2027届内蒙古乌兰察布集宁区物理高二上期中教学质量检测试题含解析

2027届内蒙古乌兰察布集宁区物理高二上期中教学质量检测试题注意事项1．考生要认真填写考场号和座位序号。2．试题所有答案必须填涂或书写在答题卡上，在试卷上作答无效。第一部分必须用2B铅笔作答；第二部分必须用黑色字迹的签字笔作答。3．考试结束后，考生须将试卷和答题卡放在桌面上，待监考员收回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、中国已成为世界上高铁系统技术最全、集成能力最强、运营里程最长、运行速度最高、在建规模最大的国家.报道称，新一代高速列车牵引功率达9000kW，持续运行速度为350km/h．则新一代高速列车沿全长约1300km的京沪线从北京到上海，在动力上耗电约为()A．3.3×l04kWh B．3.l×l06kWh C．l.8×l04kWh D．3.3×l05kWh2、如图所示，在原来不带电的金属细杆附近P处，放置一个正点电荷．达到静电平衡后A．a端的电势比b端的高B．a端的电势比d点的低C．杆上感应电荷在杆内c处产生的场强为零D．达到静电平衡后，P处正点电荷在杆内c处产生的场强为零3、如图所示，理发用的电吹风机中有电动机和电热丝，电动机带动风叶转动，电热丝给空气加热，得到热风将头发吹干，设电动机的线图电阻为，它与电热丝的电阻串联，接到直流电源上，电吹风机两端电压为U，电流为I，消耗的电功率为P，则有（）A． B． C． D．4、如图甲所示，倾角的光滑固定斜杆底端固定一电量为Q=5×10-4C的正电荷A，现将套在斜杆上的正电小球B(可视为点电荷)从斜杆的底端(与A未接触)由静止释放，在沿斜杠向上滑动的过程中小球B的能量随位移的变化关系如图乙所示，其中图线1是B的动能随位移变化的图象，图线2是B的电势能随位移变化的图象.静电力常量k=9.0×109N·m2/C2，重力加速度g=10m/s2,则下列说法中正确的是A．小球B向上运动过程中，加速度一直在减小B．由题中信息可以求出小球B的带电量C．小球B的质量m=4kgD．小球距离A端的最远距离为4.4m5、如图所示是某导体的I−U图象，图中α=45°，下列说法正确的是

A．此导体的电阻R=0.5ΩB．此导体的电阻R=2ΩC．I−U图象的斜率表示电阻的倒数，所以R=cot45°=1.0ΩD．在R两端加6.0V电压时，每秒通过导体截面的电荷量是6.0C6、如图所示，一质量为m、带电荷量为q的粒子，以初速度从A点竖直向上射入真空中的水平方向的匀强电场中，粒子通过电场中B点时，速度为，方向与电场方向一致。则A、B两点间的电势差为()A．B．C．D．二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、某导体中的电流随其两端电压的变化如图所示，则下列说法中正确的是()A．该元件是非线性元件，不能用欧姆定律计算导体在某状态下的电阻B．加5V电压时，导体的电阻约0.2ΩC．加12V电压时，导体的电阻约是8ΩD．由图可知，随着电压的增大，导体的电阻不断增大8、在如图所示电路中，闭合电键S，当滑动变阻器的滑动触头P向上滑动时，四个理想电表的示数都发生变化，电表的示数分别用I、U1、U2和U3表示，电表示数变化量的绝对值分别用ΔI、ΔU1、ΔU2和ΔU3表示．下列说法正确的是（）A．U1变小，U2变大，U3变小，I变大B．U1变大，U2变小，U3变大，I变大C．U1/I不变，U2/I变小，U3/I变小D．ΔU1/ΔI不变，ΔU2/ΔI不变，ΔU3/ΔI不变9、在绝缘光滑的水平面上相距为6L的A、B两处分别固定正点电荷QA、QB，两电荷的位置坐标如图甲所示。图乙是AB连线之间的电势φ与位置x之间的关系图像，图中x=L点为图线的最低点，若在x=－2L的C点由静止释放一个质量为m、电量为+q的带电小球（可视为质点，不影响原电场），下列有关说法正确的是A．小球在x=L处的速度最大B．小球一定可以回到－2L的C点处C．小球将在－2L和+2L之间作往复运动D．固定在A、B处点电荷的电量之比为QA︰QB＝4︰110、将一电荷量为+Q的小球放在不带电的金属球附近，所形成的电场线分布如图所示，金属球表面的电势处处相等．a、b为电场中的两点，则A．a点的电场强度比b点的大B．a点的电势比b点的高C．检验电荷-q在a点的电势能比在b点的大D．将检验电荷-q从a点移到b点的过程中，电场力做负功三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）在把电流表改装成电压表的实验中，把量程Ig=300μA，内阻约为100Ω的电流表G改装成电压表．（1）采用如图所示的电路测电流表G的内阻Rg，可选用器材有：A．电阻箱：最大阻值为999.9Ω；B．电阻箱：最大阻值为99999.9Ω；C．滑动变阻器：最大阻值为200Ω；D．滑动变阻器，最大阻值为2kΩ；E．电源，电动势约为2V，内阻很小；F．电源，电动势约为6V，内阻很小；G．开关、导线若干｡为提高测量精度，在上述可供选择的器材中，可变电阻R1应该选择___；可变电阻R2应该选___；电源E应该选择___．（填入选用器材的字母代号）（2）测电流表G内阻Rg的实验步骤如下：a．连接电路，将可变电阻R1调到最大；b．断开S2，闭合S1，调节可变电阻R1使电流表G满偏；c．闭合S2，调节可变电阻R2使电流表G半偏，此时可以认为电流表G的内阻Rg=R2设电流表G内阻Rg的测量值为R测，真实值为R真，则R测___R真｡（填“大于”、“小于”或“相等”）（3）若测得Rg=105.0Ω，现串联一个9895.0Ω的电阻将它改装成电压表，用它来测量电压，电流表表盘指针位置如图所示，则此时所测量的电压的值应是___V．12．（12分）现有一特殊的电池，其电动势E约为9V，内阻r在35Ω～55Ω范围，最大允许电流为50mA。为测定这个电池的电动势和内阻，某同学利用图甲的电路进行实验。图中电压表看做理想电表；R为电阻箱，阻值范围为0～9999.9Ω；R0为定值电阻。该同学接入符合要求的R0后，闭合开关S，调整电阻箱的阻值，读出电压表的示数U，再改变电阻箱阻值，测得多组数据，然后作出有关物理量的线性图象，如图乙所示，由图可求得电源的电动势和内阻。(1)图乙中横坐标为，纵坐标为，请写出该线性图象对应的函数表达式______。（用字母E、r、U、R、R0表示）(2)根据乙图所作出的图象求得该电池的电动势E为____V，内电阻r为____Ω。四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）如图所示，在沿水平方向的匀强电场中用一根长度L=0.8m的绝缘细绳把质量为m=0.20kg、带有正电荷的金属小球悬挂在固定点O点，小球静止在B点时细绳与竖直方向的夹角为θ=37º．现将小球拉至位置A使细线水平后由静止释放，（g=10m/s2，sin37º=0.6，cos37º=0.8）求：(1)从A到C静电力对小球做的功；(2)小球通过最低点C时的速度的大小；(3)小球在摆动过程中细线对小球的最大拉力。14．（16分）如图所示，水平放置的平行板电容器，原来两板不带电，上极板接地，它的极板长L=3．3m，两极板间距离d=3．4cm,有一束相同微粒组成的带电粒子流以相同的初速度从两板中央平行于极板射入，由于重力作用微粒能落到下板上，已知微粒质量m=2．3×33-6kg，电量q=+3．3×33-8C，电容器电容C=3．3×33-6F，若第一个粒子刚好落到下板中点O处，取g=33m/s2．试求：（3）则带电粒子入射初速度的大小；（2）两板间电场强度为多大时，带电粒子能刚好落到下板右边缘B点；（3）落到下极板上带电粒子总的个数15．（12分）如图甲所示，真空中的电极K连续不断地发出电子（电子的初速度可忽略不计），经电压为U0的电场加速，加速电压U0随时间t变化的图像如图乙所示，每个电子通过加速电场的过程时间极短，可认为该过程加速电压不变.电子被加速后由小孔S穿出沿两个彼此靠近且正对的水平金属板A、B间中轴线，从左边缘射入A、B两板间的偏转电场，A、B两板长均为L=0.020m，两板之间距离d=0.050m，A板的电势比B板电势高U，A、B板右側边缘到竖直放置的荧光屏P（面积足够大）之间的距离b=0.10m，荧光屏的中心点O与A、B板的中心轴线在同一永平直线上，不计电子之间的相互作用力及其所受的重力。求：（1）求电子进入偏转电场的初速度v0（已知电子质量为m、电量为e，加速电压为U0）（2）假设电子能射出偏转电场，从偏转电场右端射出时，它在垂直于两板方向的偏转位移y为多少（用U0、U、L、d表示）；（3）要使电子都打不到荧光屏上，A、B两板间所加电压U应满足什么条件；（4）当A、B板间所加电压U=50V时，电子打在荧光屏上距离中心点O多远的范围内。

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、A【解析】试题分析：列车从北京到上海的时间为：，在动力上耗电约为：，故选项A正确．考点：电功、电功率【名师点睛】解决本题的关键要掌握功率公式，由此变形求出电功，即消耗的电能．2、B【解析】AB.达到静电平衡后,导体为等势体,导体上的电势处处相等,所以可以得到φa=φb，故AB错误；CD.由于杆处于静电平衡状态，所以内部的场强为零，杆上感应电荷在杆内c处产生的场强与点电荷在c处产生的场强等大反向，不为零，故C错误，D错误；故选：B.点睛：根据静电平衡可知，同一个导体为等势体，导体上的电势处处相等，固定电荷与感应电荷在导体内产生的电场场强等大反向。3、D【解析】

AC．电吹风机消耗的电功率P是总的功率，总功率的大小应该是用P=IU来计算，所以总功率P=IU，故AC错误；BD．电吹风机中发热的功率要用I2R来计算，所以总的发热功率为I2(R1+R2)，吹风机的总功率一部分转化为机械能，另一部分转化为热量，所以消耗的电功率要大于发热部分的功率，故B错误，D正确。故选D。4、B【解析】A、对小球B进行受力分析，受到重力、库仑斥力F和斜面对其的支持力N，如图所示：由图线1可以知道小球B先做加速运动，后做减速运动，加速度先减少后反向增大，故选项A错误；B、当动能最大时即速度最大，此时小球B合力为零，即，且，，同时根据能量守恒电势能减少转化为动能和重力势能，则：，即联立可以求出，，，故选项B正确，选项C错误；D、小球距离A端的最远时，电势能全部转化为重力势能，则：，即：，故选项D错误。点睛：本题首先要抓住图象的信息，分析小球的运动情况，再根据平衡条件和能量守恒进行处理。5、B【解析】A、由则由图象可以知道电阻,故A错误;B正确;

C、I-U图线的斜率可定性表示电阻的倒数,但R不能用来求,故C错误;

D、在R两端加6V的电压时,电路中电流,则每秒通过电阻的电荷量为，故D错；综上所述本题答案是：B6、B【解析】

粒子在竖直方向做匀减速直线运动，则有：；电场力做正功，重力做负功，根据动能定理，有：，联立解得：；A．而并非，A错误；B．，B正确；C．而并非，C错误；D．而并非，D错误。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、CD【解析】

A．该元件是非线性元件，但在某一状态时能用欧姆定律计算导体在某状态的电阻，故A错误；B．由图可知加5V电压时，电流为1.0A，则由欧姆定律可知：故B错误；C.由图可知加12V电压时，电流为1.5A，则由欧姆定律可知：故C正确；D．由图知，随着电压的增大，图象上的点与原点连线的斜率减小，此斜率等于电阻的倒数，则知导体的电阻不断增大，故D正确。故选CD。8、CD【解析】试题分析：当滑动变阻器R2的滑动触头P向上滑动，其阻值变小，总电阻变小，电流表示数I变大，路端电压U3减小，R1的电压U1增大，故R2的电压U2减小．故AB错误．因R1是定值电阻，则有，不变．因为，R2变小，变小；=R1+R2，变小．故C正确．根据闭合电路欧姆定律得U3=E-Ir，则，不变．U2=E-I（R1+r），则=R1+r，不变，故D正确．故选CD．考点：电路的动态分析9、ABD【解析】

据φ-x图象切线的斜率等于场强E可知x=L处场强为零，x=L右侧电场为负，即方向向左，x=L左侧电场为正，即方向向右；那么小球先向右做加速运动，到x=L处加速度为0，从x=L向右运动时，电场力方向向左，小球做减速运动，所以小球在x=L处的速度最大，故A正确。x=L处场强为零，根据点电荷场强则有：kQA(4L)2=kQB(2L)2，解得QA：QB=4：1，故D正确。根据动能定理得：qU=0，得U=0，所以小球能运动到电势与出发点相同的位置，由图知向右最远能到达x>2L的某位置，则小球应在解决本题首先要理解φ-x图象切线的意义，知道电场力做功和路径无关，只和初末两点的电势差有关，掌握电场力做功的公式W=qU和电荷场强公式，灵活运用电场的叠加原理。10、ABD【解析】

A项：电场线越密集的地方电场强度就越大，从上图中可以看出a处的电场线比b处的电场线密集，所以a点的场强大于b点的场强，故A项正确；B项：a点所在的电场线从Q出发到不带电的金属球终止,所以a点的电势高于金属球的电势,而b点所在处的电场线从金属球发出到无穷远,所以金属球的电势高于b点的电势,即a点的电势比b点的高.故B正确;

C项：电势越高的地方,负电荷具有的电势能越小,即负电荷在a点的电势能较b点小,故C错误;

D项：由上知,-q在a点的电势能较b点小,则把-q电荷从电势能小的a点移动到电势能大的b点,电势能增大,电场力做负功.所以D选项是正确的.

综上所述：本题答案为：ABD三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、BAF小于2.30【解析】

本实验通过半偏法测量电流表G的内阻，抓住整个电路电流要基本保持不变，确定选择的器材．通过总电阻的变化，导致总电流的变化，确定半偏法测量电流表内阻的误差．根据欧姆定律求出改装后电压表的电压．（1）利用半偏法测量电流表G的内阻，要保证总电流基本不变，则R1的阻值远大于R2的阻值，电动势选择大一些的．故可变电阻R1应该选择B；可变电阻R2应该选择A；电源E应该选择F．（2）由于并联R2后，总电阻减小，则总电流增大，所以通过R2的实际电流大于通过电流表G的电流，则R2的阻值小于电流表G的阻值，所以电流表R测＜R真．（3）根据欧姆定律得：U=Ig（Rg+R）=2.3×10﹣4×（105+9895）=2.30V；本题考查了实验器材选择、实验误差分析、电压表读数，知道半偏法测电表内阻的实验原理是正确解题的关键，要掌握实验器材的选择原则．12、10【解析】

(1)[1]根据闭合电路的欧姆定律有整理可得(2)[2][3]根据一次函数的形式可知，纵截距为解得由函数的斜率为可解得四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）-1.2J（2）2m/s（3）4.5N【解析】

（1）小球受到电场力qE,重力mg和绳的拉力F的作用下处于静止，根据共点力的平衡条件有：qE=mgtan37º小球从A到C的过程中，W=-qEL=-1.2J（2）A到C的过程中，根据动能定理有：mgL-qEL=12mvc2可得：vc=2m/s（3）在摆动过程中，经B点时，细线