安徽省白泽湖中学2027届物理高二上期中经典试题含解析

安徽省白泽湖中学2027届物理高二上期中经典试题请考生注意：1．请用2B铅笔将选择题答案涂填在答题纸相应位置上，请用0．5毫米及以上黑色字迹的钢笔或签字笔将主观题的答案写在答题纸相应的答题区内。写在试题卷、草稿纸上均无效。2．答题前，认真阅读答题纸上的《注意事项》，按规定答题。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示，阴极射线管（A为其阴极）放在蹄形磁铁的N、S两极间，当阴极射线管与高压直流电源相连接时，从A射出电子束，在磁场的作用下发生偏转，以下说法正确的是A．A接直流高压电源的正极，电子束向上偏转B．A接直流高压电源的正极，电子束向下偏转C．A接直流高压电源的负极，电子束向上偏转D．A接直流高压电源的负极，电子束向下偏转2、对于如图所示电场中的A、B、C三点，下列判断正确的是()A．B点的电场强度最大B．A点的电势最高C．正电荷在B点受到的电场力最大D．负电荷在A点具有的电势能最大3、如图所示，击球员用棒球棍回击飞过来的棒球时，球棒击棒球的力（）A．比球撞击球棒的力更早产生B．与球撞击球棒的力同时产生C．大于球撞击球棒的力D．小于球撞击球棒的力4、如图所示是某电源的路端电压与电流的关系图象，下列结论错误的是A．电源的电动势为6.0VB．电源的内阻为2ΩC．电源的短路电流为0.5AD．当外电阻为2Ω时电源的输出功率最大5、把两根同种材料的电阻丝分别连在两个电路中，A电阻丝长为L，直径为d，B电阻丝长为4L，直径为3d。要使两电阻丝在相同时间内产生的热量相等，加在两电阻丝上的电压之比应当满足（）A．UA∶UB=1∶1B．UA∶UB=3∶1C．UA∶UB=3∶3D．UA∶UB=3∶26、从地球上发射的两颗人造地球卫星A和B，绕地球做匀速圆周运动的半径之比为RA：RB=4：1，它们运动周期之比TA：TB为（）A．2：1B．4：1C．8：1D．16：1二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、光滑绝缘的水平面上有一棱形abcd,∠bad=60°，在a、b、c三个顶点上分别放置一个点电荷qa、qbA．qb一定带正电B．qC．qa=3qbD．8、图中K、L、M为某静电场中的三个相距较近的等差等势面，电势满足φK<φL<φM，等势面关于bc连线对称．现将一个带负电的试探电荷先从图中a点沿直线移到b点，再从b点沿直线移到c点．则该试探电荷在此全过程中()A．所受电场力的方向不变B．所受电场力一直变大C．电势能一直减小D．电势能先不变后增大9、如图所示电路，R1是定值电阻，R2是滑动变阻器，L是小灯泡，C是电容器，电源内阻为r．开关S闭合后，在滑动变阻器的滑片向上滑动过程中A．电压表示数变大B．小灯泡变亮C．电容器所带电荷量增大D．电源的总功率变大10、如图所示电路中，三只灯泡原来都正常发光，当滑动变阻器的滑动触头P向右移动时，下面判断正确的是()A．L1和L3变暗，L2变亮B．L1变暗，L2变亮，L3变亮C．L1上的电压变化绝对值小于L2上的电压变化绝对值D．L1中电流变化绝对值大于L3中的电流变化绝对值三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）用如图(a)所示实验电路测电源电动势和内电阻，其中R0为定值电阻，R为阻值可调可读的电阻箱。（1）实验测得多组电阻箱读数R及对应的电流传感器（相当于理想电流表）读数I，选取电阻箱读数R(Ω)为横坐标，选取y为纵坐标，由计算机拟合得到如图(b)所示的实验图像,则纵坐标（______）A．y=I(A)B．y=I2(A2)C．y=D．y（2）若R0=3Ω,根据在（1）中选取的纵坐标y,由实验图像(b)可得电源电动势E=__________V,内阻r=__________Ω。（小数点后保留一位）12．（12分）某实验小组想描绘标有“4V

2W”的小灯泡的U-I图像，除导线和开关外还备有以下器材可供选择:A．电流表A1(量程0.6A，内阻约为1)B．电流表A2(量程3.0A，内阻约为0.2)C．电压表V1(量程5.0V，内阻约为5k)D．电压表V2(量程15.0V，内阻约为15)E.滑动变阻器R1(最大阻值为5，额定电流500)F.滑动变阻器(最大阻值为10，额定电流2.0A)G.电源(电动势为6.0V，内阻约为0.5)(1)实验中所用的电流表应选________;电压表应选________;滑动变阻器应选________.（填所选仪器前面的符号）(2)在虚线框内画出实验的电路图________。四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）如图所示，已知电源电动势E=20V，内阻r=1Ω，当接入固定电阻R=4Ω时，电路中标有“3V，6W”的灯泡L和内阻RM=0.5Ω的小型直流电动机M都恰能正常工作．求：（1）电路中的电流I；（2）电源的输出功率P外；（3）电动机的输出功率P出．14．（16分）在如图所示的电路中，R1＝3Ω，R2＝6Ω，R3＝1.5Ω，C＝20μF，当开关S断开时，电源的总功率为2W；当开关S闭合时，电源的总功率为4W，求：(1)电源的电动势和内电阻；(2)闭合S时，电源的输出功率；(3)S断开和闭合时，电容器所带的电荷量各是多少？15．（12分）如图所示，连接在电路中的电阻大小分别为R1=R2=6Ω,R3=R4=2Ω,电容器的电容为30μF（1）电路稳定后电流表的示数；（2）电路稳定后电容器两端的电压；（3）在断开电源时通过R1

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、D【解析】

为了使电子束射出后得到电场的加速，则A接直流高压电源的负极，根据左手定则可知，电子束向下偏转；故选项D正确，ABC错误；2、B【解析】

根据电场线的疏密分析场强的大小，确定电场力的大小，电场线越密，场强越大，同一电荷受到的电场力越大，根据顺着电场线电势降低，判断电势的高低，根据推论：负电荷在电势高处电势能小判断电势能的大小；【详解】A、A处电场线最密，电场强度最大，B点处电场线最稀疏，场强最小，故A错误．

B、根据顺着电场线电势降低可知，A点的电势最高，故B正确；

C、A处电场线最密，电场强度最大，由知同一电荷在A点受到的电场力最大，同理可知在B处受到的电场力最小，故C错误；

D、A点电势最高，由知负电荷在A处电势能最小，故D错误．本题中电场中常见问题，关键抓住电场线的物理意义：电场线的疏密表示电场的强弱，电场线的方向反映电势的高低．3、B【解析】试题分析：根据牛顿第三定律可知作用力反作用力总是等大、反向，同时产生同时消失的，所以但为B考点：作用力与反作用力点评：本题考查了作用力与反作用力的理解，相互作用力是同种性质的力，肯定同时产生同时消失．4、C【解析】

电源的路端电压与电流的关系图象中应明确：图象与纵坐的交点为电源的电动势；但与横坐标的交点可能不是短路电流，要根据对应的纵坐标进行分析；图象的斜率表示电源的内阻。【详解】因该电源的U-I图象的纵轴坐标并不是从零开始的，故纵轴上的截距虽为电源的电动势，即E=6.0

V，但横轴上的截距0.5

A并不是电源的短路电流，且内阻应按斜率的绝对值计算，即r=ΔU本题选不正确的，故应选：C。对于电源的U-I图象要注意认真观察其坐标的设置，本题中由于纵坐标不是从零开始的，故图象与横坐标的交点不是短路电流。5、D【解析】

根据电阻定律R=ρLS可知RA:RB=ρL本题考查运用比例法解题的能力。对于纯电阻电路，求解热量三个公式通用，即Q=UIt=I6、C【解析】由开普勒第三定律得，解得，故C正确，ABD错误；故选C。【点睛】考查了开普勒第三定律，即可解决。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AD【解析】

因为棱形中心o点的电场强度方向由o指向d，故a、c一定是同种电荷，b为正电荷，由于b点电荷离d点较远，为了满点o、d两点的电场强度相同，根据电场的叠加原理可知，a、c两点的电荷一定是同种等量的正电荷，故A正确，B错误；根据o、d两点的电场强度相同，O点的电场强度为E0=kqbob8、AB【解析】

等势面与电场线的方向垂直，电场线从高等势面指向低等势面，所以等势面L处的电场的方向向左；负电荷从a到b的过程中，受到的电场力的方向向右；由图可知，负电荷从b到c的过程中受到的电场力的方向也向右。故A正确；等差等势面的疏密表示电场的强弱；由图可得，电荷a→b→c的过程中，c处的等势面最密，a处的等势面最疏，所以电荷a→b→c的过程中，所受电场力一直变大。故B正确；在等势面上移动电荷时，电场力不做功，所以a到b的过程中电场力不做功；b到c的过程中负电荷受到的电场力的方向向右，电场力做正功，电势能减小。故CD错误。故选AB。本题要求学生判断出特定电场的等势面的特点，并判定电荷在运动过程中受力情况，从而可以判断电场受力及电荷能量变化．9、AC【解析】

AB．闭合开关S后，当滑动变阻器触头P向上移动时，R2增大，外电路总电阻增大，干路中电流减小，则小灯泡亮度变暗。电源的内电压减小，路端电压增大，则电压表的示数变大。故A符合题意，B不符合题意。C．电路稳定时电容器的电压等于R2的电压，根据串联电路电压分配规律可知，R2增大，电容器的电压增大，则电容器所带电荷量增大。故C符合题意。

D．电源的总功率为P=EI，干路电流I减小，则电源的总功率变小。故D不符合题意。10、AC【解析】

AB、当滑片右移时，滑动变阻器接入电阻增大，则电路中总电阻增大，由闭合电路欧姆定律可知电路中总电流减小，故L变暗；电路中电流减小，故内阻及、两端的电压减小，而电动势不变，故并联部分的电压增大，故L变亮；因中电流增大，干路电流减小，故流过的电流减小，故L变暗；故A正确，B错误；C、因并联部分的电压与、及内电阻上的总电压等于电源的电动势,两端的电压增大，、及内阻r两端的电压减小，而电动势不变，故L两端电压增大值应等于其它三个电阻的减小值，故L上电压变化值小于上的电压变化值；故C正确；D、因中电流减小，中电流减小，而中电流增大；开始时有：，故I电流的变化值一定小于中电流的变化值，故D错误；故选AC．三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、CE=3.0Vr=0.9Ω【解析】

（1）利用闭合电路欧姆定律可得：E=I（R+R0+r）可得：1I=1E⋅R+R0+rE

所以纵坐标y应为1I，其单位为A-1，故ABD图象斜率：1E=2.6-1.33.9V-1，可得电源电动势：E=3.0V

图象截距：R0+r本题考查电源的电动势和内电阻的测量方法及数据处理；解题的关键在于数据处理；要注意图象法的应用，此题对学生数学知识的应用能力要求较高。12、ACF【解析】

(1)[1]小灯泡额定电流：，故电流表应选A1，即A；[2]灯泡额定电压为4V，则电压表应选V1，即C；[3]为方便实验操作，保证电路安全，滑动变阻器R1的额定电流太小，滑动变阻器应选择：R2；(2)[4]灯泡正常工作时的电阻，远小于电压表内阻，属于小电阻，所以电流表采用外接法，电压和电流需从0开始测起，所以滑动变阻器需采用分压式接法，电路图如图所示．四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）2A（2）36W（3）12W【解析】

（1）灯泡L正常发光，电路中的电流为代入数据得：I=2A（2）电源的输出功率为P外=P总-P内，即P外=EI-I2r代入数据得：P外=36W（3）由串联电路分压关系得：UM=E-I（r+R）-UL代入数据得：UM=7V电动机的输出功率为P出=P电-P热，即P出=IUM-I2RM代入数据得：P出=12W14、(1),（2）3.5W（3）,0【解析】

断开S，R2、R3串联，根据闭合电路欧姆定律求解出电流和电功率表达式；S闭合，R1、R2并联再与R3串联，再次根据闭合电路欧姆定律求解出电流和电功率表达式；最后联立求解；闭合S时电源的输出功率为P=EI-I2r；S断开时，C两端电压等于电阻R2两端电压，求解出电压后根据Q=CU列式求解．【详解】（1）S断开，R2、R3串联根据闭合电路欧姆定律可得：总功率为：S闭合，R1、R2并联再与R3串联，总外电阻根据闭合电路欧姆定律可得：所以总功率为：联立解得：E=4V，r=0.5Ω（2）闭合S，总外电阻R′=3.5Ω

干路电流为输出功率P出=EI′-I′2r=4×1-1×0.5=3.5W

（3）S断开时，C两端电压等于电阻R2两端电压：可得电量为：Q=CU2=20×10-6×