2027届安徽名校高二物理第一学期期中教学质量检测试题含解析

2027届安徽名校高二物理第一学期期中教学质量检测试题注意事项：1．答题前，考生先将自己的姓名、准考证号填写清楚，将条形码准确粘贴在考生信息条形码粘贴区。2．选择题必须使用2B铅笔填涂；非选择题必须使用0．5毫米黑色字迹的签字笔书写，字体工整、笔迹清楚。3．请按照题号顺序在各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试题卷上答题无效。4．保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、某电场的电场线分布如图所示，M、N、Q是以电场线上一点O为圆心的同一圆周上的三点，OQ连线与直线MN垂直．以下说法正确的是A．O点电势与Q点电势相等B．M、O间的电势差大于O、N间的电势差C．将一负电荷由M点移到Q点，电荷的电势能减少D．正电荷在Q点所受电场力的方向与OQ垂直且竖直向上2、有一段长1m的电阻丝，电阻是10Ω，现把它均匀拉伸到长为5m，则电阻变为（）A．10Ω B．50Ω C．150Ω D．250Ω3、关于电源的电动势和内阻，下列说法正确的是A．电源电动势越大，储存的电能越多B．电源内部非静电力做功越多，电动势越大C．电源的电动势就是闭合电路中电源两端的电压D．电源电动势大小与内阻无关4、如图所示，质量为m的带电小球A用绝缘细线悬挂于O点，处于静止状态。现施加一水平向右的匀强电场后，A能在α=60°处保持静止，则A受到的电场力大小为A．3mgB．33mgC．mgD．35、长为L的通电直导线放在倾角为θ的光滑斜面上，并处在磁感应强度为B的匀强磁场中，如图所示，当B方向垂直斜面向上，电流为I1时导体处于平衡状态；当B方向改为竖赢向上，电流为I2时导体处于平衡状态．则电流强度比值为A． B． C． D．6、如图所示，、、是三个完全相同的小灯泡，串联后接在电压为6V的电路中，原来三个小灯泡都正常发光，现在三个小灯泡都不亮了．用电压表接在a、c两端时，示数是6V；接在a、b两端时，示数是1．接在b、d两端时，示数也是1，那么灯丝断了的小灯泡是（）A．L1B．L1和C．L1和D．L2和二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图（a）所示，两水平平行正对的金属板M、N间距为d，加有如图（b）所示的交变电压。一质量为m、电荷量为q的带正电的微粒被固定在两板正中间的P点，在t=0时刻释放该粒子，3t0时间内粒子未到达极板。则在0~3t0时间内，下列说法正确的是（）A．从t=0开始，粒子向M板运动B．粒子从t0开始一直向N板运动C．0~2t0时间内，电场力对粒子做的功为mg2t02D．3t0时，重力对粒子做功的瞬时功率为mg2t08、一交流电流的图象如图所示，由图可知（）A．用电流表测该电流其示数为10AB．该交流电流的频率为100HzC．该交流电流通过10Ω电阻时，电阻消耗的电功率为2000WD．该交流电流瞬时值表达式为i＝10sin628tA9、一台电风扇，内阻是20Ω，接上220V的电压后，消耗功率为66W，则电风扇正常工作时，下列说法正确的是：（）A．通过电动机的电流是11A B．电动机消耗的热功率是1.8WC．电动机输出的机械能的功率为66W D．电动机的效率是97.3﹪10、用多用电表欧姆档测电阻时，下列说法正确的是（）A．测量前必须调零，而且每测一次电阻都要重新调零B．为了使测量值比较准确，应该用两手分别将两表笔与待测电阻两端紧紧捏在一起，以使表笔与待测电阻接触良好C．待测电阻若是连接在电路中，应当先把它与其它元件断开后再测量D．使用完毕应当拔出表笔，并把选择开关旋到OFF档或交流电压最高档三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）某同学想描绘标有“3.8V0.3A”的小灯泡灯丝电阻R随电压U变化的图象．除了导线和开关外，有以下一些器材可供选择：电流表：A（量程0.6A，内阻约)电压表：V(量程5V，内阻约)电源：E（电动势为4V，内阻约为）滑动变阻器：R1（最大阻值约为）、R2（最大阻值约为）电键S，导线若干．（1）在答题卡的方线框内画出电路图_______（2）为了调节方便，实验中应选用滑动变阻器____．(选填器材前的字母代号)（3）根据实验数据，计算并描绘出的图象如图乙所示.由图象可知当所加电压为3.00V时，灯泡实际消耗的电功率为_______W（计算结果保留两位有效数字）.12．（12分）利用两个小球的碰撞验证动量守恒定律，实验装置如图所示。两个小球大小相同，质量不相等。主要实验步骤如下：①用天平测出两个小球的质量分别为m1和m2（）；②将斜槽靠近桌子边缘置于桌面上固定，使斜槽末端切线水平，在末端点挂上重垂线，在地面已经铺好的纸上记录重垂线所指位置O点；③不放置被碰小球b，让小球a从某固定点自由滚下，重复多次后记录落地点平均位置P；④在斜槽末端放置小球b，让小球a从同一点自由滚下，重复多次后记录两小球落地点平均位置M和N；⑤用米尺测量OP、OM、ON的距离。（1）a、b两小球中质量较大的是小球_________（填“a”或b”）。（2）因为两小球做平拋运动的时间相同，平拋运动的水平位移与初速度_________，所以在计算式中可以用水平位移取代初速度。（3）用测得的物理量来表示，只要满足关系式___________________________，则说明碰撞中动量是守恒的。四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）图中一导体棒被细线挂起，并处于垂直于纸面向里的匀强磁场中，已知磁感应强度为B，导体棒质量为m，长度为L，现给导体棒通上恒电电流后，发现细线的张力恰好为零，则导体棒中电流的大小与方向？（重力加速度为g）14．（16分）如图所示，质量m1=40kg的物体甲通过三段轻绳悬挂，三段轻绳的结点为O，轻绳OB水平且B端与站在水平面上的质量为m2的人相连，轻绳OA与竖直方向的夹角θ=37°，物体甲及人均处于静止状态.（已知sin37°=0.6，cos37°=0.8，g=10m/s2，设最大静摩擦力等于滑动摩擦力）求：(1)轻绳OA、OB拉力大小；(2)地面对人的摩擦力大小及方向；15．（12分）如图所示，光滑绝缘斜面高度h＝0.45m，斜面底端与光滑绝缘水平轨道圆弧连接，水平轨道边缘紧靠平行板中心轴线．平行板和三个电阻构成如图所示电路，平行板板长为l＝0.9m，板间距离d＝0.6m，R1＝3Ω，R2＝3Ω，R3＝6Ω．可以看为质点的带电小球，电量q＝－0.01C，质量m＝0.03kg，从斜面顶端静止下滑．（1）若S1、S2均断开，小球刚好沿平行板中心轴线做直线运动，求电源电动势E．（2）若S1断开，S2闭合，小球离开平行板右边缘时，速度偏向角tanθ＝，求电源内阻r．（3）若S1、S2均闭合，判断小球能否飞出平行板？

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、B【解析】

根据电场线与等势线垂直特点，在O点所在电场线上找到Q点的等势点，该等势点在O点的上方，根据沿电场线电势降低可知，O点的电势比Q点的电势高，故A错误；根据电场线分布情况可知，MO间的平均电场强度比ON之间的平均电场强度大，由公式U=Ed可知，M、O间的电势差大于O、N间的电势差，故B正确；M点的电势比Q点的电势高，负电荷由M点移到Q点，电场力做负功，电荷的电势能增加，故C错误．正电荷所受的电场力与该点电场线的切线方向相同，斜向上，故D错误；故选B．2、D【解析】试题分析：由电阻定律，拉长后，而电阻丝的体积不变，，则，可得，故选D.考点：本题考查了电阻定律.3、D【解析】

电动势是描述电源做功能力的大小，与电能无关，A错误；根据，故电源内部非静电力做功与电量的比值越大，电动势越大，电动势与做功多少无关，B错误；电源的电动势就是闭合电路中电源两端的电压与内部电压的和，电动势要大于路端电压，C错误；电源的电动势大小与内阻无关，D正确．4、A【解析】

根据题意，A能在α=60°处保持静止，对小球受力分析如图所示：根据平衡可知：tan60解得电场力大小为F=3mg，故A对故选A根据题意知道小球在α=60°处保持静止，建立平衡公式即可求解。5、C【解析】

若磁场方向垂直于斜面向上，则安培力沿斜面向上．由平衡条件可得：mgsinθ=BI1L；若磁场方向竖直向上，则安培力水平方向．由平衡条件可得：mgtanθ=BI2L；则I1：I2=cosθ：1．故C正确，ABD错误．6、B【解析】试题分析：本题是电路故障分析问题，用电压表测量各部分电压，电压表的示数等于电源电动势的那部分电路存在断路．若仅是L1断路，电路中没有电流，由欧姆定律得知，bd两端的电压为零，而ab两端的电压为6V，与题不符．若仅是L2断路，电路中没有电流，由欧姆定律得知，ac两端的电压为6V，ab两端的电压为零，而bd两端的电压为6V，与题不符．若仅是L3断路，电路中没有电流，由欧姆定律得知，bd两端的电压为6V，ab两端的电压为零，而ac两端的电压为零，与题不符，故A错误；若L1、L2断路，根据欧姆定律分析得知，ac两端的电压为6V，bd两端的电压为零，ab两端电压为零，与题相符，故B正确；若L1、考点：本题考查电路故障分析问题，意在考查考生对欧姆定律的理解和应用．二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AD【解析】

AB．电场力为F=qE=2mgt=0时刻，电场力向上，时间向上匀加速，加速度为g；时间向上匀减速，加速度为3g；时间向下匀减速，加速度为g；从t=0开始，粒子向M极运动；从开始一直向N极运动；故A正确，B错误；C．时间向上匀加速，根据位移时间关系公式，位移为，时间向上匀减速，根据位移时间关系公式，位移、速度分别为，在时间内，粒子的位移为零，故重力对粒子做的功为零，则由动能定理可得故C错误；D．根据速度时间关系公式，时粒子的速度为方向向下，故时，重力对粒子做功的瞬时功率为故D正确。故选AD。带电粒子做直线运动，先根据F=qE求解电场力，再根据牛顿第二定律求解加速度，根据运动学公式求解各个时间段的位移，然后根据恒力做功表达式求解电场力的功，根据P=Fv求解瞬时功率。8、ABD【解析】

由图读出电流的最大值和周期，求出角速度，写出交流电流即时值表达式．频率与周期互为倒数．求出该交流电流的有效值，再求解电阻消耗的电功率．交流电流表测量电流的有效值．【详解】电流表显示的是有效值，故I=A=10A，故A正确；由图象知周期为0.01s，频率为周期的倒数故f=1/T=100Hz，故B正确；电阻消耗的功率P=I2R=（10）2×10=1000W，故C错误；角速度ω=2πf=200π=628，所以瞬时值表达式i=10sin628t

A，故D正确；9、BD【解析】

根据功率P=UI可以求得电动机的电流的大小；由PQ=I2r可以求得转化为内能的功率的大小，再由P机=P-PQ可以求得转化为机械能的功率。【详解】A项：由P=UI可得电流为：I=PU=B项：线圈电阻发热功率为：PQ=I2r=0.32×20=1.8w，故B正确；C项：机械功率为：P机=P-PQ=66-1.8=64.2W，故C错误；D项：效率为机械功率与总功率之比为：η=P机P=故应选：BD。对于电功率的计算，一定要分析清楚是不是纯电阻电路，对于非纯电阻电路，总功率和发热功率的计算公式是不一样的。10、CD【解析】

A、运用欧姆表测量电阻时，测量前必须欧姆调零，且每次在换挡后要重新调零，如果用同一欧姆档测不同的电阻，不需要重新进行欧姆调零，故A错误；B、为了使测量值比较准确，表笔应与待测电阻紧密接触，由于人体是导体，不应该用两手分别将两表笔与待测电阻两端紧紧捏在一起，故B错误；C、测量电路中的电阻时，由于多用电表内部电源被接通，要将待测电阻与外部电源断开，故C正确；D、多用电表使用完毕，应将选择开关旋到“OFF”或交流电压最高挡，故D正确．三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、0.78【解析】（1）因测伏安特性曲线要求电压与电流调节范围大，故变阻器需用分压式接法，所以要选择电阻值比较小的，故选；因测伏安特性曲线要求电压与电流调节范围大，故变阻器需用分压式接法；小灯泡的电阻值：，由于，即电压表的电阻远大于小灯泡的电阻，所以实验中采用电流表外接法，实验原理图如图：，（3）由R-U图象知，当U=3.00V时，则灯泡实际消耗的电功率为.故答案为（1），（2），（3）0.78.【点睛】测定小灯泡的伏安特性曲线实验要求电压与电流从零调起或要求电流电压调节范围大一些，因此，滑动变阻器应采用分压式接法．12、a成正比【解析】

（1）[1]．为防止两小球碰撞后，入射小球反弹，入射小球的质量应大于被碰小球的质量，即小球a的量m1。（2）[2]．因为两小球做平拋运动的时间t相同，水平位移x=vt所以即平抛运动的水平位移与初速度成正比，在计算式中可以用水平位移取代初速度。（3）[3]．要验证动量守恒定律，即验证，小球离开轨道后做平拋运动，它们拋出点的高度相等，在空中的运动时间t相等，上式两边同时乘以t得四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）导体棒中电流为mgBL【解析】试题分析：导线张力恰好为零，根据二力平衡求出安培力大小，然后根据F=BIL求出B的大小.通电后细线上的张力为零，则说明安培力与重力平衡；故安培力竖直向上，根据左手定则可知，电流水平向右；根