2027届云南省迪庆州香格里拉中学高二上物理期中复习检测试题含解析

2027届云南省迪庆州香格里拉中学高二上物理期中复习检测试题考生须知：1．全卷分选择题和非选择题两部分，全部在答题纸上作答。选择题必须用2B铅笔填涂；非选择题的答案必须用黑色字迹的钢笔或答字笔写在“答题纸”相应位置上。2．请用黑色字迹的钢笔或答字笔在“答题纸”上先填写姓名和准考证号。3．保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，在草稿纸、试题卷上答题无效。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示，是一个由电池、电阻R、开关S与平行板电容器组成的串联电路，开关闭合，平行板电容器内一带电液滴静止，则A．减小电容器两极板间距离，液滴向下运动B．减小电容器两极板间距离，电容器的电容变小C．减小电容器两极板间距离，电阻R中有从b流向a的电流D．若开关断开再减小电容器两极板间距离，液滴向下运动2、已知干电池的电动势为1.5V.下列说法正确的是（）A．用电压表直接连接干电池的两极，测量得到的电压就是该电池的电动势B．当外电路闭合时，每当1C的电荷量通过干电池，则该电池就能提供1.5J的电能C．当外电路闭合时，在1s内有1.5C的电荷量通过该电池D．当外电路闭合时，在1s内该电池能提供1.5J的电能3、定值电阻R1、R2、R3的阻值均为2Ω，在电路中所消耗的电功率的最大值分别为10W、10W、2W，现将这三个电阻按照如图所示的方式连接，则这部分电路消耗的电功率的最大值为A．22W B．12W C．15W D．16W4、如图所示，质量为m的物体放在水平地面上，在与水平面成θ角的拉力F作用下由静止开始运动，经时间t速度达到v，在这段时间内拉力F和重力mg和合外力的冲量分别是（）A．Ftcosθ，0，mv B．Ftcosθ，0，0C．Ft，0，mv D．Ft，mgt，mv5、在光滑水平面上，质量为m的小球A正以速度v0匀速运动．某时刻小球A与质量为3m的静止小球B发生正碰，两球相碰后，A球的动能恰好变为原来的．则碰后B球的速度大小是()A．B．C．或D．无法确定6、如图所示，甲、乙两人静止在光滑的冰面上，甲沿水平方向推了乙一下，结果两人向相反方向滑去。已知甲的质量为45kg，乙的质量为50kg。则下列判断正确的是A．甲的速率与乙的速率之比为1：1B．甲的加速度大小与乙的加速度大小之比为9：10C．甲对乙的冲量大小与乙对甲的冲量大小之比为1：1D．甲的动能与乙的动能之比为1：1二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示，在一个匀强电场中有一个四边形ABCD，电场方向与四边形ABCD平行，其中M为AD的中点，N为BC的中点．一个电荷量为q的正粒子，从A点移动到B点过程中，电势能减小W1，若将该粒子从D点移动到C点，电势能减小W2，下列说法正确的是（）A．匀强电场的场强方向必沿MN方向B．若将该粒子从M点移动到N点，电场力做功W=C．若D、C之间的距离为d，则该电场的场强大小为E=D．若M、N之间的距离为d，该电场的场强最小值为E=8、在如图所示的电路中，电源电动势为E、内电阻为，C为电容器，R0为定值电阻，R为滑动变阻器。开关闭合后，灯能正常发光、当滑动变阻器的滑片向右移动时，下列判断正确的是（）A．路端电压变大B．灯泡L将变亮C．电容器C的电量将减小D．电容器C的电量将增大9、如图所示，一个不带电的导体球A放在带负电的可以看作点电荷的导体B附近，达到静电平衡后，则有A．导体球A左端的电势高于右端的电势B．导体球A左端的电势等于右端的电势C．当导体球A接地后，导体B的电势将降低D．当导体球A接地后，导体B的电势将升高10、手电筒中的干电池的电动势为1.5V，用它给某小灯泡供电时，电流为0.3A，在某次接通开关的10s时间内，下列说法正确的是（）A．干电池把化学能转化为电能的本领比电动势为2V的蓄电池强B．干电池在10s内将4.5J的化学能转化为电能C．电路中每通过1C的电量，电源把1.5J的化学能转化为电能D．该干电池外接电阻越大，输出功率越大三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）某兴趣小组用“测定金属丝的电阻率”的实验方法测出金属丝的长度，用螺旋测微计测量金属丝的直径，用伏安法测出金属丝的电阻，然后根据公式计算出该金属材料的电阻率。(1)若用螺旋测微器测得金属丝直径d的读数如图，则直径d=___mm.(2)粗测电阻丝的电阻约为5Ω，用伏安法测量该金属丝的电阻时，除被测的电阻丝外，还有如下可供选择的器材：A、电池组(3V,内阻约1Ω)B、电流表A1(0∼3A,内阻0.0125Ω)C、电流表A2(0∼0.6A,内阻约为0.125Ω)D、电压表V1(0∼3V,内阻3kΩ)E、电压表V2(0∼15V,内阻15kΩ)F、滑动变阻器R1(0∼20Ω,允许最大电流1A)G、滑动变阻器R2(0∼2kΩ,允许最大电流0.3A)G、开关，导线若干。为了实验电路更节能,且测量结果尽量准确,测金属丝电阻时电流表应选_________,电压表选_______,滑动变阻器应选______(填写仪器前字母代号)12．（12分）在“测定金属的电阻率”实验中：（1）用螺旋测微器测量金属丝的直径D，示数如图甲所示，D=__________mm．（2）某小组利用电流表（内阻约0.1Ω）、电压表（内阻约3kΩ）等器材，按要求从0开始测量，得到多组电流、电压数据，求出金属丝的电阻Rx=50Ω．他们采用的是图乙中的_____电路图，所测电阻Rx的真实值_______（选填“大于”、“小于”、“等于”）50Ω．四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）如图，灯泡D与电动机M中串联在一个稳压电源上，电源的输出电压为U=20V，灯泡D的电阻为RD=6Ω，电动机M线圈的电阻为RM=2Ω，与电动机并联的理想电压表读数为UM=14V．电动机的转轴的摩擦可忽略，求：

（1）通过灯泡的电流I=？

（2）电动机M线圈的发热功率PQ=？

（3）电动机M输出的机械功率P机=？14．（16分）如图甲所示，A、B为两块相距很近的平行金属板，A、B间电压为，紧贴A板有一电子源随时间均匀地飘出质量为m，带电量为e的电子（可视为初速度为零）。在B板右侧两块平行金属板M、N间加有如图乙所示的电压，电压的变化周期，板间中线与电子源在同意以水平线上，极板长L，距偏转右边缘s处有荧光屏，已知时刻沿中线射入偏转极板间的电子恰好能射出偏转极板，假定金属外无电场，打在极板上的电子均被极板吸收，荧光屏足够大，试求：（1）电子进入偏转极板时的速度；（2）时刻沿中线射入偏转板间的电子刚出偏转板时与板间中线的距离；（3）经足够长时间t（t远大于T）打到荧光屏上的电子数与电子源发射的电子数之比；（4）电子打在荧光屏上的范围（打在荧光屏最上端和最下端的长度）。15．（12分）如图所示，在水平向右的匀强电场中，有一电荷量为q=8×10-7C的正点电荷从B点运动到A点，电场力做功为WBA=3.2×10-6J，AB间距离L=4m，与水平方向夹角为；求：（1）B、A间电势差UBA是多少？（2）电场强度E是多大？

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、C【解析】A、减小电容器两极板间的距离，因为电压不变，场强增大，电场力增大，液滴向上运动，故A错误；

B、根据电容的决定式，C=εS4πkd，减小极板距离，电容器的电容变大，故B错误；

C、减小极板距离，电容变大，根据Q=CU知电压变大，电容器充电，电阻R中有从b流向a的电流，故C正确；

D、断开开关时，电容器的电荷量不变，根据E=U点睛：根据电容的决定式判断电容的变化，根据电容的定义式分析板间电压的变化，根据推论分析板间场强的变化，确定电荷能否保持静止，确定电容器是处于充电还是放电状态，判断电路中电流的方向。2、B【解析】

A．用电压表直接连接干电池的两极时，由于电压表构成了一个外电路，电池有一定的同电压，所以测量得到的电压小于该电池的电动势．故A错误．B．根据电动势的定义式得W=qE，当q=1C，E=1.5V时，W=1.5J，即当外电路闭合时，每当1C的电荷量通过干电池，则该电池就能提供1.5J的电能，故B正确．C．当外电路闭合时，电路中电流不一定是1A，由q=It知，在1s内不一定有1.5C的电荷量通过该电池，故C错误．D．当外电路闭合时，1C的电荷量通过该电池时该电池能提供1.5J的电能，由于电流未知，则所用时间不一定是1s，故D错误．故选B．3、B【解析】

由题意知R1=R2=R3=2Ω，P1=10W，P2=10W，P3=2W，首先分析两个并联电阻R2、R3所允许的最大消耗功率.因为R2与R3并联，则两端电压相等，由公式P=知道，R2与R3所消耗的功率一样.已知R2与R3本身允许的最大功率分别是10W和2W，所以R2、R3在该电路中的最大功率都是2W，否则会超过R3的最大功率.再分析R1在电路中允许的最大功率.把R2与R3看成一个并联电阻R'，则电路就是R1与R'串联，而串联电路所流过的电流一样，再由P=I2R知道，R1与R'所消耗功率之比为R1∶R'，R2与R3的并联阻值R'=，即=2，所以R1消耗的功率是并联电阻R'的两倍，则R1的功率是2×4W=8W<10W，所以总功率最大为2W+2W+8W=12W．故B正确，ACD错误．4、D【解析】

根据冲量的定义可知，拉力F和重力mg的冲量分别为Ft和mgt；根据动量定理，合外力的冲量等于动量的改变量，即mv，选项D正确5、A【解析】根据碰后A球的动能恰好变为原来的得：解得：碰撞过程中AB动量守恒，则有：mv=mv′+3mvB

解得：vB=v或vB=v；当vB=v时A的速度大于B的速度，不符合实际，故选项A正确，BCD错误，故选A.点睛：本题考查的是动量定律得直接应用，注意动能是标量，速度是矢量；同时要分析结果是否符合实际情况，即不可能发生二次碰撞．6、C【解析】

甲、乙两人组成的系统动量守恒，以两人组成的系统为研究对象，以甲的速度方向为正方向，由动量守恒定律得：m甲v甲-m乙v乙=0，所以：；故A错误；甲与乙之间的作用力为作用力与反作用力，大小相等，由牛顿第二定律：a=F/m，所以：．故B错误；甲、乙两人组成的系统动量守恒，所以分离后二者动量大小相等，方向相反。由动量定理：I=△mv=△P可知，甲对乙的冲量大小与乙对甲的冲量大小之比为1：1．故C正确；动能的表达式：Ek＝mv2＝，所以：．故D错误。故选C。该题考查动量、能量的转化与守恒，题中两人组成的系统动量守恒，由动量守恒定律可以求出两人的速度之比。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BD【解析】

根据正电子移动过程电势能变化可得：电势关系φA−φB＝W1q，φD−φC＝W2q；根据几何关系可得：φM＝12(φA+φD)，φN＝12(φB+φC)，根据上述条件，并不能得到沿MN方向电势降落最快，或垂直MN的两个点电势相等，故不能得到场强方向沿MN方向，故A错误；若将该粒子从M点移动到N点，电场力做功W＝q(φM−φN)＝12q(φA−φB+φD−φC)＝W1+W22，故B正确；由于无法求解电场方向，故场强大小无法求解，故C匀强电场中任一直线上的电势变化都是均匀变化；直线与电场线平行，则变化速率最大；直线与电场线夹角越大则变化速率越小。8、AD【解析】当滑动变阻器的滑片向右移动时，R增大，根据闭合电路欧姆定律可知，总电流I减小，灯泡L将变暗，路端电压增大，故A正确，BC错误；而电容器的电压等于路端电压，则电容器的带电量将增大，故D正确，C错误.。所以AD正确，BC错误。9、BD【解析】

导体在电场中处于静电平衡后，整个导体是个等势体．负电荷产生的电场是发散的电场，沿着电场线电势要降低．【详解】A、B项：把一个在绝缘支架上不带电的导体A放在带负电的导体B附近，达到静电平衡后，导体A是个等势体．带负电的导体B产生的是会聚的电场，产生的电场的电场线如右图所示，由于沿着电场线电势降低，以无穷远处的电势为零，那么电场中的所有电势都是负值．所以A错误，B正确；C、D项：当导体球A接地后，则导体A右端电势为零，因导体间的电势差不变，所以导体B的电势将升高，故C错误，D正确．故选BD．此题考查静电平衡中的导体，电场中的处于静电平衡的导体是等势体，导体上电势处处相同．同时要知道负电荷产生的电场特点，以及电势分布的特点．10、BC【解析】试题分析：由于电动势是将其它形式的能转化为电能的本领，而干电池的电动势是1.5V，故它把化学能转化为电能的本领比电动势为2V的蓄电池弱，选项A错误；干电池在10s内化学能转化为电能的大小是W=UIt=1.5V×0.3A×10s=4.5J，选项B正确；电路中每通过1C的电量，电源的化学能转化为电能的大小是W=UQ=1.5V×1C=1．5J，故选项C正确；当该电池外接的电阻与电池的内阻大小相等时，电池的输出功率才最大，所以并不是说干电池外接电阻越大，输出功率越大，选项D错误．考点：恒定电流．【名师点晴】该题考查了电动势的概念，电池做功，电池的输出功率等知识，属于基本概念和基础知识的考查，其中电动势的概念容易出错，电池的输出功率容易出错，电池的外接电阻越大，基实是路端电压越大，但路端电压越大，其输出电功率并不一定大，因为还有电流的限制．三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、0.520CDF【解析】

(1)螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读；(2)根据电源电动势选择电压表，根据通过待测电阻的最大电流选择电流表，在保证安全的前提下，为方便实验操作，应选最大阻值较小的滑动变阻器。【详解】(1)由图示螺旋测微器可知，其读数为：0.5mm+2.0×0.01mm=0.520mm；(2)因为电动势为3V，故电压表选择D，因为金属丝的电阻大约为5Ω，最大电流Imax≈35A=0.6A12、2.706（2.703～2.708）A