2027届优胜教育高二物理第一学期期中监测试题含解析

2027届优胜教育高二物理第一学期期中监测试题注意事项1．考生要认真填写考场号和座位序号。2．试题所有答案必须填涂或书写在答题卡上，在试卷上作答无效。第一部分必须用2B铅笔作答；第二部分必须用黑色字迹的签字笔作答。3．考试结束后，考生须将试卷和答题卡放在桌面上，待监考员收回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、某电源的电动势为3.6V，这表示()A．电路通过1C的电荷量，电源把3.6J其他形式的能转化为电势能B．电源在每秒内把3.6J其他形式的能转化为电势能C．该电源比电动势为1.5V的电源做功多D．该电源与电动势为1.5V的电源相比，通过1C电荷量时转化的电势能多2、如图所示，一矩形线框，从abcd位置移动到a′b′c′d′位置的过程中，关于穿过线框的磁通量情况，下列叙述正确的是(线框平行于纸面移动)()A．一直增加B．一直减少C．先增加后减少D．先增加，再减少直到零，然后再增加，然后再减少3、如图所示的电路中，两平行金属板A、B水平放置，两板间距离d＝40cm.电源电动势E＝24V，内电阻r＝1Ω，电阻R＝15Ω.闭合开关S，待电路稳定后，将一带正电的小球从B板小孔以初速度v0＝4m/s竖直向上射入板间．若小球带电荷量为q＝1×10－2C，质量为m＝2×10－2kg，不考虑空气阻力．那么，要使小球恰能到达A板，滑动变阻器接入电路的阻值和此时电源的输出功率为(取g＝10m/s2)A．8Ω、23W B．32Ω、8W C．8Ω、15W D．32Ω、23W4、关于电流的磁场,下列说法中正确的是()A．直线电流的磁场,只分布在垂直于导线的某一个平面上B．直线电流的磁场的磁感线是一些同心圆,离导线越远磁感线越密C．通电螺线管的磁感线分布与条形磁铁相似,但管内无磁场D．通电螺线管的环形电流和直线电流的磁场方向可用安培定则判断5、关于磁感应强度B，下列说法中正确的是A．根据磁感应强度定义，某点的磁感应强度B与安培力F成正比，与I成反比B．磁感应强度B是标量，没有方向，磁感线密集的地方磁感应强度B大些，磁感线稀疏的地方磁感应强度B小些C．磁感应强度B是矢量，方向与安培力F的方向相反D．在确定的磁场中，同一点的磁感应强度B是确定的，不同点的磁感应强度B可能不同6、如图所示，充电的平行板电容器两板间形成匀强电场，以A点为坐标原点，AB方向为位移x的正方向，能正确反映电势φ随位移x变化的图像是（）A． B． C． D．二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示电路中,电源电动势E恒定,内阻r=1Ω,定值电阻R3=5Ω.开关S断开时与闭合时相比,ab段电路消耗的电功率相等。以下说法中正确的是A．电阻R1、R2可能分别为4Ω、5ΩB．电阻R1、R2可能分别为3Ω、6ΩC．开关S断开时理想电压表的示数一定小于S闭合时的示数D．开关S断开时与闭合时相比,理想电压表的示数变化量大小与理想电流表的示数变化量大小之比一定等于6Ω8、如图所示，一个质量为m、带电量为q的粒子从两带电平行板的正中间沿与匀强电场垂直的方向射入，不计粒子所受的重力．当粒子的入射速度为v时，它恰能穿过一电场区域而不碰到金属板上．现欲使质量为m、入射速度为v/2的粒子也能恰好穿过这一电场区域而不碰到金属板，在以下的仅改变某一物理量的方案中，不可行的是（）A．使粒子的带电量减少为原来的1/4B．使两板间所接电源的电压减小到原来的一半C．使两板间的距离增加到原来的2倍D．使两极板的长度减小为原来的一半9、一带正电的小球向右水平抛入范围足够大的匀强电场，电场方向水平向左，不计空气阻力，则小球（）A．一定做曲线运动B．可能做直线运动C．速率先减小后增大D．速率先增大后减小10、一台电动机的线圈电阻与一只电炉的电阻相同，都通过相同的电流，在相同时间内（）A．电炉放热与电动机放热相等 B．电炉两端电压小于电动机两端电压C．电炉两端电压等于电动机两端电压 D．电动机消耗的功率大于电炉的功率三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）使用螺旋测微器测量金属丝的直径，示数如图所示，则金属丝的直径是mm．12．（12分）小明用电学方法测量电线的长度，首先小明测得电线铜芯的直径为1.00mm，估计其长度不超过50m，（已知铜的电阻率为Ω▪m），现有如下实验器材：①量程为3V、内阻约为3KΩ的电压表；②量程为0.6A、内阻约为0.1Ω的电流表；③阻值为0-2Ω的滑动变阻器；④内阻可忽略，输出电压为3V的电源；⑤阻值为R0=4.30Ω的定值电阻，开关和导线若干小明采用伏安法测量电线电阻，正确连接电路后，调节滑动变阻器，电流表的示数从0开始增加，当示数为0.5A时，电压表示数如图1所示读数为_______V，根据小明测量的信息，图2中P点应该______（选填“接a”、“接b”、“接c”或“不接”）q点应该______（选填“接a”、“接b”、“接c”或“不接”），小明测得的电线长度为____________m．四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）如图所示，在E＝103V/m的竖直匀强电场中，有一光滑半圆形绝缘轨道QPN与一水平绝缘轨道MN在N点平滑相接，半圆形轨道平面与电场线平行，其半径R＝40cm，N为半圆形轨道最低点，P为QN圆弧的中点，一带负电q＝10－4C的小滑块质量m＝10g，与水平轨道间的动摩擦因数μ＝0.15，位于N点右侧1.5m的M处，取g＝10m/s2，求：(1)要使小滑块恰能运动到圆轨道的最高点Q，则小滑块应以多大的初速度v0向左运动？(2)这样运动的小滑块通过P点时对轨道的压力是多大？14．（16分）如图所示，AB是光滑的弧形轨道，BC是距地面高为H=0.80m的光滑水平轨道。现将一小球从顶点A由静止释放，小球最后落在地面上的P点。已知A点距轨道高为h=0.45m，重力加速度g取10m/s2。求：（1）小球通过C点时的速度大小。（2）小球落点P与C点间的水平距离。（3）已知小球质量为0.10kg，求小球到达P点时的动能。15．（12分）如图所示，P是正点电荷Q产生的电场中的一点，它到点电荷Q的距离，已知Q所带电荷量为，静电力常量是．求：(1)P点电场强度的大小和方向；(2)若将电荷量为的试探电荷q放在P点，q受到的电场力是多大.

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、AD【解析】电路每通过1C的电量，非静电力做功W＝qE＝3.6J，A正确，B错误；3.6V大于1.5V，说明非静电力做功本领大，不一定做功多，但通过1C电荷时，电动势为3.6V的电源一定做功多，从而转化的电能多，D正确，C错误；故选AD.点睛：解答此题要知道电源电动势的大小反映了电源将其他形式的能转化为电势能的本领大小，表示非静电力所做功的多少.2、D【解析】

离导线越近，磁场越强，当线框从左向右靠近导线的过程中，穿过线框的磁通量增大，当线框跨在档线上向右运动时，磁通量减小，当导线在线框正中央时，磁通量为零，从该位置向右，磁通量又增大，当线框离开导线向右运动的过程中，磁通量又减小；故ABC错误，D正确；故选D．3、A【解析】

试题分析：（1）小球进入板间后，受重力和电场力作用，且到A板时速度为零．设两板间电压为，由动能定理得，所以滑动变阻器两端电压：设通过滑动变阻器电流为，由欧姆定律得：滑动变阻器接入电路的电阻：即滑动变阻器接入电路的阻值为时，小球恰能到达A板．（2）电源的输出功率：，故电源的输出功率是．考点：带电粒子在匀强电场中的运动、动能定理的应用小球恰好运动到A板，根据动能定理列式求解两板间的电压；然后根据欧姆定律求解滑动变阻器的电阻值；最后根据电功率表达式求解电源的输出功率；本题关键是分析清楚电路结构和运动情况后，根据动能定理、欧姆定律联立列式求解．4、D【解析】不管是磁体的磁场还是电流的磁场，都是空间分布的，所以A错误；直线电流产生的磁场，离导线越远，磁场越弱，因此磁感线越疏，B错误；磁感线都是闭合曲线，不管是条形磁铁还是螺线管，内部由S极到N极，外部由N极到S极，故C错误.通电螺线管的环形电流和直线电流的磁场方向可用安培定则判断，选项D正确；故选D.5、D【解析】

A、磁感应强度由磁场本身决定，与电流、导线长度、导线受到的安培力无关，故A错误；B、磁感应强度B是矢量，方向是小磁针N极在该点受力的方向，故B错误；C、磁感应强度B是矢量，根据左手定则可知，磁感应强度的方向与安培力F的方向垂直，故C错误；D、磁感应强度是描述磁场的强弱的物理量，是由磁场本身决定的，在确定的磁场中，同一点的磁感应强度B是确定的，不同点的磁感应强度B可能不同，故D正确；故选D。6、C【解析】

设距离A点为x的位置的电势为φ，则得：（为AB连线与电场线的夹角），则有：综上分析可知，C正确，ABD错误。故选C。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AD【解析】

由题中“电源电动势E恒定”可知，本题考查闭合电路欧姆定律和动态电路，根据闭合电路欧姆定律公式和动态电路变化可分析本题。【详解】AB．取有当S断开前后有时将代入方程成立，而将代入方程不成立，故A错误B正确；C．将R3和电源内阻看作一整体，则此时电压表测量路端电压，开关断开时等效外电路总电阻大于开关闭合时的，所以开关断开时电压表示数大，故C错误；D．根据闭合电路欧姆定律得则电压表的示数变化量大小与电流表的示数变化量大小之比为故D正确。8、ACD【解析】试题分析：设平行板长度为l，宽度为d，板间电压为U，恰能穿过一电场区域而不碰到金属板上，则沿初速度方向做匀速运动：；竖直方向：，若速度为v/2，仅使粒子的电量减少为原来的1/4，代入可求，所以A正确；仅使两板间所加的电压减小到原来的一半，可求，所以B错误；仅使两板间的距离增加到原来的2倍，代入可求，所以C正确；仅使两极板的长度减小为原来的一半，代入可求，所以D正确考点：本题考查带电粒子在电场中的运动9、AC【解析】

A、小球受重力和电场力两个力作用，如图：合力的方向与速度方向不在同一条直线上，小球做曲线运动．故A正确，B错误；C、小球所受的合力与速度方向先成钝角，然后成锐角，可知合力先做负功然后做正功，则速度先减小后增大．故C正确，D错误．故选AC．10、ABD【解析】

A．电炉电路和电动机电路焦耳定律都适用，根据焦耳定律Q=I2rt，知电炉和电动机的电阻相同，电流相同，则在相同的时间内电炉和电动机产生的电热相等，故A正确；BC．设电流为I，电阻为r，则电炉两端电压U炉=Ir，电动机两端电压U机＞Ir，所以U机＞U炉即电动机两端电压大于电炉两端电压，故B正确，C错误；D．电动机消耗的电能一部分转化为内能，另一部分转化为机械能，电炉消耗的电能全部转化为内能，而相等时间内它们产生的热量相等，则在相同的时间内，电动机消耗的电能大于电炉消耗的电能，则电动机消耗的功率大于电炉消耗的功率，故D正确。故选ABD。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、2.150±0.1【解析】试题分析：螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读．解：螺旋测微器的固定刻度为2mm，可动刻度为15.0×0.01mm=0.150mm，所以最终读数为2mm+0.150mm=2.150mm．最后的结果可以为2.150±0.1．故答案为2.150±0.1【点评】对于基本测量仪器如游标卡尺、螺旋测微器等要了解其原理，要能正确使用这些基本仪器进行有关测量．12、2.50接b接a31.4【解析】

由图可得电压表量程为3V，最小精度0.1V，有效数字应该保留到0.01V，示数应为2.50V；被测量电阻属于小电阻，电流表应该外接，P点接b，题中要求电流表能从0开始变化，所以采取分压接法，Q点应接a，根据电阻定律,以及代入数据可得长度为31.4m综上所述本题答案是：(1).2.50(2).接b(3).接a(4).31.4电压表的最小精度为0.1V，则有效数字应该保留到0.01V，利用电路结构并结合串并联关系求出待测电阻的阻值，然后求解电线的长度．四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）7m/s（2）0.6N【解析】

（1）设滑块到达Q点时速度为v，则由牛顿第二定律得：mg+qE＝m，滑块从开始运动至到达Q点过程中，由动能定理得：﹣mg•2R﹣qE•2R﹣μ（mg+qE）xmv2mv联立方程组，解得：v0＝7m/s；（2）设滑块到达P点时速度为v′，则从开