高考化学一轮复习 同步课件 大单元一　第一章　第3讲　氧化还原反应的概念和规律（浙江版）

第一章第3讲

氧化还原反应的概念和规律1.了解氧化还原反应的概念。2.会用“单、双线桥”分析电子转移的方向和数目。3.掌握氧化性、还原性强弱的比较及价态规律的应用。4.会判断氧化还原反应的产物及方程式正误。复习目标课时精练考点一氧化还原反应及相关概念考点二氧化还原反应的价态规律考点三强弱规律和先后规律练真题

明考向内容索引氧化还原反应及相关概念考点一1.氧化还原反应(1)本质：_____转移(得失或偏移)。(2)特征：反应过程中有____________发生变化。2.相关概念的关系电子元素化合价氧化氧化还原还原还原氧化3.常见的氧化剂和还原剂(1)常见的氧化剂常见的氧化剂包括某些非金属单质、含有高价态元素的化合物、过氧化物等。如：Cl-SO2NO或NO2Mn2+Fe2+或FeCr3+(2)常见的还原剂常见的还原剂包括活泼的金属单质、非金属阴离子及含低价态元素的化合物、低价金属阳离子、某些非金属单质及其氢化物等。如：I2Zn2+CO2Fe3+S金属氢化物(如NaH等)、NaBH4也是重要的还原剂。(3)元素化合价处于中间价态的物质既可以作氧化剂，又可以作还原剂。如：

FeSH2OFe3+

O2还原氧化4.氧化还原反应与四种基本反应类型的关系分析下列四个化学反应：A.2Na+2H2O===2NaOH+H2↑B.2HClO2HCl+O2↑C.4NH3+5O24NO+6H2OD.4Fe(OH)2+O2+2H2O===4Fe(OH)3其中属于区域“1”的是

(填字母，下同)，属于区域“2”的是

，属于区域“3”的是

，属于区域“4”的是

。

DBCA1.置换反应一定是氧化还原反应(

)2.复分解反应可能是氧化还原反应(

)3.有单质参加的化合反应一定是氧化还原反应(

)4.有单质生成的分解反应一定是氧化还原反应(

)5.有单质参加或生成的化学反应一定是氧化还原反应(

)√×√√×易错辨析一、电子转移方向和数目的分析方法1.3NF3+5H2O===9HF+2NO+HNO3，用双线桥表示该反应的电子转移：

。

其中NF3是

。

氧化剂、还原剂2.K2Cr2O7+3H2C2O4+4H2SO4===Cr2(SO4)3+6CO2↑+K2SO4+7H2O，用双线桥表示该反应的电子转移：

。3.已知NaBH4与水反应的化学方程式为NaBH4+2H2O===NaBO2+4H2↑。(1)氧化剂为

，还原剂为

。

(2)用“单线桥”标出电子转移的方向和数目：

，其中氧化产物与还原产物的质量比为

。

(3)若生成标准状况下4.48LH2，则转移电子的物质的量为

。

H2ONaBH41∶10.2mol(1)双线桥表示电子得失归纳总结要点

先标化合价，再看价变化，起止同元素，桥上标变化。(2)单线桥表示电子转移要点

箭头由反应物的失电子原子指向反应物的得电子原子，并标注转移电子总数。二、基于双线桥分析陌生氧化还原反应4.(2025·杭州高三一模)六氟合铂酸氙(XePtF6，其中Pt为+5价)是人类发现的第一个稀有气体化合物，与水反应的化学方程式为2XePtF6+6H2O===O2↑+2Xe↑+2PtO2+12HF，下列说法不正确的是A.六氟合铂酸氙中Xe的化合价为+1价B.XePtF6有强氧化性C.每生成1molO2，转移4mol电子D.HF是还原产物√

六氟合铂酸氙分子中铂元素的化合价为+5价，氟元素的化合价为

-1价，由化合物各元素化合价代数和为0可知，氙元素的化合价为+1价，A正确；用双线桥表示该反应过程中的电子转移：

，反应过程中氙元素和铂元素的化合价均降低，六氟合铂酸氙作氧化剂，水作还原剂，被氧化为氧气，HF既不是氧化产物也不是还原产物，B正确、D错误；由双线桥可知，反应生成1

mol氧气时，转移电子的物质的量为4

mol，C正确。5.(2025·浙江二模)火箭推进发生反应的化学方程式为C2H8N2+2N2O4===2CO2+4H2O+3N2(偏二甲肼中C、N元素的化合价相等)。下列说法正确的是A.N2O4是还原剂B.C2H8N2被还原C.氧化产物与还原产物的物质的量之比为2∶3D.生成3molN2，有16NA个电子转移√

偏二甲肼中C、N元素的化合价均为-2价，用双线桥表示该反应过程中的电子转移：

，反应过程中N2O4中N元素的化合价降低，被还原，N2O4是氧化剂，C2H8N2中C元素和N元素的化合价均升高，被氧化，C2H8N2是还原剂，A、B错误；CO2是氧化产物，N2既是氧化产物也是还原产物(3

mol

N2中有1

mol

N2是氧化产物，2

mol

N2是还原产物)，则氧化产物和还原产物的物质的量之比为3∶2，生成3

mol

N2，有16NA个电子转移，C错误、D正确。

反思总结(2)由于氧化还原反应遵循化合价升降相等及得失电子守恒，在分析陌生氧化还原反应转移电子数时，只需要分析化合价升高或降低一方面即可，切忌把化合价升、降进行加和。返回氧化还原反应的价态规律考点二1.价态与氧化性和还原性的规律当元素化合价处在最高价，只有_____性；处在最低价，只有_____性；处在中间价，既有_____性又有_____性。2.升降规律氧化还原反应中，化合价有升必有降，升降总值相等。3.归中规律含不同价态的同种元素的物质间发生氧化还原反应时，遵循“高价+低价→中间价”规律，简记为“只靠拢，不交叉”。氧化还原氧化还原4.歧化规律同一元素发生氧化还原反应生成不同价态物质时，遵循“中间价→高价+低价”规律。1.Na2SO3+H2SO4(浓)===Na2SO4+SO2↑+H2O中浓硫酸是氧化剂(

)2.浓盐酸与KClO3反应中电子转移的方向和数目：(

)3.反应2Na2O2+2H2O===4NaOH+O2↑与反应Cl2+H2O⥫⥬HCl+HClO均为水作还原剂的氧化还原反应(

)×易错辨析××元素价态表现性质具体反应H：_________________O：_______________一、氧化性、还原性的判断1.有下列化学反应：①2Na+2H2O===2NaOH+H2↑

②2F2+2H2O===4HF+O2③Cl2+H2O⥫⥬HCl+HClO

④C+H2O(g)

CO+H2⑤CaO+H2O===Ca(OH)2

⑥2H2O2H2↑+O2↑分析H2O在反应中表现出的性质，完成表格：+1氧化性①④⑥-2还原性②⑥二、预测反应产物2.已知：氮元素有-3、0、+1、+2、+3、+4和+5七种化合价，试据此判断下列六种化合物：①NO；②N2O3；③N2O4；④HNO3；⑤NH3；⑥N2O中：(1)氮元素只能作还原剂的是

(填序号，下同)。

⑤

NH3中氮元素的化合价为-3价，为氮元素的最低价态，只有还原性，只能作还原剂。①NO；②N2O3；③N2O4；④HNO3；⑤NH3；⑥N2O(2)可能是HNO2的还原产物的是

。

①⑤⑥

HNO2中氮元素的化合价为+3价，为氮元素的中间价态，既有氧化性，又有还原性。其发生还原反应时，化合价要降低，所以NO、NH3和N2O都可能是HNO2的还原产物。①NO；②N2O3；③N2O4；④HNO3；⑤NH3；⑥N2O(3)不可能是N2的氧化产物的是

。

⑤

N2中氮元素的化合价为0价，为氮元素的中间价态，既有氧化性，又有还原性。其发生氧化反应时，化合价要升高，所以氮元素化合价比0价低的NH3不可能是N2的氧化产物。(4)已知CuO具有氧化性，能够和氨气反应生成两种单质，请写出在加热条件下CuO和NH3反应的化学方程式：

。2NH3+3CuON2+3Cu+3H2O

氧化铜具有氧化性，能够把氨气氧化成N2，自己被还原成Cu，同时H和O结合生成水，故该反应的化学方程式为2NH3+3CuON2+3Cu+3H2O。3.在热的碱性溶液中，NaClO发生反应：3NaClO===2NaCl+NaClO3。在相同条件下NaClO2也能发生类似的反应，其最终产物是A.NaCl、NaClO B.NaCl、NaClO3C.NaClO、NaClO3 D.NaClO3、NaClO4√

已知反应中氯元素的化合价由+1变为+5和-1。相同条件下NaClO2也能发生类似的反应，则氯元素的化合价应既有升高，也有降低，A项中均降低，D项中化合价均升高；B、C两项与题意相符，但C项中NaClO不是最终产物。4.绿矾(FeSO4·7H2O)受热发生分解反应，其产物可能是A.Fe2O3、SO3、H2O

B.FeO、SO2、H2OC.Fe、SO2、SO3、H2O

D.Fe2O3、SO2、SO3、H2O√

绿矾中硫元素化合价为最高价，而铁元素处于中间价态，受热发生分解反应，结合得失电子守恒，硫元素化合价降低得到二氧化硫，则铁化合价升高会生成氧化铁，结合质量守恒，反应中还会生成水和三氧化硫，故选D。返回强弱规律和先后规律考点三

Cl2>Br2>I2>S应用举例Na+<Zn2+<H+<Cu2+Mg>Fe>Cu>AgBr-<I-<S2-

(4)影响物质氧化性或还原性强弱的因素①本质：物质氧化性、还原性的强弱取决于得、失电子的_____程度，与得、失电子数目的_____无关。②影响因素：物质还原性、氧化性的强弱还与反应环境的许多因素有关，如温度、浓度、酸碱性。一般浓度越大，物质的氧化性或还原性越强；酸性增强时，氧化剂的氧化性增强。难易多少下列各组物质：①Cu与HNO3溶液②Cu与FeCl3溶液③Zn与H2SO4溶液④Fe与FeCl3溶液⑤Cl2与NaOH溶液⑥Fe与HNO3溶液⑦Fe与H2SO4溶液⑧Na与O2(1)由于浓度不同而发生不同氧化还原反应的是

(填序号，下同)。(2)由于温度不同而发生不同氧化还原反应的是

。

(3)氧化还原反应不受浓度、温度影响的是

。

①③⑥⑦应用举例⑤⑥⑦⑧②④

⑥Fe和浓HNO3常温下钝化，加热继续反应；Fe和稀HNO3反应，HNO3被还原成NO。⑦Fe和浓H2SO4常温下钝化，加热继续反应；Fe和稀H2SO4反应生成FeSO4和H2。2.先后规律(1)同时含有几种还原剂时将按照还原性由强到弱的顺序依次反应。如：在FeBr2溶液中通入少量Cl2时被氧化的离子是_____，理由：___________________。(2)同时含有几种氧化剂时将按照氧化性由强到弱的顺序依次反应。如：在含有Fe3+、Cu2+、H+的溶液中加入铁粉，与铁反应的先后顺序是_______________，理由：_____________________。Fe2+还原性：Fe2+>Br-Fe3+、Cu2+、H+氧化性：Fe3+>Cu2+>H+一、依据反应事实判断氧化性、还原性强弱1.下列说法错误的是A.向NaBr溶液中滴入少量氯水和苯，振荡、静置，溶液上层呈橙红色，

所以Br-还原性强于Cl-B.向含I-的无色溶液中滴加少量新制氯水，再滴加淀粉溶液，加入淀粉后

溶液变成蓝色，则氧化性：Cl2>I2C.已知反应：I2+2KClO3===2KIO3+Cl2，则氧化性：KIO3>KClO3D.在CO2中，Mg燃烧生成MgO和C，在该反应条件下，Mg的还原性强于C√

向NaBr溶液中加入少量氯水和苯，振荡、静置后溶液分层，且上层呈橙红色，说明Cl2置换出了Br2，能说明Br-的还原性强于Cl-，A正确；Cl2能将I-氧化为单质I2，淀粉溶液遇I2呈蓝色，B正确；根据氧化剂的氧化性强于氧化产物的氧化性，知氧化性：KClO3>KIO3，C错误；反应的化学方程式为2Mg+CO22MgO+C，还原剂为Mg，还原产物为C，根据还原剂的还原性强于还原产物的还原性知，Mg的还原性强于C，D正确。2.浓硫酸分别与三种钠盐反应，现象如图。下列分析正确的是A.对比①和②可以说明还原性：Br->Cl-B.①和③相比可说明氧化性：Br2>SO2C.②中试管口白雾是HCl遇水蒸气所致，

说明酸性：H2SO4>HClD.③中浓H2SO4被还原成SO2√

反应①生成的红棕色气体是溴蒸气，反应②的白雾是氯化氢，说明浓硫酸能将溴离子氧化成溴单质，而不能将氯离子氧化成氯气，说明还原性：Br->Cl-，故A正确；反应③生成二氧化硫气体，为非氧化还原反应，所以不能比较Br2、SO2的氧化性，故B、D错误；白雾说明氯化氢易挥发，说明挥发性：H2SO4<HCl，故C错误。

√

√

反应中还原剂SO2的还原性大于还原产物Fe2+的还原性，符合题给条件，反应能发生，故不选A；反应中还原剂二氧化硫的还原性大于还原产物I-的还原性，符合题给条件，反应能发生，故不选C；还原性：I->Fe2+，I-先和氯气反应，故不选D。5.某溶液中含有Fe2+、Br-和I-，要除去I-而不氧化Fe2+和Br-，可以加入的试剂是A.Cl2 B.FeCl3

C.FeCl2 D.Br2返回√

由于氧化性：Cl2>Br2>Fe3+>I2，则要除去I-而不氧化Fe2+和Br-，可以加入的氧化剂为铁离子，故选B。精练真题练真题明考向1.(2026·浙江1月选考，4)关于反应SO2+2COS+2CO2，下列说法中正确的是A.CO中的C失电子B.SO2是还原剂C.CO2是还原产物D.氧化剂与还原剂的物质的量之比为2∶1√2.(2024·浙江1月选考，4)汽车尾气中的NO和CO在催化剂作用下发生反应：2NO+2CO2CO2+N2，下列说法不正确的是(NA为阿伏加德罗常数的值)A.生成1molCO2转移电子的数目为2NAB.催化剂降低NO与CO反应的活化能C.NO是氧化剂，CO是还原剂D.N2既是氧化产物又是还原产物√

N2为还原产物，CO2为氧化产物，D错误。3.(2023·浙江1月选考，6)关于反应2NH2OH+4Fe3+===N2O↑+4Fe2++4H++H2O，下列说法正确的是A.生成1molN2O，转移4mol电子B.H2O是还原产物C.NH2OH既是氧化剂又是还原剂D.若设计成原电池，Fe2+为负极产物√

由方程式可知，反应生成1

mol一氧化二氮，转移4

mol电子，故A正确；该反应中H、O元素化合价不变，H2O既不是氧化产物，也不是还原产物，还原产物为Fe2+，故B错误；由方程式可知，反应中氮元素的化合价升高被氧化，NH2OH是反应的还原剂，铁元素的化合价降低被还原，铁离子是反应的氧化剂，故C错误；铁离子是反应的氧化剂，若设计成原电池，铁离子在正极得到电子发生还原反应生成亚铁离子，亚铁离子为正极产物，故D错误。4.(2025·浙江1月选考，6)关于溴的性质，下列说法不正确的是A.Br-可被Cl2氧化为Br2B.Br2与SO2水溶液反应的还原产物为Br-C.Br2+2Fe2+===2Br-+2Fe3+，说明氧化性：Br2>Fe3+D.1molBr2与足量NaOH溶液反应生成NaBr和NaBrO3，转移5mol电子√

氯气具有强氧化性，可将Br-氧化为Br2，A项正确；Br2与SO2水溶液反应，生成HBr和H2SO4，还原产物为Br-，B项正确；反应的氧化剂为Br2，氧化产物为Fe3+，氧化剂的氧化性强于氧化产物的氧化性，故氧化性：Br2>Fe3+，C项正确；Br2与足量NaOH溶液反应生成NaBr和NaBrO3，反应的化学方程式为3Br2+6NaOH===5NaBr+NaBrO3+3H2O，3

mol

Br2参与反应，转移5

mol电子，D项错误。返回精练高频考点提升关键能力课时精练对一对题号12345678答案AACBBACC题号9101112答案CCDC答案1234567891011121314答案123456789101112131413.(1)(2)A

(3)5∶2

(4)0.2NA答案123456789101112131414.

1.(2025·山东，1)下列在化学史上产生重要影响的成果中，不涉及氧化还原反应的是A.侯德榜发明了以NH3、CO2和NaCl为原料的联合制碱法B.戴维电解盐酸得到H2和Cl2，从而提出了酸的含氢学说C.拉瓦锡基于金属和O2的反应提出了燃烧的氧化学说D.哈伯发明了以N2和H2为原料合成氨的方法1234567891011121314答案√1234567891011121314答案

联合制碱法发生的化学反应为NaCl+NH3+CO2+H2O===NaHCO3↓+NH4Cl、2NaHCO3Na2CO3+H2O+CO2↑，该过程未发生氧化还原反应，A符合题意；电解盐酸时HCl转化为H2、Cl2，发生氧化还原反应，B不符合题意；金属与O2两种单质反应生成化合物，发生氧化还原反应，C不符合题意；以N2和H2为原料合成NH3，发生氧化还原反应，D不符合题意。2.下列变化过程与氧化还原反应无关的是A.推动盛有NO2的密闭针筒的活塞，压缩气体，气体颜色变深B.将酸性KMnO4溶液滴入乙醇溶液中，溶液紫色褪去C.将FeSO4溶液加入NaOH溶液中，最终生成红褐色沉淀D.向包有Na2O2粉末的脱脂棉上滴几滴蒸馏水，脱脂棉燃烧1234567891011121314答案√1234567891011121314答案

推动盛有NO2的密闭针筒的活塞，增大压强，反应2NO2⥫⥬N2O4的平衡正向移动，但NO2的浓度增大，气体颜色变深，不涉及氧化还原反应，故A符合题意；乙醇有还原性，高锰酸钾有氧化性，二者发生氧化还原反应使高锰酸钾溶液紫色褪去，故B不符合题意；Fe2+与NaOH反应生成Fe(OH)2白色沉淀，Fe(OH)2被氧化为Fe(OH)3红褐色沉淀，涉及氧化还原反应，故C不符合题意；Na2O2加水反应生成氧气，涉及氧化还原反应，故D不符合题意。

√1234567891011121314答案1234567891011121314答案

4.(2024·杭州学军中学高三下6月考前模拟)NaAlH4是一种强还原剂，在碱性条件下能够与CuSO4发生反应：NaAlH4+4CuSO4+8NaOH===Na[Al(OH)4]+4Cu+4Na2SO4+4H2O，下列说法不正确的是A.还原剂和还原产物之比为1∶4B.NaAlH4中含离子键、非极性共价键、配位键C.H2O中中心原子为sp3杂化，VSEPR模型为四面体D.每生成1molNa[Al(OH)4]转移电子的物质的量为8mol1234567891011121314答案√1234567891011121314答案

由化学方程式可知，反应中氢元素的化合价升高，被氧化，NaAlH4是反应的还原剂，铜元素的化合价降低，被还原，铜是还原产物，还原剂和还原产物之比为1∶4，故A正确；水分子中氧原子的价层电子对数为4，氧原子的杂化方式为sp3杂化，分子的VSEPR模型为四面体，故C正确；由化学方程式可知，反应生成1

mol四羟基合铝酸钠时，转移电子的物质的量为8

mol，故D正确。5.(2025·浙江二模)金属铜与浓盐酸共热时可得到亚铜合三氯酸[H2(CuCl3)]：2Cu+6HCl(浓)2H2(CuCl3)+H2↑。下列说法不正确的是A.H2(CuCl3)中Cu的化合价为+1价B.H2既是氧化产物，又是还原产物C.HCl在反应中表现了氧化性和酸性D.H2(CuCl3)可能是一种弱酸，不存在离子键√1234567891011121314答案

H2(CuCl3)中H为+1价，Cl为-1价，根据化合价代数和为零可知Cu的化合价为+1价，故A正确；H2为还原产物，故B错误；从强酸制弱酸的角度分析，H2(CuCl3)可能是一种弱酸，不存在离子键，故D正确。1234567891011121314答案6.已知Co2O3在酸性溶液中易被还原成Co2+，且还原性：I->Fe2+>Cl->Co2+。下列反应在水溶液中不可能发生的是A.3Cl2+6FeI2===2FeCl3+4FeI3B.Cl2+FeI2===FeCl2+I2C.Co2O3+6HCl===2CoCl2+Cl2↑+3H2OD.2Fe3++2I-===2Fe2++I2√1234567891011121314答案1234567891011121314答案

氯气可以氧化Fe2+，也可以氧化I-，但是碘离子还原性强于亚铁离子，碘离子会先被氯气氧化，Cl2不足时：Cl2+2I-===2Cl-+I2，Cl2过量时：3Cl2+2Fe2++4I-===6Cl-+2I2+2Fe3+，A错误。下列说法不正确的是A.过程Ⅰ同时可生成副产物，可用作氮肥B.若试剂A是NaClO，其还原产物为NaClC.过程Ⅲ若有3molHN3生成，则转移20mol电子D.试剂B具有氧化性1234567891011121314答案7.(2024·浙江省强基联盟高三联考)氮及其化合物的相互转化对生产生活意义重大。NH3可发生如下转化：√1234567891011121314答案

过程Ⅰ的化学方程式为4NH3+COCl2===CO(NH2)2+2NH4Cl，生成副产物NH4Cl，可用作氮肥，故A正确；CO(NH2)2中氮元素为-3价，N2H4中氮元素为-2价，则试剂A具有氧化性，若试剂A是NaClO，其还原产物为NaCl，故B正确；过程Ⅲ发生反应：N2H4+HNO2===HN3+2H2O，每生成3

mol

HN3，则转移10

mol电子，故C错误；NH2OH中氮元素为-1价，NH3中氮元素为-3价，则试剂B具有氧化性，故D正确。

√1234567891011121314答案1234567891011121314答案

1234567891011121314答案√1234567891011121314答案

1234567891011121314答案√1234567891011121314答案

1234567891011121314答案√1234567891011121314答案

1234567891011121314答案

12.CH4和CO2按照一定物质的量之比向某容器中投料，反应经如下流程(主要产物已经标出)实现CO2的高效转化，下列说法正确的是A.过程ⅰ中，每消耗22.4LCH4反应中转

移的电子数为6NAB.过程ⅱ中，氧化剂为Fe3O4和H2C.过程ⅲ中，C得到电子，发生还原反应D.上述流程只涉及两种单质1234567891011121314答案√1234567891011121314答案

CH4所处的状态未知，故无法计算22.4

L

CH4的物质的量，即无法计算反应中转移的电子数，A错误；由转化流程图可知，过程ⅱ中涉及反应Fe3O4+4CO3Fe+4CO2和Fe3O4+4H23Fe+4H2O，故Fe3O4为氧化剂，而H2作还原剂，B错误；由转化流程图可知，过程ⅲ中反应为4CaCO3+3Fe4CaO+Fe3O4+4CO，故C得到电子，发生还原反应，C正确；由转化流程图可知，上述流程涉及Fe、H2、He三种单质，D错误。13.反应：2KMnO4+16HCl(浓)===2KCl+2MnCl2+5Cl2↑+8H2O用于实验室制备氯气。(1)请用双线桥法标出电子转移的方向和数目：

。

1234567891011121314答案1234567891011121314答案

反应2KMnO4+16HCl(浓)===2KCl+2MnCl2+5Cl2↑+8H2O中，Mn元素的化合价由+7价降低为+2价，在反应中得5e-，KMnO4完全被还原，反应系数为2，则共计得到2×5e-。氯元素由-1价升高为0价，在反应中失电子，HCl只有部分被氧化，根据得失电子守恒可知，则共计失去10×e-，故用双线桥法标出电子转移的方向和数目为

。(2)KMnO4在上述反应中显示出来的性质是

(填字母)。

A.氧化性