安徽省池州市东至第二中学2027届高二物理第一学期期中检测试题含解析

安徽省池州市东至第二中学2027届高二物理第一学期期中检测试题考生须知：1．全卷分选择题和非选择题两部分，全部在答题纸上作答。选择题必须用2B铅笔填涂；非选择题的答案必须用黑色字迹的钢笔或答字笔写在“答题纸”相应位置上。2．请用黑色字迹的钢笔或答字笔在“答题纸”上先填写姓名和准考证号。3．保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，在草稿纸、试题卷上答题无效。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示，质量为m的带电小球用绝缘丝线悬挂于O点，并处在水平向左的匀强电场E中，小球静止时丝线与竖直方向夹角为θ，若剪断丝线，则小球的加速度为()A．0B．g，方向竖直向下C．gtanθ，水平向右D．g/cosθ，沿绳向下2、一个未知电阻，无法估计其电阻值，某同学用伏安法测量此电阻，用图（a）（b）两种电路各测一次，用（a）图所测数据为3.0V，3.0mA，用（b）图测得的数据是2.9V，4.0mA，由此可知，用(a)或(b)图测得Rx的误差较小，和测量Rx对应值以下各组正确的是：A．(a)；725ΩB．(b)；725ΩC．(a)1000ΩD．(b)；1000Ω3、现有一个灵敏电流计，它的满偏电流为，内阻，若要将它改装成量程为3V的电压表，则应在该灵敏电流计上A．串联一个2500Ω的电阻B．串联一个25000Ω的电阻C．串联一个3000Ω的电阻D．并联一个2500Ω的电阻4、如图所示的U-I图象中，直线Ⅰ为某电源的路端电压与电流的关系，直线Ⅱ为某一电阻R的伏安特性曲线，用该电源直接与电阻R连接成闭合电路，由图象可知（）A．R的阻值为1.5ΩB．电源电动势为3V，内阻为0.5ΩC．电源的输出功率为3.0WD．电源内部消耗功率为0.5W5、如图，电源内阻忽略不计，闭合电键，电压表V1示数为U1，电压表V2示数为U2，电流表A示数为I．在滑动变阻器R1的滑片由a端滑到b端的过程中（）A．U1先增大后减小B．U1与I的比值先增大后减小C．U1变化量与I变化量的比值不变D．U2变化量与I变化量的比值先增大后减小6、如图所示，A是静止在赤道上随地球自转的物体，B、C是同在赤道平面内的两颗人造卫星，B位于离地高度等于地球半径的圆形轨道上，C是地球同步卫星．则下列关系正确的是()A．物体A随地球自转的角速度大于卫星B的角速度B．卫星B的线速度小于卫星C的线速度C．物体A随地球自转的向心加速度小于卫星C的向心加速度D．物体A随地球自转的周期大于卫星C的周期二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示,一等腰直角三棱镜放在真空中,斜边BC长度为d,一束黄光以60°的入射角从AB侧面的中点D入射,折射后直接射到侧面AC,不考虑光在AC面的反射。已知三棱镜对黄光的折射率为n=62，真空中的光速为c,A．黄光进入AB面的折射角为45°B．黄光通过棱镜的时间为6C．红光沿相同方向自D点射入,在AC面上可能发生全反射D．白光沿相同方向自D点射入,在AC面右侧屏上出现彩色条纹是光的衍射8、如图所示，两极板间距为d的平行板电容器与一电源连接，开关S闭合，电容器两板间有一质量为m、带电荷量为q的微粒静止不动，下列叙述中正确的是A．微粒带的是正电B．两极板的电压等于C．断开开关S，微粒将向下做加速运动D．保持开关S闭合，把电容器两极板距离增大，微粒将向下做加速运动9、在光滑水平面上，一质量为m、速度大小为v的A球与质量为2m静止的B球发生正碰，碰撞可能是弹性的，也可能是非弹性的，则碰后B球的速度大小可能是()A．0.7v B．0.6vC．0.4v D．0.2v10、静电在我们生活中应用很广泛,下列不属于静电应用的是()A．利用静电把空气电离,除去烟气中的粉尘B．利用静电吸附,将涂料微粒均匀地喷涂在接地金属物体上C．利用静电放电产生的臭氧,进行杀菌D．利用运油车尾部的铁链将油与油罐摩擦产生的静电导走三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）(1)用游标卡尺测一工件外径的读数如图(1)所示，读数为_________mm．(2)用螺旋测微器测一圆形工件长度的读数如图(2)所示，读数为______mm．12．（12分）某小组的同学拟探究小灯泡L的伏安特性曲线，可供选用的器材如下：小灯泡L，规格“4.0V，0.7A”；电流表A1，量程3A，内阻约为0.1Ω；电流表A2，量程0.6A，内阻R2＝0.2Ω；电压表V，量程3V，内阻RV＝9kΩ；标准电阻R1，阻值1Ω；标准电阻R2，阻值3kΩ；滑动变阻器R，阻值范围0～10Ω；学生电源E，电动势6V，内阻不计；开关S及导线若干。（1）甲同学设计了如图1所示的电路来进行测量，当通过L的电流为0.46A时，电压表的示数如图2所示，此时L的电阻为______Ω。（2）乙同学又设计了如图3所示的电路来进行测量，电压表指针指在最大刻度时，加在L上的电压值是______V。（3）小组认为要想更准确地描绘出L完整的伏安特性曲线，需要重新设计电路。请你在乙同学的基础上利用所提供器材，在图4所示的虚线框内补画出实验电路图，并在图上标明所选器材代号。四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）如图所示，水平放置的平行金属板AB长为l，板间距离为d，通过电键k与电压为U的电源相连，有一带电量为+q，质量为m的带电粒子，以水平速度vo，紧贴上板射入匀强电场，刚好打在B板中央，试分析在下述两种情况下，欲使粒子刚好从B板边缘飞出．则需将B板下移多少距离？（1）闭合k；（2）先闭合k达稳定再断开。14．（16分）如图所示，圆1和圆2之间存在磁感应强度为B的匀强磁场（垂直纸面没有画出)，圆2和圆3之间的电势差为U，一个质量为m、电荷量为e的电子从A点由静止释放，经过时间t从C点对着圆心O射入磁场，其运动轨迹恰好与圆1相切，已知圆1的半径．求：（1）圆2的半径r2；（2）电子能否再次回到A点，如果能，求出电子从A点出发至再次回到A点所经历的时间，如果不能，请通过计算说明原因．15．（12分）在图所示的电路中，电阻，电池组的电动势E=10V，内电阻．电压表的读数为1.6V，求电阻的阻值和它这时消耗的电功率．

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、D【解析】试题分析：丝线剪断前：小球受到绳子的拉力，重力和电场力作用，三力合力为零，所以；剪断后小球只受竖直向下的重力和电场力，合力大小等于剪断前绳子的拉力，方向与拉力方向相反，即与竖直方向夹角为θ向下，根据牛顿第二定律可得考点：考查了力的平衡和牛顿第二定律的应用点评：本题难度较小，做此类型的题目，关键是利用平衡条件分析出合力的大小和方向，再用牛顿第二定律解题2、C【解析】（a）图与（b）图的数据显示，两种电路电流表的示数相对误差要大一些，宜用电流的真实值

，

故用（a）图的电路，其测量值为，故C正确，ABD错误；故选C。3、A【解析】将小量程的电流表改装成电压表需要串联一个大一些的电阻；改装后电压表量程为3V，所串联电阻的阻值为：，故A正确，BCD错误。4、A【解析】

A．由图II可知，图像的斜率表示电阻R故A正确；B．由图I可知，图像的纵截距表示电源的电动势为3.0V，图像的斜率表示内阻故B错误；C．电源的输出功率为：P=UI=1.5×1=1.5W故C错误；D．电源内部消耗的功率为：P内=I2r=1.02×1.5=1.5W故D错误。5、B【解析】

闭合电键后，滑动变阻器滑片P由由a端滑到b端的过程中，变阻器并联的阻值先增大后减小，总电阻先增大后减小，则总电流先减小后增大，即A示数先减小后增大．由欧姆定律知，V2示数先减小后增大．因为电源内阻忽略不计，电压表V1的示数等于电源的电动势，可知V1示数不变，故A错误；U1I＝R外，因为外电阻先增大后减小，所以U1与I的比值先增大后减小，故B正确，C错误；R2是定值电阻，则ΔU2ΔI＝本题是电路的动态分析问题，关键要搞清电路的结构，明确电表各测量哪部分电路的电压或电流，根据闭合电路欧姆定律进行分析．6、C【解析】

A．C为同步卫星，即角速度和地球自转角速度相同，离地高到大于地球半径，根据公式可得即，A错误；B．根据公式可得即运动半径越大，卫星的线速度越小，故，B错误；C．根据公式，可得物体A随地球自转的向心加速度小于卫星C的向心加速度，C正确；D．C是同步卫星，和地球自转周期相同，D错误．二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AB【解析】

单色光在AB面上发生折射，光路图如图根据折射定律得：n=sinisinα=sin60°sinα=62，解得：α=45∘，因为DE∥BC，而且DE=12BC=12d，光在三棱镜传播的速度为：v=cn=2c6，所以此单色光通过三棱镜的时间为：t=DEv=6d4c8、BD【解析】

A．由题，带电荷量为q的微粒静止不动，所受的电场力与重力平衡，则微粒受到向上的电场力，而平行板电容器板间的场强方向竖直向下，则微粒带负电，故A错误；B．由平衡条件得：得电源的电动势为：，故B正确；C．断开开关S，电容器所带电量不变，根据公式、和可得，得场强E不变，微粒所受的电场力不变，则微粒仍静止不动，故C错误；D．保持开关S闭合，极板间的电压U不变，当把电容器两极板距离增大，根据，则电场强度减小，那么电场力减小，因此微粒将向下做加速运动，故D正确；9、BC【解析】

若AB发生弹性碰撞，碰后B球的速度最大，若AB发生完全非弹性碰撞，碰后B球的速度最小，根据动量守恒定律和能量守恒定律求出碰撞后B球的速度范围，然后分析答题；【详解】以两球组成的系统为研究对象，以A球的初速度方向为正方向，如果碰撞为弹性碰撞，由动量守恒定律得：由机械能守恒定律得：，

解得：，，负号表示碰撞后A球反向弹回．

如果碰撞为完全非弹性碰撞，以A球的初速度方向为正方向，由动量守恒定律得：，解得：则碰撞后B球的速度范围是：，则碰后B球的速度大小可能是和，不可能是和，故AD错误，BC正确．本题的关键是要掌握碰撞的基本规律：动量守恒定律，知道弹性碰撞遵守两大守恒定律：动量守恒定律与机械能守恒定律，解答时要注意选择正方向，用符号表示速度的方向．10、ABC【解析】试题分析：静电在我们生活中应用很广泛，如静电除尘、静电喷涂、静电杀菌等；运油车尾部的铁链将油与油筒摩擦产生的静电导走是对静电的危害的有效防止；故选ABC考点：静电的防止与应用点评：容易题．牢记生活中静电的防止和应用，避免它给人们造成的伤害，利用它为人类造福．三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、10.504.600【解析】

(1)[1]游标卡尺的主尺读数为：1cm=10mm，游标尺上第10个刻度和主尺上某一刻度对齐，所以游标读数为0.05×10mm=0.50mm，所以最终读数为：10mm+0.50mm=10.50mm；(2)[2]螺旋测微器的固定刻度为4.5mm，可动刻度为0.01×10.0mm=0.100mm，所以最终读数为4.600mm．12、①5（2分）②4（3分）③答图1（5分）答图2（3分）【解析】试题分析：①由图知，电压表的读数为2.30V，根据欧姆定律，L的电阻RL＝UI＝2.300.46Ω＝5Ω；②电压表与电阻R2串联，电压表两端的电压3V，根据串联电路电阻与电压的关系，电阻R2两端的电压为1V，灯泡L两端的电压为电压表和电阻R2两端的电压之和，即为4V；③为了使电流表读数准确，电流表应用A2，因其量程为0.6A，不能测量0.7A，所以应与A2并联一个定值电阻R考点：欧姆定律，串联电路的关系，并联电路的关系，电路图画法点评：学生能熟练运用欧姆定律，串联电路的关系，并联电路的关系去分析问题。四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）d；（2）3d。【解析】

（1）刚开始时，粒子在电场中做类平抛运动，设运动时间为，水平方向做匀速运动，则有，竖直方向做初速度为零的匀加速直线运动，设加速度为a1，由牛顿第二定律可得，由运动学公式可得，联立可得，设AB板距离变为nd，刚好打在B板边缘，时间为，水平方向做匀速运动竖直方向做匀加速运动，设加速度为a2，由牛顿第二定律可得由运动学公式可得联立解得：解得，所以B板向下移动距离：即B板向下移动距离d；（2）粒子两次都做类平抛运动设粒子刚好打在B板中央时间为，则有刚好打