能为：；若流过R2的电流为，则R2两端电压为2V；若流过R2的电流为，则R2两端电压为4V，故A正确；点A与点B间的电压等于电阻R1与R2电压之和．R1两端电压为3V，若R2两端电压为2V，则A、B两端电压为5V；若R2两端电压为4V，则A、B两端电压为7V，故B正确；若A、B两端电压为5V，电流流向如图所示，说明电阻R3上端的电势较高，下端的电势较低，则R4两端的电压应该高于电阻R5两端的电压，故R4＞R5，故C正确，D错误．故选ABC.【点睛】本题考查了串联电路和并联电路的特点和欧姆定律的灵活应用．8、BC【解析】

A项：根据做曲线运动的物体受的合力指向曲线的内侧，由于不知道电场强度的方向，所以无法确定粒子的电性，故A错误；B项：在沿电场线方向的位移为：设A、B间的电势差为UAB，由动能定理得：，所以，故B正确；C项：根据做曲线运动的物体受的合力指向曲线的内侧可知，粒子受的电场力方向向上，所以粒子从A到B过程中电场力做负功，电势能增大，故C正确；D项：根据题意可知判断粒子受到的电场力方向，但无法确定电场线的方向，所以无法确定等势面的电势的高低，故D错误。故选：BC。9、AD【解析】

开始时正电粒子恰能做直线运动，电场力向下，洛伦兹力向上，合力为零，故：qE=qvBA．减小电场强度，则电场力减小，洛伦兹力不变，合力向上，向上偏转，故A正确；B．增大电荷量，则电场力与洛伦兹力都增加，合力为0，做直线运动，故B错误；C．减小入射速度，则洛伦兹力减小，电场力不变，合力向下，向下偏转，故错误；D．增大磁感应强度，则向上的洛伦兹力增大，合力向上，向上偏转，故D正确。10、BC【解析】

A．带电粒子垂直电场方向不受力，做匀速直线运动，位移相等，速度相等，由x=vt可知运动的时间相等，故A项错误；C．平行电场方向受到电场力作用，做初速度为零的匀加速直线运动，根据位移时间关系公式有解得由于两带电粒子平行电场方向分位移之比为所以aQ>aP故C项正确；B．根据牛顿第二定律有qE=ma可得所以它们所带的电荷量之比故B项正确；D．根据动能定理有而所以动能增加量之比故D项错误。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、ACka【解析】

（1）[1]电路中通过的最大电流约为：所以选择量程为200mA的电流表，故选A。（2）[2]由电路分析可知，滑片从左向右滑动，电压表示数变大，说明滑动变阻器接入电路阻值增加，所以一条导线接在滑动变阻器金属杆左端接线柱，另一条导线接在电阻丝左端接线柱可满足条件，故选C。（3）[3][4]由：可得：对比U-I图线可知，斜率的绝对值：所以电源的内阻为：当U=0时，有：图线上的斜率为a，所以：则：12、BEFADC相等【解析】

闭合开关前将R1和R2的阻值调至最大，以免烧坏电流