2027届吉林省蛟河市物理高二第一学期期中质量检测试题含解析

2027届吉林省蛟河市物理高二第一学期期中质量检测试题注意事项：1．答题前，考生先将自己的姓名、准考证号填写清楚，将条形码准确粘贴在考生信息条形码粘贴区。2．选择题必须使用2B铅笔填涂；非选择题必须使用0．5毫米黑色字迹的签字笔书写，字体工整、笔迹清楚。3．请按照题号顺序在各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试题卷上答题无效。4．保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、两个完全相同的绝缘金属球a和b（可视为质点）相距为r，电荷量分别为+3q和+q，两球接触后再分开放回原位置，下列分析正确的是（）A．现在a的电荷量为+2q、b的电荷量为0B．现在a、b的电荷量都为+2qC．此过程中是a球上的电子转移到b球D．现在两球间的库仑力2、下列关于电场和电场线的说法中正确的是()A．电场、电场线都是客观存在的物质,因此电场线不仅能在空间相交,也能相切B．在电场中某点的电势为零，则该点的电场强度一定为零C．同一试探电荷在电场线密集的地方所受电场力大D．根据公式U=Ed知，在匀强电场中两点间的距离越大，电势差就越大3、下列关于小磁针在磁场中静止时的指向，正确的是()A． B． C． D．4、如图所示，两根垂直纸面、平行且固定放置的直导线M和N，通有同向等值电流；沿纸面与直导线M、N等距放置另一根可自由移动的通电导线ab，则通电导线ab在安培力作用下运动的情况是()A．沿纸面逆时针转动B．沿纸面顺时针转动C．a端转向纸外，b端转向纸里D．a端转向纸里，b端转向纸外5、在磁场中的情况如图，其中受到的洛仑兹力方向水平向左的是（）A． B．C． D．6、如右图所示，在坐标系xOy中，有边长为a的正方形金属线框abcd，其一条对角线ac和y轴重合、顶点a位于坐标原点O处．在y轴的右侧的Ⅰ、Ⅳ象限内有一垂直纸面向里的匀强磁场，磁场的上边界与线框的ab边刚好完全重合，左边界与y轴重合，右边界与y轴平行．t＝0时刻，线圈以恒定的速度v沿垂直于磁场上边界的方向穿过磁场区域．取沿a→b→c→d→a的感应电流方向为正，则在线圈穿越磁场区域的过程中，感应电流i随时间t变化的图线是下图中的()A． B．C． D．二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示，在图中虚线所围区域内，存在电场强度为E的匀强电场和磁感应强度为B的匀强磁场．已知从左方水平射入的电子，穿过这区域时未发生偏转．电子重力忽略不计，则在这区域中的E和B的方向可能是A．E竖直向下，B垂直纸面向外B．E竖直向上，B垂直纸面向里C．E竖直向上，B垂直纸面向外D．E、B都沿水平方向，并与电子运行方向相同8、如图所示，在垂直纸面向里的匀强磁场的边界上，有两个质量和电量均相同的正、负离子（不计重力），从点O以相同的速度先后射入磁场中，入射方向与边界成θ角，则正、负离子在磁场中运动正确的是（）A．运动时间相同B．运动轨迹的半径相同C．重新回到边界时速度不相同D．重新回到边界的位置与O点距离相等9、如图所示是某次同步卫星发射过程的示意图，先将卫星送入一个近地圆轨道，然后在P处点火加速，进入椭圆转移轨道，其中P是近地点，Q是远地点，在Q点再次点火加速进入同步轨道．设卫星在近地圆轨道的运行速率为v1，加速度大小为a1；在P点短时间点火加速之后，速率为v2，加速度大小为a2；沿转移轨道刚到达Q点速率为v3，加速度大小为a3；在Q处点火加速之后进入圆轨道，速率为v4，加速度大小为a4，则A．v1<v2，a1＝a2B．v1＝v2，a1<a2C．v3<v4，a3＝a4D．v3<v4，a3<a410、一台直流电动机额定电压为100V正常工作时电流为20A，线圈内阻为0.5Ω，那么在1min内是（）A．电动机线圈产生的热量为1.2×105J B．电动机消耗的电能为1.2×105JC．电动机的机械功率为1.8×103W D．电源输入给电动机的功率为2.0kW三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）在“测定金属的电阻率”实验中，用米尺测量金属丝的长度，用螺旋测微器测量金属丝的直径，用伏安法测出金属丝的电阻，然后根据公式计算出该金属材料的电阻率．（1）用螺旋测微器测量金属丝直径的示数如图所示，从图中读出金属丝的直径为___________mm．（2）金属丝的电阻大约为5Ω．在用伏安法测量该金属丝的电阻时，除被测的电阻丝外，还有如下供选择的实验器材：A．电池组（3V，内阻约1Ω）B．电流表（0~3A，内阻约0.0125Ω）C．电流表（0~0.6A，内阻约0.125Ω）D．电压表（0~3V，内阻约3kΩ）E.电压表（0~15V，内阻约15kΩ）F.滑动变阻器（0~20Ω，额定电流1A）G.滑动变阻器（0~2000Ω，额定电流0.3A）H.开关、导线若干①在可供选择的器材中，应该选用的电流表是_____，应该选用的滑动变阻器是______．（填器材前面的字母代号）②实验电路应采用电流表___________接法（填“内”或“外”）．12．（12分）游标卡尺测一根金属管的外径时，卡尺上的游标位置如图中所示。这根金属管外径读数是_____cm；用螺旋测微器测得金属丝的直径，如图所示，可知金属丝的直径d=____mm。四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）如图所示，离子发生器发射出一束质量为m、电荷量为q的离子，从静止经加速电压U1加速后，获得速度v0，并沿垂直于匀强电场方向射入两平行板中央，受偏转电压U2作用后，以速度v离开电场，已知平行板长为L(1)v(2)离子在偏转电场中运动的时间t．(3)离子在离开偏转电场时的偏移量y．14．（16分）如图所示，电源电压U为8V，定值电阻R2为4Ω，小灯A上标有“4V

0.2A”、小灯B上标有“12V

0.3A”的字样。电路接通后小灯A恰好正常发光。求：⑴小灯B的电阻RB；⑵小灯B的实际功率PB；15．（12分）如图所示，两块长3cm的平行金属板A、B相距1cm，并与450V直流电源的两极相连接，如果在两板正中间有一电子（m=910－31kg，e=-1.610－19C），沿着垂直于电场线方向以2107m/s的速度飞入，求：（1）电子在金属板间运动时的加速度大小；（2）如果电子能从金属板间飞出，求电子在电场中的飞行时间；（3）判断电子能否从平行金属板间飞出．

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、B【解析】根据同种电荷接触后分开，电量则是平分；若是异种电荷，接触后分开，电量是先中和再平分，由于电荷量分别为+3q和+q，两球接触后再分开，因此a、b的电荷量都为+2q，故A错误，B正确；此过程中是b球上的电子转移到a球上，故C错误；此时两球间的库伦力为：，故D错误．所以B正确，ACD错误．2、C【解析】

A、电场是客观存在的物质,看不见,摸不着,而电场线是为形象描述电场而假想产生的;因为场强是矢量,在某点的大小和方向具有唯一性,且电场线上某点的场强方向是该点的切线方向,所以电场线不能相交,否则违背场强的矢量性，故A错B、电势是相对于零电势点来说的物理量，所以电势为零的地方，电场强度不一定为零，故B错；C、电场线密集的地方电场强度大，所受到的电场力也大，故C对；D、公式U=Ed中的d是沿电场方向上的距离，所以在匀强电场中两点间的距离越大，电势差不一定就越大，例如在同一等势线上，故D错；故选C电场是客观存在的物质,看不见,摸不着,而电场线是为形象描述电场而假想产生的;利用电场线的疏密程度来判断电场力的大小3、C【解析】

A.根据磁极间的相互作用规律可知，A中N极应该指左，故A错误；B.根据右手螺旋定则可知，环形导线磁场方向向外，小磁针N极应该向外，故B错误；C.C中直导线产生的磁感线应该是顺时针方向（从上向下看），与小磁针的N极指向相同，故C正确；D.D中螺线管里边的磁感线向左，小磁针的N极应该指向左边，故D错误。4、D【解析】

通过右手螺旋定则来确定平行且固定放置的直导线M和N，在导线a处的磁场分布，再由左手定则来确定安培力的方向，从而确定导线a如何运动。【详解】根据长直导线周围磁场的分布规律和矢量合成法则，可以判断两导线M、N连线的中垂线上方磁场方向水平向右，ab上半段所受安培力垂直于纸面向里，两导线M、N连线的中垂线下方磁场方向水平向左，ab下半段所受安培力垂直于纸面向外，所以a端转向纸里，b端转向纸外，选项D正确，ABC错误。5、D【解析】

A．根据左手定则可知，正电荷受到的洛伦兹力的方向是向外的，故A错误；B．根据左手定则可知，正电荷受到的洛伦兹力的方向是竖直向上的，故B错误；C．根据左手定则可知，负电荷受到的洛伦兹力的方向是向外的，故C错误；C．根据左手定则可知，负电荷受到的洛伦兹力的方向是水平向左的，故D正确。6、A【解析】试题分析：在0~av时间内，ab边切割磁感线运动，根据右手定则，知感应电流的方向为abcda，为正，切割的有效长度在均匀减小，所以感应电流的大小在均匀减小．在a考点：本题考查了导体切割磁感线时的感应电动势．二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、CD【解析】

A．重力忽略不计的电子，穿过这一区域时未发生偏转；若E竖直向下，B垂直于纸面向外，则有电场力竖直向上，而磁场力由左手定则可得方向竖直向上，两个力方向相同，电子穿过此区域会发生偏转．故A错误；B．若E竖直向上，B垂直于纸面向里，则有电场力方向竖直向下，而磁场力方向由左手定则可得竖直向下，所以两力不能使电子做直线运动，故B错误；C．若E竖直向上，B垂直于纸面向外，则有电场力竖直向下，而磁场力由左手定则可得方向竖直向上，所以当两力大小相等时，电子穿过此区域不会发生偏转，故C正确；D．若E和B都沿水平方向，并与电子运动方向相同，则有电子所受电场力方向与运动方向相反，而由于电子运动方向与B方向相互平行，所以不受磁场力，因此穿过此区域不会发生偏转，故D正确.故选CD．8、BCD【解析】根据牛顿第二定律得：qvB=mv2r

得：r=mvqB，由题q、v、B大小均相同，则轨道半径r相同．故B正确．粒子的运动周期为T=2πmqB，则知T相同．根据左手定则分析可知，正离子逆时针偏转，负离子顺时针偏转，重新回到边界时正离子的速度偏向角为2π-2θ，轨迹的圆心角也为2π-2θ，运动时间t=2π-2θ2π点睛：根据题意画出轨迹示意图，可根据几何关系求出回到边界时离O点的距离；利用对称关系判断回到边界时速度的方向；带电粒子在磁场中做匀速圆周运动问题求运动时间，可用关系式有t=θ9、AC【解析】

根据万有引力提供向心力，列方程可得到卫星速率与半径的关系来判断速率大小．由牛顿定律研究卫星在Q、P两点加速度大小．【详解】卫星从近地圆轨道上的P点需加速，使得万有引力小于向心力，进入椭圆转移轨道．所以在卫星在近地圆轨道上经过P点时的速度小于在椭圆转移轨道上经过P点的速度，即，根据牛顿第二定律得，在卫星在近地圆轨道上经过P点时的加速度等于在椭圆转移轨道上经过P点的加速度，故A正确，B错误；沿转移轨道刚到达Q点速率为，加速度大小为；在Q点点火加速之后进入圆轨道，速率为，所以在卫星在转移轨道上经过Q点时的速度小于在圆轨道上经过Q点的速度，即，根据牛顿第二定律得，在卫星在转移轨道上经过Q点时的加速度等于在椭圆转移轨道上经过Q点的加速度，故C正确，D错误；故选AC．卫星在不同轨道上运行时各个量的比较，往往根据万有引力等于向心力列出物理量与半径的关系，然后比较．10、BCD【解析】

A.电动机线圈产生的热量为故A错误。B.电动机消耗的电能为W=UIt=100×20×60J=1.2×105J故B正确。C.根据能量守恒定律得：电动机对外做功W外=W-Q=1.08×105J所以电动机的机械功率为故C正确。D.电源输入给电动机的功率是电功率为P=UI=100×20W=2.0kW故D正确。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、（1）0.520（2）①CDF②外【解析】（1）由图示螺旋测微器可知，固定刻度读数：0.5mm；可动刻度读数0.01mm×2.0=0.020mm；故螺旋测微器读数为：0.520mm；（2）①电池组提供的电压为3V，故选用电压表D；电路中的电流最大为，故选用电流表C；为了方便电路操作，应选择滑动变阻器F；②电流表内阻0.125Ω，电压表内阻3kΩ，故，所以采用电流表外接法；【点睛】用伏安法测电阻时安培表内、外接法的选择原则是“大内小外”，即对于大电阻采用安培表内接法，对于小电阻采用安培表外接法；（2）需要有较大的电压测量范围时，滑动变阻器采用分压式接法．12、2.97cm0.623mm【解析】

[1]游标卡尺测内径时，主尺读数为29mm，游标读数为0.1×7=0.7mm，最后读数为：29.7mm=2.97cm。[2]螺旋测微器的固定刻度读数0.5mm，可动刻度读数为12.3×0.01=0.123mm，所以最后读数为0.623mm。四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题