2027届云南省楚雄彝族自治州物理高二上期中学业质量监测模拟试题含解析

2027届云南省楚雄彝族自治州物理高二上期中学业质量监测模拟试题考生须知：1．全卷分选择题和非选择题两部分，全部在答题纸上作答。选择题必须用2B铅笔填涂；非选择题的答案必须用黑色字迹的钢笔或答字笔写在“答题纸”相应位置上。2．请用黑色字迹的钢笔或答字笔在“答题纸”上先填写姓名和准考证号。3．保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，在草稿纸、试题卷上答题无效。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图为飞行特技表演时飞机在竖直面内俯冲后又拉起的情景，这一过程可看作半径为R的匀速圆周运动。设飞机通过最低点时速度大小为v，飞行员的质量为m。则飞机在最低点时座椅对飞行员的支持力大小为（）A．mgB．mv2RC．2、求解并联电路中的电阻值是电学中比较常见的问题，但是在有的问题中常规方法会比较繁琐，若合理应用一些结论，会简化问题．尝试一下下面这个问题：有两个电阻R1=10.23Ω，R2=51.57Ω，若将它们并联，其并联电阻约是（）A．5.0ΩB．12.6ΩC．8.5ΩD．62.0Ω3、地球的周围存在地磁场，能有效地改变射向地球的宇宙射线的方向，使它们不能到达地面，从而保护地球上的生命。假设有一束带正电的宇宙射线粒子垂直于地面向赤道射来（如图，地球由西向东转，虚线表示地球自转轴，上方为地理北极），不考虑粒子受到的其他力的作用，只在地磁场的作用下，粒子在进入地球周围的空间时，其偏转方向以及速度大小的变化情况是()A．相对于预定地点向东偏转，速度变大B．相对于预定地点向西偏转，速度变大C．相对于预定地点向东偏转，速度大小不变D．相对于预定地点向西偏转，速度大小不变4、如图所示，在倾角为α的光滑斜面上，放置一根长为L，质量为m，通电电流为I的导线。若使导线静止，应该在斜面上施加匀强磁场B的大小和方向为（）A．，方向垂直斜面向上B．，方向垂直水平面向上C．，方向竖直向下D．，方向水平向左5、如图所示，电阻R1=20Ω，电动机的绕组R2=10Ω．当开关打开时，电流表的示数是0.5A，当开关合上后，电动机转动起来，电路两端的电压不变，电流表的示数I和电路消耗的电功率P应是A．I=1.5AB．I>1.5AC．P＜15WD．P=15W6、如图所示，E为电源，C为电容器，R为定值电阻，S为单刀双掷开关，则A．S接1时，电容器充电且上极板电势较低B．S接2时，电容器放电且放电电流从左往右经过定值电阻RC．保持S接l，将上极板竖直向上平移少许，板间电压不变，场强减小D．保持S接l，将上极板水平向左平移少许，板间电压不变，场强减小二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示，平行板电容器与直流电源（内阻不计）连接，下极板接地．一带电油滴位于容器中的P点且恰好处于静止状态．现将平行板电容器的上极板竖直向上移动一小段距离则（）A．P点的电势将降低B．带点油滴将沿竖直方向向上运动C．电容器的电容减小，极板带电量将减小D．带电油滴的电势能将减少8、如图所示，电路中定值电阻R的阻值等于电源内阻r的阻值。开关K闭合后，将滑动变阻器滑片向下滑动，理想电压表V1、V2、V3示数变化量的绝对值分别为ΔV1、ΔV2、ΔV3，理想电流表A示数变化量的绝对值ΔI，则A．A的示数增大B．V2的示数增大C．ΔV19、一根长为0.2m、电流为2A的通电导线,放在磁感应强度为0.5T的匀强磁场中,受到磁场力的大小可能是()A．0.4N B．0.3N C．0.2N D．010、如图所示，小物块静止在水平面上A处，水平面右侧与一竖直光滑圆轨道平滑连接于B处，小物块可不受阻碍的进入圆轨道，C为圆轨道最高点．现给小物块水平向右的冲量I，使小物块向右运动．已知小物块质量m=1kg，物块与水平面动摩擦因数μ=0.5，圆环半径R=0.6m，AB长0.8m，重力加速度g=10m/s2.()A．时，物块能进入圆轨道B．时，物块不会脱离圆轨道C．时，物块将脱离圆轨道D．时，物块能到达C点，且对C点压力为30N三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）如图，在“研究力的合成”实验中，需要将橡皮条的一端固定在水平木板上，另一端系上两根细绳，细绳的另一端都有绳套．实验中需用两个弹簧秤分别勾住绳套，并互成角度地拉橡皮条．某同学认为在此过程中必须注意以下几项：A．两根细绳必须等长．B．橡皮条应与两绳夹角的平分线在同一直线上．C．在使用弹簧秤时要注意使弹簧秤与木板平面平行．D．保证两弹簧秤示数相等．其中正确的是_______．（填入相应的字母）12．（12分）在描绘小灯泡的伏安特性曲线实验中，已知小灯泡的额定电压为2.5V．如图甲所示为已连接好的实物图．(1)请根据实物图，在方框内画出对应的电路图．(2)图乙是根据测量的数据，在坐标纸中作出的小灯泡的伏安特性曲线，由图线可知，当小灯泡在额定电压下工作时，其功率是___________W.(保留两位有效数字)(3)由乙图可知在实验中小灯泡的电阻率随着电压的增大而_______(增大、减小、不变)．(4)将该小灯泡与电动势为9.0V、内阻为的直流电源及一个滑动变阻器串联成闭合回路，当滑动变阻器连入电路的阻值为_________时，电源的输出功率最大．四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）质量为m=80kg的铁锤，从高1.8m处自由下落，锤与工件相碰时间为t=0.001s，若锤与工件碰撞后反弹的速度为v/=2m/s，求（g=10m/s2，相碰时不计铁锤重力）（1）铁锤与工件接触前瞬间的速v；（2）锤对工件的平均作用力F。14．（16分）某同学将量程为200μA、内阻为500Ω的表头μA改装成量程为1mA和10mA的双量程电流表，设计电路如图所示。定值电阻R1=500Ω，R2和R3的值待定，S为单刀双掷开关，A、B为接线柱。回答下列问题：（1）将开关S接到哪边时使用最大量程？（2）试计算定值电阻的阻值R2，R3的阻值（保留3位有效数字）。15．（12分）如图所示是一个示波管工作原理图，电子经电压U14.5103V加速后以速度V0垂直等间距的进入电压U2180V,间距为d1.0cm,板长l5cm的平行金属板组成的偏转电场，离开电场后打在距离偏转电场s5cm的屏幕上的P点，（电子的比荷为）求：（1）电子进入偏转电场时的速度v0?（2）打在屏幕上的侧移位移OP?

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、C【解析】

飞机在竖直平面内作匀速圆周运动，经过最低点时，飞行员受到竖直向下的重力G，座椅的竖直向上的支持力F′，它们的合力提供向心力，加速度方向竖直向上，合力方向竖直向上，根据牛顿第二定律分析得知：F'=mg+mv2R2、C【解析】

两电阻并联时总电阻一定小于任一分支电阻，故只有AC有可能，但因R2比R1大的较多，故总电阻应接近R1，故只可能是8.5Ω，故C正确，A、B、D错误；故选C。关键是要注意认真分析题意，明确并联电路规律才能快速准确的解题，应避免直接的计算。3、C【解析】当带正电的宇宙射线粒子垂直于地面向赤道射来时,根据左手定则可以判断粒子的受力的方向为向东,所以粒子将向东偏转.而洛伦兹力一定垂直与速度,不做功,故不改变速度大小.所以C选项是正确的综上所述本题答案是：C点睛：根据地球磁场的分布,由左手定则可以判断粒子的受力的方向,从而可以判断粒子的运动的方向.4、C【解析】

A.若磁场方向垂直于斜面向上，由左手定则知安培力平行于斜面向下，导线不可能静止，故A错误；B.若磁场方向垂直于水平面向上，由左手定则知安培力水平向右，导线不可能处于平衡，故B错误；C.若磁场方向竖直向下，由左手定则知安培力水平向左，根据平衡条件：所以故C正确；D.若磁场方向水平向左，受到竖直向上的安培力，故mg=BIL解得故D错误。5、C【解析】当电键S断开时，由欧姆定律得，当电键S闭合后，通过R1的电流仍为0.5A，电动机的电流，故电流表的电流I＜1.5A，电路中电功率P=UI＜15W，故C正确．点晴：本题要抓住非纯电阻电路与纯电阻电路的区别，电动机正常工作时，其电路是非纯电阻电路，欧姆定律不成立，是关键不等式．6、C【解析】

A．S接1时，电容器充电且上极板接电源正极，电势较高，选项A错误；B．S接2时，电容器放电且放电电流从右往左经过定值电阻R，选项B错误；C．保持S接l，将上极板竖直向上平移少许，板间电压不变，根据可知，场强减小，选项C正确；D．保持S接l，将上极板水平向左平移少许，板间电压不变，两板间距d不变，根据可知场强不变，选项D错误。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AC【解析】

A、根据得知板间场强E减小，而P点与下极板间的距离不变，则由公式分析可知，P点与下极板间电势差将减小，而P点的电势高于下极板的电势，则知P点的电势将降低，故A正确；B、根据得知板间场强E减小，油滴所受的电场力减小，则带点油滴将沿竖直方向向下运动，故B错误；C、将平行板电容器的上极板竖直向上移动一小段距离，根据可知电容器的电容减小，由于电容器两板间电压不变，根据极板带电量将减小，故C正确；D、由带电油滴原来处于平衡状态可知，油滴带负电，P点的电势降低，则油滴的电势能将增加，故D错误；故选AC．将平行板电容器的上极板竖直向上移动一小段距离，电容器两板间电压不变，根据分析板间场强的变化，判断电场力变化，确定油滴运动情况，由U=Ed分析P点与下极板间电势差如何变化，即能分析P点电势的变化和油滴电势能的变化．8、ACD【解析】

理想电压表内阻无穷大，相当于断路。理想电流表内阻为零，相当短路，所以R与变阻器串联，电压表V1、V2、V3分别测量R、路端电压和变阻器两端的电压。当滑动变阻器滑片向下滑动时，接入电路的电阻减小，电路中电流增大，则A的示数增大，电路中电流增大，电源的内电压增大，则路端电压减小，所以V2的示数减小，故A正确，B错误；根据闭合电路欧姆定律得：U2=E-Ir，则得：△U2△I=r；△U1△I=R，据题：R=r，则得ΔU1ΔI=ΔU本题是电路的动态分析问题，关键要理解理想电表的作用，搞清电路的结构，明确电表各测量哪部分电路的电压或电流，根据闭合电路欧姆定律进行分析．9、CD【解析】

当通电导线与磁场垂直时，导线所受的磁场力最大，为当导线与磁场平行时，导线所受磁场力最小为零，则导线所受磁场力的范围为0－0.2N，故CD正确。故选CD。10、BC【解析】由动量定理，物块恰好到B点时，，，恰好到圆心等高处时，,恰好到C点时，，，A错误，BC正确；时，物块在C点，，，得，故D错误；故选BC.点睛：此题是动能定理及圆周运动的结合，关键是知道物体通过圆周最高点的条件以及脱离轨道的条件，结合动能定理及牛顿第二定律列方程解答.三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、C【解析】试题分析：A、细线的作用是能显示出力的方向，所以不必须等长．故A选项不正确；B、两细线拉橡皮条时，只要确保拉到同一点即可，不一定橡皮条要在两细线的夹角平分线上．故B选项不正确；C、在拉弹簧秤时必须要求弹簧秤与木板平面平行，否则会影响力的大小．故C选项正确；D、只要弹簧秤有示数即可，并不一定要相等．故D选项不正确．故选C．12、1.2W增大20Ω【解析】

(1)根据题图甲可知，该电路采用滑动变阻器分压接法，同时电流表采用了外接法，故电路图如图所示．(2)由题图乙可知，当电压为2.5V时，电流为0.48A；功率P＝IU＝1.2W．(3)图像的斜率变小则电阻变大，故电阻率增大．(4)要使直流电源的输出功率最大，应使内、外电阻相等，则可知，外电阻应为22.5Ω，此时电路中电流为：，由题图乙可知，对应电压U＝0.5V，则小灯泡电阻为：；滑动变阻器阻值为：R＝(22.5－2.5)Ω＝20Ω．四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）6m/s；（2）6.4×105N【解析】（1）由可得接触工件时的速度为：；（2）设向下为正；对与地面接触过程由动量定理可知解得；负号说明方向向上；则根据牛顿第三定律可知，锤对工件的平均作用力为，方向向下；14、(1)开关S置于“1”挡；(2)，【解析】

解：(1)将开关S置于“1”挡时，表头μA和R1、R2串联后再与R3并联；将开关S置于“2”挡时，表头μA和R1串联后再与R2、R3并联，所以开关S置于“1”挡时量程较大，即开关S置于“1”挡时量程应为10mA；(2)当开关打到1时，则有：当开关打到2时，则有：解得：，15、（1）4×107m/s（2）0.75m【解析】

（1）电子在加速电场中加速，由动能定理得：eU1=mv02-0，代入数据解得：v0=4×107m/s；

故电子进入偏转电场的速度：v0=4×107m/s；

（