2027届陕西省西安市长安一中高二物理第一学期期中检测试题含解析

2027届陕西省西安市长安一中高二物理第一学期期中检测试题注意事项：1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。2．回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。3．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、图示电路中电阻R1、R2、R3的阻值相等，电池的内阻不计．那么，开关K接通后流过R2的电流是K接通前的（）A．B．C．D．2、在光滑水平面上，有两个小球A、B沿同一直线同向运动（B在前），已知碰前两球的动量分别为pA=12kg•m/s、pB=13kg•m/s，碰后它们动量的变化分别为△pA、△pB．下列数值可能正确的是（）A．△pA=-3kg•m/s、△pB=3kg•m/sB．△pA=3kg•m/s、△pB=-3kg•m/sC．△pA=-24kg•m/s、△pB=24kg•m/sD．△pA=24kg•m/s、△pB=-24kg•m/s3、如图所示，x轴上方有垂直纸面向里的匀强磁场，有两个质量相同，电荷量也相同的带正、负电的电荷（不计重力），以相同速度从O点射入磁场中，最终均从x轴离开磁场，关于正、负电荷在磁场中运动，下列说法正确的是（）A．两电荷所受的洛伦兹力相同B．在磁场中正电荷的运动时间等于负电荷的运动时间C．两电荷重新回到x轴时距O点的距离相同D．两电荷重新回到x轴时速度大小相等，方向不同4、一只小猫先后趴在甲、乙两个倾角不同的房顶上，如图所示。设小猫受甲房顶的弹力和摩擦力分别为FN1、Ff1，小猫受乙房顶的弹力和摩擦力分别为FN2、Ff2。下列选项正确的是（）A．Ff1＜Ff2B．Ff1＞Ff2C．FN1＝FN2D．FN1＜FN25、下列说法正确的是()A．拔河比赛时，胜方拉对方的力大于输方拉对方的力B．物体的速度越大，惯性也越大C．太阳对地球的引力与地球对太阳的引力大小一定相等D．用锤钉钉子，锤对钉的打击力与钉对锤的作用力是一对平衡力6、下列说法错误的是()A．奥斯特首先发现了电流的磁效应B．安培发现了电流产生的磁场方向的判定方法C．安培首先提出了磁场对运动电荷有力作用D．安培首先提出了分子电流假说二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图中（a）所示，在光滑水平面上用恒力F拉质量1kg的单匝均匀正方形铜线框，在1位置以速度v0＝3m/s进入匀强磁场时开始计时t＝0，此时线框中感应电动势为1V，在t＝3s时刻线框到达2位置开始离开匀强磁场．此过程中v-t图象如图（b）所示，则下列正确：A．线框右侧的边两端MN间电压为0.25VB．恒力F的大小为0.5NC．线框完全离开磁场的瞬间位置3速度为2m/sD．线框完全离开磁场的瞬间位置3速度为1m/s8、两根足够长的光滑导轨竖直放置，间距为L，底端接阻值为R的电阻将质量为m的金属棒悬挂在一个固定的轻弹簧下端，金属棒和导轨接触良好，导轨所在平面与磁感应强度为B的匀强磁场垂直，如图所示除电阻R外其余电阻不计现将金属棒从弹簧原长位置由静止释放，则（）A．释放瞬间金属棒的加速度等于重力加速度gB．金属棒向下运动时，流过电阻R的电流方向为C．金属棒的速度为v时，所受的安培力大小为D．金属棒下落过程中，电阻R上产生的总热量等于金属棒重力势能的减少9、如图所示，A、B两板间电压为600V，A板带正电并接地，A、B两板间距离为12cm，C点离A板4cm，下列说法正确的是()A．E=2000V/m，φC=200VB．E=5000V/m，φC=-200VC．电子在C点具有的电势能为-200eVD．电子在C点具有的电势能为200eV10、如图所示，电源内阻不可忽略。开关S闭合后，在变阻器R0的滑动片向下滑动的过程中A．电压表的示数减小B．电流表的示数增大C．电压表的示数增大D．电流表的示数减小三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）如图所示，游标卡尺的读数为________cm；螺旋测微器的读数为________mm。12．（12分）如图为某实验小组验证动量守恒的实验装置示意图。(1)若入射小球质量为m1，半径为r1；被碰小球质量为m2，半径为r2；则m1_____m2、r1_____r2(填“大于”、“等于”或者“小于”)；(2)为完成此实验，所提供的测量工具中必需的是_____（填下列对应的字母）。A．刻度尺B．游标卡尺C．天平D．弹簧秤E．秒表四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）如图所示，竖直平面xOy内存在水平向右的匀强电场，场强大小E=10N/c，在y≥0的区域内还存在垂直于坐标平面向里的匀强磁场，磁感应强度大小B=0.5T一带电量q=+0.2C、质量m=0.4kg的小球由长l=0.4m的细线悬挂于P点小球可视为质点，现将小球拉至水平位置A无初速释放，小球运动到悬点P正下方的坐标原点O时，悬线突然断裂，此后小球又恰好能通过O点正下方的N点，（g=10m/s2），求：（1）小球运动到O点时的速度大小；（2）悬线断裂前瞬间拉力的大小；（3）ON间的距离。14．（16分）如图所示，平行金属数AB水平放置，两板间距离为d，所加电压为U（A高B低），一质量为m，电量为q的带负电的小球用丝线悬于两板之间，组成一个摆长为L的单摆，原来静止于图示位置（悬线竖直），现将单摆摆线拉至与竖直成60°角的位置（图中虚线位置）由静止释放，求它摆到竖直位置时，小球的动能.15．（12分）如图所示电路中，电源电动势，内阻，，，．（1）若在C．D间连一个理想电流表，其读数是多少？（2）若在C．D间连一个理想电压表，其读数是多少？

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、B【解析】

设三个电阻均为R；开关S接通前，流过R2的电流为：；开关S接通后，流过R2的电流为：．则I2：I1=2：3；故选B．2、A【解析】

由题意知，碰撞后，两球的动量方向都与原来方向相同，A的动量不可能沿原方向增大，故碰后它们动量的变化分别为ΔpA<0，故BD错误；根据碰撞过程动量守恒，如果ΔpA＝－3kg·m/s、ΔpB＝3kg·m/s，所以碰后两球的动量分别为p′A＝9kg·m/s、p′B＝16kg·m/s，根据碰撞过程总动能不增加，故A正确；根据碰撞过程动量守恒定律，如果ΔpA＝－24kg·m/s、ΔpB＝24kg·m/s，所以碰后两球的动量分别为pA′＝－12kg·m/s、pB′＝37kg·m/s，可以看出，碰撞后A的动能不变，而B的动能增大，违反了能量守恒定律，故C错误。故选A。3、C【解析】

A．两电荷电性相反，则由左手定则可知，所受的洛伦兹力大小相同，方向相反，选项A错误；B．因两个电荷质量相同，电荷量也相等（电量绝对值），它们垂直进入同一匀强磁场中做匀速圆周运动的半径必相等、周期（指完成一个圆周）必相等．当θ不等于90度时，两电荷在磁场中的轨迹一个是小半圆弧，另一个是大半圆弧，所以在磁场中的运动时间就不相等．故B选项错误．C．由运动轨迹可知，由于两个电荷的轨迹若合拢，肯定能组合为一个完整的圆周，则两电荷重新回到x轴时距O点的距离相同，选项C正确；D．因离子进入磁场时射入方向与x轴夹角为θ，那么射出磁场时速度方向必与x轴夹角为θ，选项D错误．4、A【解析】

小猫受重力、支持力和静摩擦力，设房顶与水平方向的夹角为α，根据平衡条件，有：FN=mgcosα，Ff=mgsinα，图甲中房顶与水平方向的夹角为α较小，故支持力较大，静摩擦力较小，即Ff1＜Ff2，FN1＞FN2，故A正确，BCD错误。5、C【解析】

拔河比赛时，胜方拉对方的力与输方拉对方的力是大小相等的，选项A错误；物体的质量越大，惯性也越大，惯性与速度大小无关，选项B错误；太阳对地球的引力与地球对太阳的引力大小是一对相互作用力，一定相等，选项C正确；用锤钉钉子，锤对钉的打击力与钉对锤的作用力是一对作用与反作用力，不是平衡力，选项D错误；故选C.根据物体间力的作用是相互的，相互作用力的特点之一大小相等，可做出解答．拔河其实比的是双方对地面的摩擦力，并不是他们的拉力．他们两边的拉力总是相等的，哪边的静摩擦力大，哪边就会获胜．6、C【解析】

A、奥斯特首先发现了电流的磁效应，故A正确；B、安培发现了电流产生的磁场的方向的判定方法，即右手定则，故B正确；C、洛伦兹首先提出了磁场对运动电荷有力作用，故C错误；D、安培首先提出了分子电子假说，解释了软铁被磁化的现象，故D正确；错误的故选C。关键是记住相关物理学家的科学成就，进行解答。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BC【解析】t=0时，线框右侧边MN的两端电压为外电压，总的感应电动势为：E=Bav0，外电压U外=34E=0.75V．故A错误；在t=1-3s内，线框做匀加速运动，没有感应电流，线框不受安培力，则有

F=ma，由速度-时间图象的斜率表示加速度，求得a=点睛：本题要抓住速度-时间图象的斜率表示加速度．根据加速度的变化判断物体的受力情况．还注意分析线框出磁场与进磁场运动情况的关系，就能正确解答．8、ABC【解析】

明确金属棒的受力情况，从而求解对应的加速度变化情况，根据右手定则分析电流方向，根据E=BLv和安培力公式即可求得速度为v时的安培力表达式，金属棒下落过程中，金属棒减少的重力势能转化为弹簧的弹性势能、金属棒的动能（金属棒速度不是零时）和电阻R产生的内能。【详解】A．刚开始时金属棒只受重力，则释放瞬间金属棒的加速度为g，A正确；B．根据右手定则可判定通过R的电流方向为b→a，B正确；C．当金属棒的速度为v时，E=BLv，I═，安培力F=ILB=，C正确；D．根据功能关系可知，重力势能的减少量转化为焦耳热和弹簧的弹性势能、金属棒的动能。电阻R上产生的总热量小于金属棒重力势能的减少量，故D错误。故选ABC。本题考查电磁感应与能量结合问题的分析，要注意明确右手定则以及安培力公式的应用，同时注意能量转化的规律，本题中要注意弹性势能的变化，这点是往往被容易忽视的。9、BD【解析】

由U=Ed可求得场强E，C点的电势等于C与A板的电势差，由U=Ed求解C点的电势；由Ep=qφC可求得电子在C点具有的电势能．【详解】A、B、AB间有匀强电场，场强为,AC间的电势差为UAC=Ed1=5000×0.04V=200V，因A带正电且电势为零，C点电势低于A点的电势，故φC=-UAC=-200V，故A错误，B正确；C、D、电子在C点具有的电势能EP=φC×(-e)=200eV；故C错误，D正确；故选BD.在研究电场中电势时一定要注意各个量的正负，明确各点间电势的高低，注意电势的符号．10、AD【解析】

在变阻器R0的滑动端向下滑动的过程中，滑动变阻器接入电路的电阻减小，则总电阻减小，电路中总电流增大，内电压增大，则由闭合电路欧姆定律可知，电路的路端电压减小，故电压表示数变小；由欧姆定律可知，R1上的分压增大，路端电压减小，故并联部分电压减小，即可知电流表示数变小。故AD正确。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、3.185cm2.502【解析】

[1]．游标卡尺的读数为：3.1cm+0.05mm×17=3.185cm；[2]．螺旋测微器的读数为：2.5mm+0.01mm×0.2=2.502mm。12、大于等于AC【解析】

(1)[1][2]在小球碰撞过程中，水平方向动量守恒，以向右为正方向，由动量守恒定律得：m1v0=m1v1+m2v2假设碰撞为弹性的，则碰撞过程中机械能守恒解得则要碰后入射小球的速度v1＞0，即m1—m2＞0，m1＞m2，为了使两球发生正碰，两小球的半径相同，r1=r2。(2)[3]小球碰撞过程系统动量守恒，以向右为正方向，由动量守恒定律得m1v0=m1v1+m2v2小球离开斜槽后做平抛运动，由于抛出点高度相等，小球做平抛运动的时间t相等，则有m1v0t=m1v1t+m2v2t则有m1x0=m1x1+m2x2故实验需要测量：小球质量与小球做平抛运动的水平位移，测质量需要天平，测小球水平位移需要用刻度尺，故选AC。四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、(1）2m/s（2)8.2N（3)3.2m【解析】试题分析：由A到O的过程中，只有重力和电场力做功，根据动能定理即可求得O点的速度；在最低点时，绳的拉力、洛伦兹力和重力的合力提供向心力，根据牛顿第二定律即可求