2024届安徽合肥六中高考物理试题模拟试题

2024届安徽合肥六中高考物理试题模拟试题

注意事项

1.考生要认真填写考场号和座位序号。

2.试题所有答案必须填涂或书写在答题卡上，在试卷上作答无效。第一部分必须用2B铅笔作答；第二部分必须用黑

色字迹的签字笔作答。

3.考试结束后，考生须将试卷和答题卡放在桌面上，待监考员收回。

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1、如图所示，一个小球从地面竖直上抛.已知小球两次经过较低点A的时间间隔为口，两次经过较高点3的时间间

隔为7B,重力加速度为g,则A、3两点间的距离为（）

ZZZZZZ?

A.g⑵F)B.g(T>T^

g(TH)D.g(AF)

2、将一物体竖直向上抛出，不计空气阻力。用x表示物体运动的路程，，表示物体运动的时间，益表示物体的动能,

下列图像正确的是（）

E

3、如图所示，在横截面为正三角形的容器内放有一小球，容器内各面与小球恰好接触，图中〃、从c为容器的三个侧

面、将它们以初速度用竖直向上抛出，运动过程中容器所受空气阻力与速率成正比，下列说法正确的是

A.上升过程中，小球对c有压力且逐渐变大

B.上升过程中，小球受到的合力逐渐变大

C.下落过程中，小球对。有压力且逐渐变大

D.下落过程中，小球对容器的作用力逐渐变大

4、如图所示，在矩形区域a儿d内存在磁感应强度大小为3、方向垂直曲cd平面的匀强磁场，已知瓦边长为南。

一个质量为机，带电量为g的正粒子，从诏边上的M点垂直谛边射入磁场，从cd边上的N点射出，之间的距

离为2L,不计粒子重力，下列说法正确的是（）

ar............、d

M)->

II

tI

II

：IN

II

A.磁场方向垂直曲cd平面向里

Tim

B-该粒子在磁场中运动的时间为布

qBL

C.该粒子在磁场中运动的速率为

m

D.该粒子从M点到N点的运动过程中，洛伦兹力对该粒子的冲量为零

5、昆明某中学运动会玩“闯关游戏”进行热身，如图所示，在笔直通道上每隔8m设有一个关卡，各关卡同步放行和关

闭，放行和关闭的时间分别为4s和2s。关卡刚放行时，一同学立即在关卡1处以4m/s2的加速度由静止加速到4m/s,

然后匀速向前，则最先挡住他前进的关卡是()

关卡1关卡2关卡3关卡4关长5

―A-A入____________

8m8m8m8m

A.关卡2B.关卡3

C.关卡4D.关卡5

6、水平地面上的物体由静止开始竖直向上运动，在运动过程中，物体的动能所与位移x的关系图像如图所示，则满

足机械能守恒的阶段是()

A.。〜hB.h〜2hC.2h〜3hD.3h〜Sh

二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。

全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

7、如图(a),A、5为某电场中沿x方向上的两个点，现将正点电荷g从A点静止释放，仅在电场力作用下沿x轴方向

运动一段距离到达3点，其电势能Ep随x的变化关系如图(b)所示，则

x

AB

(a)

A.从A到8,电势先逐渐降低后逐渐升高

B.从A到5,电场强度先增大后减小

C.从A到B的过程中，电荷所受电场力先减小后增大

D.从A到5的过程中，电场力对电荷先做负功后做正功

8、下列说法正确的是

A.温度高的物体分子平均动能和内能一定大

B.液晶既具有液体的流动性又像某些晶体具有各向异性

C.一定质量的理想气体在等压膨胀过程中，内能一定增加

D.空气的相对湿度定义为水的饱和蒸汽压与相同温度时空气中所含水蒸气的压强之比

E.如果两个系统分别与状态确定的第三个系统达到热平衡，那么这两个系统彼此之间分子平均动能一定相同

9、下列说法正确的有一

A.电子的衍射图样表明电子具有波动性

B.发生光电效应时，仅增大入射光的频率，光电子的最大初动能就增大

C.。衰变中放出的。射线是核外电子挣脱原子核束缚而形成的

D.中子和质子结合成质核，若亏损的质量为机，则需要吸收机C2的能量

10、一半圆形玻璃砖，C点为其球心，直线与玻璃砖上表面垂直，C为垂足，如图所示。与直线0。平行且到直

线0。距离相等的助两条不同频率的细光束从空气射入玻璃砖，折射后相交于图中的尸点，以下判断正确的是（）

H

A.两光从空气射在玻璃砖后频率均增加

B.真空中。光的波长大于万光

C.a光的频率比b光高

D.若。光、分光从同一介质射入真空，。光发生全反射的临界角大于％光

三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。

11.（6分）在研究“加速度与力的关系”实验中，某同学根据学过的理论设计了如下装置（如图甲）：水平桌面上放置

了气垫导轨，装有挡光片的滑块放在气垫导轨的某处（档光片左端与滑块左端齐平）。实验中测出了滑块释放点到光电

门（固定）的距离为s,挡光片经过光电门的速度为y,钩码的质量为机，（重力加速度为g,摩擦可忽略）

（1）本实验中钩码的质量要满足的条件是

（2）该同学作出了讲—机的关系图象（如图乙），发现是一条过原点的直线，间接验证了“加速度与力的关系”，依据

图象，每次小车的释放点有无改变—（选填“有”或“无”），从该图象还可以求得的物理量是一。

12.（12分）为测量弹簧压缩时具有的弹性势能和滑块B的质量，某同学用如图的装置进行实验。气垫导轨上有A、B

两个滑块，A上固定一遮光片，左侧与被压缩且锁定的弹簧接触，右侧带有橡皮泥。已知A的质量为机I,遮光片的宽

度为d；打开电源，调节气垫导轨使滑块A和B能静止在导轨上。解锁弹簧，滑块A被弹出后向右运动，通过光电门

1后与B相碰，碰后粘在一起通过光电门2o两光电门显示的遮光时间分别为△〃和4t2,由此可知碰撞前滑块A的速

度为,锁定时弹簧只有的弹性势能为Ep=,B的质量机2=o（用已知和测得物理量的符号

表示）

四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算

步骤。

13.(10分)如图所示，质量均为机的物块A、3放在水平圆盘上，它们到转轴的距离分别为r、2r,圆盘做匀速圆周

运动。当转动的角速度为。时，其中一个物块刚好要滑动，不计圆盘和中心轴的质量，不计物块的大小，两物块与圆

盘间的动摩擦因数相同，重力加速度为g,最大静摩擦力等于滑动摩擦力，求:

⑴物块与圆盘间的动摩擦因数为多少；

⑵用细线将A、3两物块连接，细线刚好拉直，圆盘由静止开始逐渐增大转动的角速度，当两物块刚好要滑动时，外

力对转轴做的功为多少。

14.(16分)如图所示，一对光滑的平行金属导轨固定在同一水平面内，导轨间距/=0.5m,左端接有阻值R=0.3Q

的电阻.一质量机=0.1kg,电阻r=0.1。的金属棒MN放置在导轨上，整个装置置于竖直向上的匀强磁场中，磁场的

磁感应强度B=0.4T.棒在水平向右的外力作用下，由静止开始以a=2m/s2的加速度做匀加速运动,当棒的位移x=9m

时撤去外力，棒继续运动一段距离后停下来，已知撤去外力前后回路中产生的焦耳热之比0：。2=2:1.导轨足够长

且电阻不计，棒在运动过程中始终与导轨垂直且两端与导轨保持良好接触.求

(1)棒在匀加速运动过程中，通过电阻R的电荷量q；

(2)撤去外力后回路中产生的焦耳热0;

(3)外力做的功WF.

15.(12分)如图所示，A08为折射率〃=6的扇形玻璃砖截面，一束单色光照射到AO面上的C点，在C点折射

后的光线平行于08。已知C点是AO的中点，。点是80延长线上一点，ZAOD=60%

①求入射光在C点的入射角；

②通过计算判断光射到AB弧能否从弧射出。

参考答案

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1、D

【解题分析】

本题考查竖直上抛和自由落体运动的规律。

【题目详解】

ABCD.设小球两次经过A点的时间为北，小球两次经过3点的时间为TB，则物体从顶点到A点的时间为物体

从顶点到3点的时间为"，则从顶点到A点的距离为

从顶点到B点的距离为

所以高度差为：

A/z=/z%=g(〃

故D正确ABC错误。

故选D。

2、B

【解题分析】

AB.由机械能守恒得

1。

mgx+Ek=-mv-

&与x是线性关系，故A错误，B正确；

CD.根据机械能守恒定律得

1,

fngx+Ek=-mv-

又

12

x=vQt--gt

得

11

Ek=2mV°22)

m.vo、g都是定值，则Ek是f的二次函数，Ek-f图象是抛物线，故CD错误。

故选B。

3、D

【解题分析】

AB.小球和正三角形容器为共加速系统，上升过程中，以整体为研究对象，根据牛顿第二定律：

(m+m)g+kv=(m+m)a

系统加速度竖直向下且大于重力加速度，小球加速度向下，所以容器底面C对小球无作用力，“、》侧面对小球的作用

力竖直向下，以小球为研究对象，根据牛顿第二定律：

mg+八和=

系统速度减小，加速度减小，小球受到的合外力减小，AB错误；

CD.下落过程中，以整体为研究对象，根据牛顿第二定律：

(m+m—kv=(jn+m)a

系统加速度竖直向下且小于重力加速度，小球加速度向下，所以“、》侧面对小球无作用力，底面C对小球的作用力竖

直向上，根据牛顿第二定律：

mg-N=ma

系统的速度增大，加速度减小，小球的加速度减小，底面c对小球的作用力增大，根据牛顿第三定律可知小球对容器

的作用力逐渐变大，C错误；D正确。

故选D。

4、B

【解题分析】

A.粒子向下偏转，根据左手定则可知磁场方向垂直谛”平面向外，故A错误;

B.粒子运动轨迹如图所示

根据图中几何关系可得也尸=，4乙2—3乙2=」,则

R2=3L2+(Z?-L)2

解得

R=2L

.a出L6

sinu=-----=——

2L2

解得

夕二60。

该粒子在磁场中运动的时间为

127rm7im

t=-T=-x------=------

66qB3qB

故B正确；

c-根据洛伦兹力提供向心力可得心而解得该粒子在磁场中运动的速率为

2qBL

V=

m

故C错误;

D.根据动量定理可得该粒子从M点到N点的运动过程中，洛伦兹力对该粒子的冲量等于动量变化，由于速度变化不

为零，则动量变化不为零，洛伦兹力对该粒子的冲量不为零，故D错误。

故选B。

5、B

【解题分析】

关卡刚放行时，该同学加速的时间

a

运动的距离为

%,=~1at,2=。2m

12

然后以4m/s的速度匀速运动，经3s运动的距离为12m,因此第1个4s运动距离为14m,过了关卡2；到关卡3需

再用

小于关卡关闭时间2s,从开始运动至运动到关卡3前共用时

%=/+/'=4.5s

而运动到第4s时，关卡关闭，不能过关卡3,因此最先被挡在关卡3前。

故选B.

6、C

【解题分析】

阶段，动能增加量为重力势能的增加量为mgR所以机械能增加了3mgm加2”阶段，动能不变，重力势

能增加“3,所以机械能不守恒；2〃-3万阶段，重力势能增加机g/z,动能减小"3,所以机械能守恒；3心〃阶段，

重力势能增加2"电无，动能减小机g/i,机械能增加，ABD错误，不符合题意；C正确，符合题意。

故选C。

二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。

全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

7、AC

【解题分析】

AD.正点电荷g从A点静止释放，仅在电场力作用下沿x轴方向运动一段距离到达3点，电势能先减小后增大，则正

电荷从A到5电场力先做正功，后做负功；正点电荷g电势能先减小后增大，所以电势先降低后升高。故A正确，D

错误；

BC.电势能EP随位移上的变化关系图象的斜率表示电场力的大小，因此电场力先减小后增大，电场强度先减小后增大,

故B错误，C正确。

8、BCE

【解题分析】

本题考查热学相关知识。

【题目详解】

A.温度是分子的平均动能的标志，而物体的内能不仅与温度有关，还有物体的物质的量、体积、物态有关，故A错误;

B.液晶是一种比较特殊的物态，它既具有液体的流动性又向某些晶体具有各向异性，故B正确；

C.根据理想气体状态方程」PV=C,P不变，V增大，温度7增大，分子的平均动能增大，分子势能可以忽略不计，

T

内能一定增加，故C正确；

D.空气的相对湿度定义为水的实际气压与同温度下饱和蒸气压之比，故D错误；

E.如果两个系统分别与第三个系统达到热平衡，那么这两个系统彼此之间必定处于热平衡，温度相同，分子平均动能

一定相同，故E正确。

故选BCEo

9、AB

【解题分析】

A.衍射是波动性的体现，A正确；

B.根据光电效应方程，仅增大入射光频率，光子能量增大，逸出功不变，光电子初动能增大，B正确；

C./?衰变中放出的//射线是原子核内的中子转化成质子过程中跑射出的电子形成的

D.质量亏损，根据质能方程，应该放出能量，D错误；

故选ABo

10、BD

【解题分析】

A.光在两种介质的界面处不改变光的频率，A错误；

BC.由题分析可知，玻璃砖对b束光的折射率大于对。束光的折射率，b光的频率高，由c=2/得知，在真空中，a

光的波长大于分光的波长，B正确C错误；

D.由sinC=’分析得知，。光的折射率〃小，。光发生全反射的临界角大于分光发生全反射的临界角，故D正确。

n

故选BD。

三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。

11、钩码质量远小于滑块质量无滑块质量

【解题分析】

(D[1]设钩码质量为“，滑块质量为M,对整体分析，根据牛顿第二定律，滑块的加速度

mg

a=--------

M-\-m

隔离对滑块分析，可知细绳上的拉力

Mmg_mg

Fj=Ma=M+m]।m

M

要保证绳子的拉力FT等于钩码的重力mg,则钩码的质量m要远小于滑块的质量M,这时有F尸叫;

2

(2)[2]滑块的加速度的|-,当s不变时，可知加速度与v2成正比，滑块的合力可以认为等于钩码的重力，滑块的

合力正比于钩码的质量，所以可通过M-机的关系可以间接验证加速度与力的关系，在该实验中，s不变，廿—m的关

系图象是一条过原点的直线，所以每次小车的释放点无改变；

匕=巡，则丫2=2我加，结合图线的斜率可以求出滑块的质量M。

[3]因为。与F成正比，则有:

2sMM

d2T

1mAq-「a

12、5叫1--

、△/1y

【解题分析】

口]由滑块A通过光电门1的运动时间可知，碰撞前滑块A的速度

d

v,="--

1M

⑵解锁弹簧后，弹簧的弹性势能转化为A碰撞前的动能，故弹性势能

[3]由碰撞后，AB整体通过光电门2的时间，可求得碰撞后AB整体的速度为

d

v="—

2颂

A、B碰撞过程中动量守恒，则有

m1Vl=(州+m2)v2

联立解得

一Nt、

=m----------

-x

四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算

步骤。

g3

【解题分析】

(1)由分析可知，物块离转轴的距离越大，越容易滑动，因此最先滑动的是物块及根据牛顿第二定律

jumg=m-2ra>2

解得：

2ra)2

-----

g

(2)当两物块刚好要滑动时，设转动的角速度为g.对物块A研究有:

jLtmg-T-mra)l

对物块5研究有：

jumg+T=m-2r(of

解得:

2A/3

①]——~—CD

则物块A的线速度大小为:

2G

vA=ro)[=------rco

物块5的线速度大小为:

根据功能关系可得，外力做的功为:

111()2

W=—mv^2+—mVp2—mr~a>2

3

14、(1)4.5C(2)1.8J(3)