2027届河南省六市高二物理第一学期期中经典试题含解析

2027届河南省六市高二物理第一学期期中经典试题请考生注意：1．请用2B铅笔将选择题答案涂填在答题纸相应位置上，请用0．5毫米及以上黑色字迹的钢笔或签字笔将主观题的答案写在答题纸相应的答题区内。写在试题卷、草稿纸上均无效。2．答题前，认真阅读答题纸上的《注意事项》，按规定答题。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、一个额定电压为U的电动机，正常工作时的电流大小是I，电动机中线圈的电阻是R，在该电动机正常工作的情况下，下列说法正确的是（）A．电动机的输入总功率是I2RB．电动机的热功率是UIC．电动机输出的机械功率是UI－I2RD．电动机输出的机械功率是UI2、如图所示，真空中固定两等量同种正点电荷，AOB为两电荷连线的中垂线，其中A、B两点关于O点对称．有一带电粒子（重力忽略不计）在直线AB之间往返运动，下列判断一定正确的是（）A．带电粒子可能带正电B．在O点，带电粒子的速度最大C．在O点，带电粒子的加速度最大D．在A点（或B点），带电粒子速度为零，加速度最大3、如图所示，已知直流电动机M的电阻是R，电源的内电阻是r，当电动机正常工作时电压表的示数是U，电流表的示数是I.电压表和电流表均是理想电表．以下叙述正确的是()A．ts内，电动机产生的热量是IUtB．ts内，电动机消耗的电能是IUtC．电源电动势是IR＋IrD．电源电动势是U4、一个物体从H高处自由下落，经时间t落地，则它下落时，它下落的高度为()A． B． C． D．5、如图所示，abcd四边形闭合线框，a、b、c三点坐标分别为（0，L，0），（L，L，0），（L，0，0），整个空间处于沿y轴正方向的匀强磁场中，通入电流I，方向如图所示，关于四边形的四条边所受到的安培力的大小，下列叙述中正确的是（）A．ab边与bc边受到的安培力大小相等B．cd边受到的安培力最大C．cd边与ad边受到的安培力大小相等D．ad边不受安培力作用6、五根平行的长直导体棒分别过竖直平面内正方形的四个顶点和中心，并和该正方形平面垂直．各导体棒中均通有强度相等的电流，方向如图所示．则中心处的导体棒受到其余四根导体棒的磁场力的合力方向是A．竖直向上B．竖直向下C．水平向左D．水平向右二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示，电灯和的阻值为和，电源内阻不计，滑动变阻器的阻值变化范围为0～，当变阻器触点P由a移向b时，电灯、的亮度变化情况是A．当时，灯变亮，灯变暗B．当时，灯先变暗后变亮，灯先变亮后变暗C．当时，灯先变暗后变亮，灯先变亮后变暗D．当时，灯变亮，灯先变暗后变亮8、“蹦极”运动中，长弹性绳的一端固定，另一端绑在人身上，人从几十米高处跳下．将蹦极过程简化为人沿竖直方向的运动．从绳恰好伸直，到人第一次下降至最低点的过程中，下列分析正确的是()A．绳对人的冲量始终向上，人的动量先增大后减小B．绳对人的拉力始终做负功，人的动能先增大后减小C．绳恰好伸直时，绳的弹性势能为零，人的动能最大D．人在最低点时，绳对人的拉力等于人所受的重力9、在磁场中，一根质量为m，长度为L的金属棒用细金属丝水平地悬挂在匀强磁场中，如图所示。当通过如图所示的电流I时，金属丝对棒的拉力刚好为零，则磁感应强度的大小和方向判断正确的是（）A．磁感应强度 B．磁感应强度C．磁感应强度的方向垂直纸面向里 D．磁感应强度的方向垂直纸面向外10、在如图所示电路中，开关S1、S2、S3、S4均闭合，C是水平放置的平行板电容器，板间悬浮着一油滴P，下列哪些方法会使P向下运动（）A．断开S2B．断开S3C．断开S4并适当减小两板之间的距离D．断开S1并适当增大两板之间的距离三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）某一研究性学习小组的同学们设计了以下实验方案来验证电荷守恒定律：实

验

操

作

步骤一：手持起电板柄，用力将两块起电板快速摩擦后分开

步骤二：将其中一块板插入箔片验电器上端的空心金属球（不要接触金属球）

步骤三：将两块板同时插入空心金属球

实

验

图

解

实

验

现

象

箔片张开

箔片闭合

根据以上实验过程和观察到的现象，回答下列问题：（1）步骤二的实验现象，说明_____________________________________________（2）步骤三的实验现象，说明_____________________________________________（3）该研究性实验_________（填“能”或“不能”）验证电荷守恒定律．12．（12分）现要测量某一电压表V的内阻。给定的器材有：待测电压表V（量程2V，内阻约4kΩ）；电流表A(量程1.2mA，内阻约500Ω)；直流电源E（电动势约2.4V，内阻不计）；固定电阻3个，R1=4000Ω，R2=10000Ω，R3=15000Ω；电键S及导线若干。要求测量时两电表指针偏转均超过其量程的一半。（1）试从3个固定电阻中选用1个，与其它器材一起组成测量电路，则选择______(填“R1”、“R2”或“R3”)；（2）在虚线内画出测量的原理图___________。（要求电路中各器材用题中给定的符号标出。）（3）电路接通后，若电压表读数为U，电流表读数为I，则电压表内阻Rv=_________。(用题中所给字母表示)四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）如图所示，在x轴上方有垂直于xOy平面向里的匀强磁场，磁感强度为B；在x轴下方有沿y轴负方向的匀强电场，场强为E。一质量为m，电量为-q的粒子从坐标原点O沿着y轴正方向射出。射出之后，第三次到达x轴时，它与点O的距离为L。求此粒子射出时的速度v和运动的总路程s（重力不计）。14．（16分）已知地球半径R，地球表面的重力加速度g，万有引力常量G，卫星绕地球做匀速圆周运动的周期T，忽略地球自转的影响。求：（1）地球的密度ρ；（2）卫星做圆周运动的轨道半径r。15．（12分）质量m=60kg的消防队员,从一根竖直的长直杆上由静止滑下,经t=2.0s着地．消防队员整个下滑过程的v-t图象如图所示．求:（1）消防队员着地时的速度大小v2;（2）消防队员第1s内的加速度大小a1;（3）消防队员沿杆下滑的距离h．

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、C【解析】电动机输入的功率是电功率P电=UI，电动机的发热功率P热=I2r，电动机的输出功率是机械功率，根据能量守恒定律得P出=P电-P热=UI-I2r．故C正确ABD错误；故选C。2、B【解析】

A．等量同种电荷连线中垂线在连线上方场强方向向上，连线下方场强方向向下，所以带电粒子一定带负电，故A错误；B．等量同种电荷连线中垂线的连线上方场强方向向上，连线下方场强方向向下，带电粒子从静止开始先做加速运动到O点，再减速运动到B点，所以在O点，带电粒子的速度最大，故B正确；C．等量同种电荷连线中点场强为零，所以在O点，带电粒子的加速度为零，故C错误；D．等量同种电荷连线中点场强为零，中垂线上从O点往上场强先增大后减小，所以带电粒子在在A点（或B点），场强不一定最大，加速度不一定最大，故D错误．3、B【解析】

AB．t秒钟内，电动机消耗的电能为UIt，电动机产生的热量是I2Rt，输出的电功为UIt-I2Rt，故A错误，B正确；CD．根据闭合电路欧姆定律，有：E=U+Ir，电动机是非纯电阻电路，故U＞IR，故E=U+Ir＞IR+Ir，故CD错误；4、B【解析】

下落H所需时间为t，则有：它下落时A.与分析不符，故A错误。B.与分析相符，故B正确。C.与分析不符，故C错误。D.与分析不符，故D错误。5、B【解析】解：A、因为ab垂直放置磁场中，所以其安培力Fab=BLabI，而bc平行于磁场，所以其安培力为零．故A错误；B、cd边垂直于磁场，且长度最长，所以其受到安培力最大．故B正确；C、cd边与ad边虽然垂直放置，但ab边的长度没有cd长，所以受到的安培力大小不等．故C错误；D、ab边受到安培力，然而bc没有受到安培力，因为是平行．故D错误；故选B【点评】虽然电流是相同的，但放入磁场中的不同长度、或不是垂直放置都将影响安培力的大小．6、C【解析】

根据题意，由右手螺旋定则对角导线电流产生磁场正好相互叠加，如图所示，由矢量的合成法则，则得磁场方向竖直向下，根据左手定则可知，中心处的导体棒受到其余四根导体棒的磁场力的合力方向是水平向左；故选C．

二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AD【解析】AB、当R1＞R0时，灯L1与滑动变阻器的一部分串联的总电阻一定大于另一部分的电阻，当变阻器的滑片P由a端向b端移动时，总电阻增大，所以总电流减小，所以通过灯L2的电流减小，所以L2变暗，通过L1的电流变大，L1变亮，故A正确，B错误；CD、当R1＜R0时，灯L1与滑动变阻器的一部分串联的总电阻先大于后小于另一部分的电阻，当变阻器的滑片P由a端向b端移动时，总电阻先增大后减小，所以总电流先减小后增大，所以通过灯L2的电流先减小后增大，故L2先变暗后变亮，而通过L1的电流一直变大，L1变亮，故D正确，C错误．

故选AD．点睛：由电路图可知：灯L1与滑动变阻器的一部分串联后与另一部分并联，再跟灯L2串联；根据电阻的变化情况，利用欧姆定律判断电流的变化情况，进而判断灯泡变亮还是变暗．8、AB【解析】A、由于绳对人的作用力一直向上，故绳对人的冲量始终向上，由于人在下降中速度先增大后减小；故动量先增大后减小；故A正确；B、在该过程中，拉力与运动方向始终相反，绳子的力一直做负功；但由分析可知，人的动能先增大后减小；故正确；C、绳子恰好伸直时，绳子的形变量为零，弹性势能为零；此时人有向下的加速度，速度会继续增大，所以此时人的动能不是最大，故C错误；D、人在最低点时，速度为零，但有向上的加速度，所以绳子对人的拉力一定大于人受到的重力；故D错误．综上所述本题答案是：AB9、BC【解析】

金属丝对棒的拉力刚好为零，可知安培力方向向上，由左手定则可知，磁感应强度的方向垂直纸面向里，由平衡知识可知mg=BIL可得故选BC。10、BD【解析】

A.断开S2，C直接接到电源两端，C两端电压增大，故E增大，电场力增大，油滴向上运动，故A错误；B.断开S3，电源断开，C通过R3放电，电压减小，粒子向下运动，故B正确；C.断开S4，电容器被断开，不会产生充放电现象，减小两板间距离，电场强度不变，粒子受力不变，油滴不会运动，故C错误；D.断开S1，R1断路，而R2接通，仍可使C接入R3两端，电容器的电压不变，增大两板间的距离，电场强度减小，粒子向下运动，故D正确。故选：BD.由电路图可知，当开关都闭合时，R3、R4串联后接入电源两端；R1及R2为等势体，相当于导线，电容器两端的电压等于R3两端的电压；原来带电油滴受重力和电场力平衡，故电场力应向上，若使P向下运动，重力不变，故可知电场力的变化，由F=Eq可知场强E的变化，由U=Ed可得出电容器两端电压的变化，分析各开关断开后电路的变化可得出符合条件的选项．三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、（1）插入验电器上端空心金属球内的起电板带上了电荷；（2）两块板带有等量异号电荷，总电荷量为零；（3）能【解析】

（1）步骤二的实验现象是箔片张开，即箔片带电，说明插入验电器上端空心金属球内的起电板带上了电荷；（2）步骤三的实验现象是箔片闭合，即箔片不带电，说明两块板带有等量异号电荷，总电荷量为零；（3）该研究性实验说明不带电的物体摩擦起电后带上等量异种电荷，能验证电荷守恒定律．12、R1UR1【解析】

（1、2）待测电压表的满偏电流应为IV=UVRV=24mA=0.5mA，小于电流表的量程1.5mA，所以若将定值电阻R1与电压表并联，则它们的总电流变为I＝UVR1+IV=24000×1000mA+0.5mA=1.0mA遇到有关电学实验设计题目，应先根据电流表与电压表的量程，再与电阻进行适当的串并联，然后通过估算，只要能使电表能正确读数即可．四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、；。【解析】

由题意知第3次到达x轴的运动如图所示，由几何关系，圆周运动半径为：粒子做圆周运动，洛伦兹力提