2027届辽宁省盘锦市物理高二第一学期期中联考试题含解析

2027届辽宁省盘锦市物理高二第一学期期中联考试题注意事项1．考生要认真填写考场号和座位序号。2．试题所有答案必须填涂或书写在答题卡上，在试卷上作答无效。第一部分必须用2B铅笔作答；第二部分必须用黑色字迹的签字笔作答。3．考试结束后，考生须将试卷和答题卡放在桌面上，待监考员收回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、有三个用电器，分别为日光灯、电烙铁和电风扇，它们的额定电压和额定功率均为“220V,60W”．现让它们在额定电压下工作相同时间，产生的热量()A．日光灯最多 B．电烙铁最多C．电风扇最多 D．一样多2、把6个相同电灯和两个变阻器接成如图（甲）、（乙）所示的两个电路，调节变阻器，两组电灯均能正常发光．设（甲）、（乙）两电路消耗的电功率分别为P1、P2，则（）A．P1=3P2B．P1=P2C．P1＞3P2D．P1＜3P23、如图所示,平行板电容器通过一滑动变阻器R与直流电源连接,G为一零刻度在表盘中央的灵敏电流计,闭合开关S后,下列说法正确的是（ ）A．若只在两板间插入电介质，电容器的两板间电压将增大B．若只在两板间插入电介质，电容器的电容将保持不变C．若只将滑动变阻器滑片P向上移动，电容器储存的电量将增加D．若只将电容器下极板向下移动一小段距离，此过程电流计中有从a到b方向的电流4、平行板电容器一个极板和静电计相接，当该极板带上一定量电荷后，静电计张开一定角度θ，如图所示．如果平行板电容器发生变化，下面关于静电计张角θ变化的说法正确的是（）A．两极板间距离增大,增大B．两极板正对面积减小,减小C．在电容器内加入电介质,增大D．上述说法都不对5、如图所示．用控制变量法，可以研究影响平行板电容器电容的因素，已知两极板正对面积为，极板间的距离为，静电计指针偏角为．实验中，极板所带电荷量不变，若（）A．保持不变，增大，则不变B．保持不变，增大，则减小C．保持不变，增大，则不变D．保持不变，增大，则减小6、一只电炉的电阻丝和一台电动机线圈电阻相同，都为R．设通过它们的电流相同（电动机正常运转），则在相同的时间内不正确的是A．电炉和电动机产生的电热相等B．电炉两端电压小于电动机两端电压C．电炉消耗的电功等于电动机消耗的电功D．电炉消耗的电功小于电动机消耗的电功二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示，R1＝2Ω，R2＝10Ω，R3＝10Ω，A、B两端接在电压恒定的电源上，则（）A．S断开时，R1与R2的电流之比为1∶5B．S闭合时通过R1与R2的电流之比为2∶1C．S断开与闭合两种情况下，电阻R1两端的电压之比为2∶1D．S断开与闭合两种情况下，电路中的总电阻之比为12：78、如图所示，有三个质量相等分别带正电、负电和不带电的小球，从平行板电场中的P点以相同的水平初速度垂直于E进入电场，它们分别落在A、B、C三点，则可判断()A．落到A点的小球带正电，落到B点的小球不带电B．三小球在电场中运动时间相等C．三小球到达正极板时的动能关系是：EkA＞EkB＞EkCD．三小球在电场中运动的加速度关系是：aC＞aB＞aA9、如图所示，图线1表示的导体电阻为R1，图线2表示的导体电阻为R1，则下列说法正确的是A．R1＜R2B．图线的斜率代表导体的电阻C．将R1与R2串联后接于电源上，则电流I1＞I2D．将R1与R2并联后接于电源上，则电流I1＞I210、平行板电容器的两板A、B接于电池两极，一个带正电小球用绝缘细线悬挂在电容器内部，闭合开关S，电容器充电，这时悬线偏离竖直方向的夹角为θ，如图所示，那么()A．保持开关S闭合，将A板稍向B板靠近，则θ增大B．保持开关S闭合，将A板稍向上移，则θ减小C．开关S断开，将A板稍向B板靠近，则θ不变D．开关S断开，将A板稍向上移，则θ减小三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）某学生用螺旋测微器在测定某一金属丝时，测得的结果如下图所示，则该金属丝的直径d=__mm。另一位同学用标有10等分刻度的游标卡尺测某一工件的长度，的如果如下图所示，则该工件的长度L＝_________cm。12．（12分）在“用打点计时器测速度”的实验中，打出的纸带如图所示．已知打点计时器使用的是交流电源频率为50Hz，计数点A和B之间、B和C之间均有4个打出的点，则打B、C两点的时间间隔是（_____________）s；为了求出BC段的平均速度，还要用刻度尺量出（_________）段的距离．四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）如图所示，电源的电动势E＝110V，电阻，电动机绕线的电阻，开关始终闭合．当开关断开时，电阻的电功率是525W；当开关闭合时，电阻的电功率是336W．求：（1）电源的内电阻；（2）当开关闭合时流过电源的电流和电动机输出的功率．14．（16分）如图所示，电阻R1＝12Ω，R2＝8Ω，当开关S断开时，电流表A的示数为1．5A，当S闭合时，A的示数为1.7A，则电源的电动势和内电阻分别是多少?15．（12分）如图用直流电动机提升重物，重物的质量m=50kg，电源电动势E=110V．不计电源内阻及各处的摩擦，已知电动机线圈的电阻R=4Ω，电路中的恒定电流强度I=5A，与重物相连的绳子足够长，经过t=20s，电动机恰好开始以恒定的速度向上提升重物，当电动机以恒定速度向上提升重物时，重物的速度v=？重物在这个过程中上升的高度h=？电动机内产生的电热Q=？（g=10m/s2）

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、B【解析】

日光灯在工作时是电能转化为光能和内能，电烙铁在工作时是电能只转化为内能，电风扇在工作时是电能转化为机械能能和内能，所以在额定电压下工作相同时间，消耗的电能相同，电烙铁产生的内能最多，产生的热量最多，B对，ACD错．2、A【解析】

电灯正常发光时，电流都是额定电流，根据电路中总电流关系，由功率公式研究两电路消耗的电功率的关系。【详解】设每个灯泡正常发光时，其电流为I，则图（甲）中总电流为3I，图（乙）总电流为I，电路中的总的电压相同，所以，P1=3IU，P2=IU，则P1=3P2。故选：A。本题关键要掌握用电器在额定电压下工作时，电流是额定电流，功率达到额定才能正常工作。3、C【解析】

闭合开关S后，电容器板间电压等于变阻器下部分电阻的电压，保持不变．将开关S断开，电容器放电，知电量的变化．若只将电容器下极板向下移动一小段距离，分析电容的变化，判断电量的变化，分析电路中电流的方向．若只将滑动变阻器滑片P向上移动，电压增大。【详解】A、B项：闭合开关S后，电容器板间电压等于变阻器下部分电阻的电压，保持不变，若只在两板间插入电介质，电容器的电容将增大。故A、B错误；C项：若只将滑动变阻器滑片P向上移动，电容器极板间电压增大，则电容器所带电荷增多，故C正确；D项：若只将电容器下极板向下移动一小段距离，板间距离增大，电容减小，而电压不变，则电容器所带电量减小，电容器放电。由于上极板带正电，所以此过程电流计中有从b到a方向的电流，故D错误。故应选：C。本题电容器动态变化分析问题，关键是确定电容器的电压．电路稳定时，电容器所带电路无电流，只有在充电或放电过程中电容器所在电路有电流。4、A【解析】

A．两极板间距离增大，由电容的决定式判断可知，电容减小，电容器带电量不变，由知，极板间电势差增大，θ增大．故A正确；B．两极板正对面积减小，由电容的决定式判断可知，电容减小，电容器带电量不变，由知，极板间电势差增大，θ增大．故B错误；C．在电容器内加入电介质，由电容的决定式判断可知，电容增大，电容器带电量不变，由知，极板间电势差减小，θ减小．故C错误；D．综上分析可知，D错误．5、D【解析】

AB.根据电容的决定式得知，当保持S不变，增大d时，电容减小，电容器的电量Q不变，由电容的定义式C=Q/U分析可知板间电势差增大，则静电计指针的偏角θ变大；故AB错误，CD.根据电容的决定式得知，当保持d不变，增大S时，电容增大，电容器极板所带的电荷量Q不变，则由电容的定义式C=Q/U分析可知板间电势差减小，静电计指针的偏角θ变小故C错误；D正确．故选D.6、C【解析】

A.电炉电路和电动机电路焦耳定律都适用。根据焦耳定律Q＝I2rt，得，电炉和电动机的电阻相同，电流相同，则在相同的时间内电炉和电动机产生的电热相等。故A正确，不符合题意；B.设电流为I，则电炉两端电压U炉＝Ir，电动机两端电压U机＞Ir，所以U机＞U炉．即电动机两端电压大于电炉两端电压。故B正确，不符合题意；CD.电动机消耗的电能一部分转化为内能，另一部分转化为机械能，电炉消耗的电能全部转化为内能，而相等时间内它们产生的热量相等，则在相同的时间内，电动机消耗的电能大于电炉消耗的电能，电动机消耗的功率大于电炉消耗的功率。故C错误，符合题意，D正确,不符合题意；故选C；二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BD【解析】

A.S断开时，R1与R2串联，根据串联电路电流相等可知，R1与R2的电流之比为1∶1，A错误；B.S闭合时，R1在干路上，则有干路电流等于各支路之和I1=I2+I3，R2与R3并联，且R2=R3，所以由I2=I3，可得I1:I2=2:1，B正确；C.设AB之间的电压为U，S断开时，R1与R2串联，R1两端电压为，S闭合时，R2与R3并联，并联部分电阻为，此时R1两端的电压为，则S断开与闭合两种情况下，电阻R1两端的电压之比为7:12，C错误；D.S断开时，总电阻S闭合时所以S断开与闭合两种情况下，电路中的总电阻之比为12：7，D正确。8、AD【解析】

ABD．在平行金属板间不带电小球、带正电小球和带负电小球的受力如图所示：三小球在水平方向都不受力，做匀速直线运动，则落在板上时水平方向的距离与下落时间成正比，由于竖直位移相同，根据得水平位移最大的A球运动时间最长即A球竖直方向的加速度最小，故A球带正电，水平位移最小的C球加速度最大，故C球带负电，则B球不带电，故AD正确，B错误；C．根据动能定理三球所受合力关系三球的初动能相等，所以故C错误．故选AD。点晴：从图象中可以看到上极板带负电，平行板间有竖直向上的电场，正电荷在电场中受到向上的电场力，负电荷受到向下的电场力；不带电的小球做平抛运动，带负电的小球做类平抛运动，加速度比重力加速度大，带正电的小球做加速度比重力加速度小的类平抛运动．由此根据平抛和类平抛运动规律求解．9、AD【解析】

AB.根据I−U

图象知,，图线的斜率表示电阻的倒数，所以R

1

<R

2

，故A正确，B错误；C.串联电路电流相等，所以将R

1

与R

2

串联后接于电源上，电流I

1

=I

2，故C错误；D.并联电路,，电压相等，电流比等于电阻之反比，

所以将R

1

与R

2

并联后接于电源上，电流比I

1

>I

2

，故D

正确。10、AC【解析】

A．保持电键S闭合，电容器两端间的电势差不变，带正电的A板向B板靠近，极板间距离减小，电场强度E增大，小球所受的电场力变大，θ增大，A正确；B．保持电键S闭合，电容器两端间的电势差不变，将A板稍向上移，极板间距离不变，电场强度E不变，小球所受的电场力不变，则θ不变,B错误；C．断开电键S，电容器所带的电量不变，由，，可知d变化，E不变，电场力不变，θ不变，C正确；D．断开电键S，电容器所带的电量不变，由，，将A板稍向上移，s减小，E增大，小球所受的电场力变大，θ增大，D错误.故选AC．【考点】电容器的动态分析三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、3.4062.13【解析】螺旋测微器的固定刻度示数是3mm，可动刻度示数是40.6×0.01mm=0.406mm，螺旋测微器的示数是3mm+0.406mm=3.406mm；游标卡尺主尺示数是2.1cm，游标尺示数是3×0.1mm=0.3mm=0.03cm，则游标卡尺的示数是2.1cm+0.03cm=2.13cm。12、0.1BC【解析】计数点A和B之间、B和C之间均有4个打出的点，则打B、C两点的时间间隔是：

T=0.02s×5=0.1s，

根据平均速度定义式有：，所以为了求出BC段的平均速度，还要用刻度尺量出

BC段的距离．四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1），（2）26A，1606W.【解析】解:(1)S断开时,设通过电源的电流为I,则,

对R1有:

所以有:

对闭合回路:

所以有:r=1Ω(2)S闭合时,设通过的电流为,则

对有:

所以有:

两端电压为:

对闭合回路,设通过电源的电流为,则有:代入数据解得I＝26A设流过R1的电流为IR1，流过电动机的电流为IM，，而IM＋IR1＝