北京市对外经贸大学附属中学2027届高二上物理期中教学质量检测试题含解析

北京市对外经贸大学附属中学2027届高二上物理期中教学质量检测试题注意事项：1．答题前，考生先将自己的姓名、准考证号填写清楚，将条形码准确粘贴在考生信息条形码粘贴区。2．选择题必须使用2B铅笔填涂；非选择题必须使用0．5毫米黑色字迹的签字笔书写，字体工整、笔迹清楚。3．请按照题号顺序在各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试题卷上答题无效。4．保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、AB和CD为圆上两条相互垂直的直径，圆心为O。将电量分别为+q和-q的两点电荷放在圆周上，其位置关于AB对称且距离等于圆的半径，如图所示，此时圆心O处电场强度为E。要使圆心处的电场强度大小为2E，可在圆周上再放一个适当的点电荷Q，则该点电荷Q（）A．应放在A点，Q=+q B．应放在B点，Q=-2qC．应放在C点，Q=+q D．应放在D点，Q=-2q2、如图所示，质量相同的两个粒子a、b以相同的速度垂直于电场方向射入两平行板间的匀强电场，a从两极板正中央边缘射入，b从上极板边缘射入，它们最后打在下极板同一点，粒子的重力不计，则A．它们的运动时间不相同B．它们的加速度相同C．它们所带电的电量之比为qa：qb=1:2D．它们从射入到打到下极板的动能增量之比为1:23、如图所示，MN为两个匀强磁场的分界面，两磁场的磁感应强度大小的关系为B1＝2B2，一带电荷量为＋q、质量为m的粒子从O点垂直MN进入磁感应强度为B1的磁场，不计粒子的重力，则经过多长时间它将向下再一次通过O点()A． B． C． D．4、在电场中某点放上电荷量为2×10-8C的带负电的试探电荷，它受到的电场力为6A．3×106N/CC．3×106N/C5、一定质量的理想气体（不计分子势能），可能发生的过程是（）A．气体等温压缩，气体内能增大B．气体等容放热，气体压强减小C．气体等容吸热，气体温度不变D．气体等温膨胀，气体内能减少6、下列选项中用来描述电容器储存电荷能力的物理量是（）A．电压 B．电量 C．电容 D．电场强度二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、质量为m的物块甲以3m/s的速度在光滑水平面上运动，有一轻弹簧固定其上，另一质量也为m的物块乙以4m/s的速度与甲相向运动，如图所示，则（）A．当两物块相距最近时，物块甲的速率0.5m/sB．相互作用之后物块甲的速率可能达到4.1m/sC．甲、乙两物块在弹簧压缩过程中，由于弹力作用,动量不守恒D．当物块甲的速率为1m/s时，物块乙的速率可能为2m/s，也可能为08、如图所示，在一个匀强电场中有一个四边形ABCD，电场方向与四边形ABCD平行，其中M为AD的中点，N为BC的中点．一个电荷量为q的正粒子，从A点移动到B点过程中，电势能减小W1，若将该粒子从D点移动到C点，电势能减小W2，下列说法正确的是（）A．匀强电场的场强方向必沿MN方向B．若将该粒子从M点移动到N点，电场力做功W=C．若D、C之间的距离为d，则该电场的场强大小为E=D．若M、N之间的距离为d，该电场的场强最小值为E=9、图1为一列简谐横波在t=0时刻的波形图，P、Q为介质中的两个质点，图2为质点P的振动图象，则A．t=0.2s时，质点Q沿y轴负方向运动B．0～0.3s内，质点Q运动的路程为0.3mC．t=0.5s时，质点Q的加速度小于质点P的加速度D．t=0.7s时，质点Q距平衡位置的距离小于质点P距平衡位置的距离10、如图所示,把柔软的铝箔条折成天桥状并用胶纸粘牢两端固定主桌面上,使蹄形磁铁横跨过“天桥”，当电池与铝箔接通时()A．铝箔条中部向下方运动B．铝箔条中部向上方运动C．蹄形磁铁对桌面的压力增大D．蹄形磁铁对桌面的压力减小三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）为了精确测量一导体的电阻：(1)用多用电表粗测其电阻，用已经调零且选择开关指向欧姆挡“×10”档位的多用电表测量，发现指针的偏转角度太大，这时他应将选择开关换成欧姆挡的“______”档位(选填“×100”或“×1”)，然后进行______，再次测量该导体的阻值，其表盘及指针所指位置如图所示，则该导体的阻值为______Ω．(2)现要进一步精确测量其阻值Rx,实验室提供了下列可选用的器材：电源E：电动势约为4.5V,内阻忽略不计；电压表V：量程15V电流表A1：量程50mA、内阻r1=20Ω；电流表A2：量程200mA、内阻r2约为4Ω；定值电阻R0：阻值为80Ω；滑动变阻器R1：最大阻值为10Ω；单刀单掷开关S、导线若干．①测量中要求电表读数误差尽可能小，应该选用的电表是___________；②试将方框中测量电阻Rx的实验电路原理图补充完整___________(原理图中的元件用题干中相应的英文字母标注)．12．（12分）用螺旋测微器测量某一物体厚度时，示数如图甲所示，读数是______mm。用游标卡尺可以测量某些工件的外径。在测量时，示数如图乙所示，则读数为_______mm读出下列电表的测量值．接0~3V量程时读数为_______V．接0~0.6A量程时读数为_______A．四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）一台“6V，15W”的直流电动机的线圈电阻为R=0.5Ω，接在电动势E=6V，内阻r=0.5Ω的电源上工作时，测得电动机两端电压是5V，求：（1）电源的总功率；（2）电源的输出功率；（3）电动机的发热功率；（4）电动机的输出功率．14．（16分）光滑绝缘半球槽的半径为R,处在水平向右的匀强电场中,一质量为m的带电小球从槽的右端A处(与球心等高)无初速度沿轨道滑下,滑到最低点B时,球的速度为gR。求:(1)小球从A到B的过程中受到的电场力做的功(2)电场力的大小15．（12分）一根长为L=3.2m、横截面积S=1.6×10﹣3m2的铜棒，两端加电压U=7.0×10﹣2V．铜的电阻率ρ=1.75×10﹣8Ω•m，求：（1）通过铜棒的电流；

（2）铜棒内的电场强度．

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、A【解析】

根据电场的叠加，先求出两个点电荷在0点的合场强大小和方向，在根据电场的叠加确定第三个点电荷；【详解】根据库仑定律，两个点电荷在O点产生的场强大小都为kqr2，两个场强的方向互成120°，根据平行四边形定则，合场强大小为E=kqr2，方向水平向左，现要使圆心处的电场强度大小为2E，所以第三个点电荷在O点产生的场强大小为kqr2，场强方向应为竖直方向，所以该电荷应放在A点或B故选A。关键掌握点电荷的场强公式E=kq2、C【解析】

A：两粒子做类平抛运动，水平方向做匀速直线运动，则x=v0t、xa=xB：竖直方向粒子做匀加速直线运动，则y=12at2、ya:C：对粒子a=qEm，aa:aD：据动能定理，粒子从射入到打到下极板的动能增量ΔEk=qEy，qa:qb3、B【解析】

粒子在磁场中做匀速圆周运动，根据：有：则：根据左手定则，运动轨迹如图所示。因为周期：则：所以它再一次到达O点的时间为：故B正确，ACD错误。故选B。4、C【解析】试题分析：根据公式E=Fq可得该点的电场强度为考点：考查了对电场强度的理解5、B【解析】

A.气体等温压缩，温度不变，则气体内能不变，选项A错误；B.气体等容放热，则W=0，Q<0，根据∆U=W+Q，则∆U<0，温度降低，根据可知，气体压强减小，选项B正确；C.气体等容吸热，则W=0，Q>0，根据∆U=W+Q，则∆U>0，温度升高，选项C错误；D.气体等温膨胀，温度不变，则气体内能不变，选项D错误。故选B。6、C【解析】

电容是用来描述电容器储存电荷能力的物理量；A．电压，与结论不相符，选项A错误；B．电量，与结论不相符，选项B错误；C．电容，与结论相符，选项C正确；D．电场强度，与结论不相符，选项D错误；二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AD【解析】当两物块相距最近时速度相同，取碰撞前乙的速度方向为正方向，设共同速率为v，由动量守恒定律得：，代入数据解得：v=0.5m/s，故A正确；若物块甲的速率达到4.1m/s，方向与原来相反，则：，代入数据代入解得：v乙′=-3.1m/s，两个物体的碰后动能之和增大，违反了能量守恒定律；若物块甲的速率达到4.1m/s，方向与原来相同，根据动量定理可知，甲的速度不可能增大，综合分析可得故B错误；甲、乙两物块（包括弹簧）组成的系统在弹簧压缩过程中，系统所受的合外力为零，系统动量守恒，故C错误；甲、乙组成的系统动量守恒，若物块甲的速率为1m/s，方向与原来相同，由动量守恒定律得：，代入数据解得：v乙′=2m/s；若物块甲的速率为1m/s，方向与原来相反，由动量守恒定律得：，代入数据解得：v乙′=0，故D正确。所以AD正确，BC错误。8、BD【解析】

根据正电子移动过程电势能变化可得：电势关系φA−φB＝W1q，φD−φC＝W2q；根据几何关系可得：φM＝12(φA+φD)，φN＝12(φB+φC)，根据上述条件，并不能得到沿MN方向电势降落最快，或垂直MN的两个点电势相等，故不能得到场强方向沿MN方向，故A错误；若将该粒子从M点移动到N点，电场力做功W＝q(φM−φN)＝12q(φA−φB+φD−φC)＝W1+W22，故B正确；由于无法求解电场方向，故场强大小无法求解，故C匀强电场中任一直线上的电势变化都是均匀变化；直线与电场线平行，则变化速率最大；直线与电场线夹角越大则变化速率越小。9、CD【解析】

A．由振动图像可知T=0.4s，t=0时刻质点P向上振动，可知波沿x轴负向传播，则t=0.2s=0.5T时，质点Q沿y轴正方向运动，选项A错误；B．0.3s=T，因质点Q在开始时不是从平衡位置或者最高点（或最低点）开始振动，可知0～0.3s内，质点Q运动的路程不等于，选项B错误；C．t=0.5s=1T时，质点P到达最高点，而质点Q经过平衡位置向下运动还没有最低点，则质点Q的加速度小于质点P的加速度，选项C正确；D．t=0.7s=1T时，质点P到达波谷位置而质点而质点Q还没到达波峰位置，则质点Q距平衡位置的距离小于质点P距平衡位置的距离，选项D正确．10、BC【解析】

AB.由题意可知，通过天桥的电流方向由外向内，而磁场方向由N到S极，根据左手定则，则可知，箔条中部受到的安培力向上，铝箔条中部向上方运动；故A项错误，B项正确.CD.箔条受到磁铁的安培力向上，根据牛顿第三定律可知箔条对磁铁的磁力向下，则蹄形磁铁对桌面的压力增大；故C项正确，D项错误.三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、×1欧姆调零40.0A1、A2图见解析【解析】

（1）[1]．多用电表指针的偏转角度太大，指示值太小，要使指针指在中央附近，指示值变大，根据欧姆挡读数=指示值×倍率可知，应换用倍率小的挡位，用×1挡．

[2][3]．换挡后，要重新进行欧姆调零．此段电阻丝的电阻为40.0Ω．

（2）①[4]．电源的电动势为4.5V，则电压表的量程（15V）过大，则可用已知内阻的电流表A1与定值电阻R0串联作为电压表；则所选的电表是A1A2；[5]．电路如图；12、1.195;11.50;2.16;0.15;【解析】

游标卡尺的主尺读数为：1.1cm=11mm，游标尺上第10个刻度和主尺上某一刻度对齐，所以游标读数为10×0.05mm=0.50mm，所以最终读数为：11mm+0.50mm=11.50mm．螺旋测微器的固定刻度为1mm，可动刻度为19.5×0.01mm=0.195mm，所以最终读数为1mm+0.195mm=1.195mm．电压表接0~3V量程时精度为0.1V，则读数为2.16V．接0~0.6A量程时精度为0.02A，则读数为0.15A．四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）12W（2）10W（3）2W（4）8W【解析】

根据闭合电路欧姆定律求出总电流，根据P=EI即可求解；根据P出=IU即可求解；根据P热=I2R即可求解；根据电动机的输出功率P机=P出-P热即可求解．【详解】（1）根据闭合电路欧姆定律得：所以电源的总功率P=EI=12W（2）电源的输出功率P出=IU=10W（3）电动机的发热功率P热=I2R=22×0.5W=2W（4）电动机的输出功率P机=P出-P热=10-2=8W当电动机正常工作时，其电路是非纯