湖南省湘潭市2026-2027学年三上学期第一次月考物理自编卷（范围：人教版高考范围）（解析版）

湖南省湘潭市2026-2027学年三上学期第一次月考自编卷物理试题（解析版）题号12345678910答案ADCBACDACABACD1．A【详解】A．行汽车从甲站驶到乙站的速度，是一段位移的速度，表示平均速度，故A正确；B．小球第3s末的速度，表示某一时刻的速度，是瞬时速度，故B错误；C．汽车通过站牌时的速度，是通过某一位置的速度，是瞬时速度，故C错误；D．子弹出枪口的速度，是通过某一位置的速度，表示瞬时速度，故D错误。故选A。2．D【详解】A．设每段位移为，则对段有对段有解得故A错误；B．因则李明通过处时的速度大小为故B错误；C．由分析可知，B处为的中间时刻，可知李明通过B处时的瞬时速度等于通过段的平均速度，因为李明做匀加速运动，所以通过C处时的瞬时速度大于通过段的平均速度，故C错误；D．根据连续相等位移所用时间的比例关系知，李明通过段时间之比为李明通过段和段所用时间之比为，故D正确。故选D。3．C【详解】由F-t图象，当F＜F0时，弹簧没有伸长，当F＞F0时，弹力F与伸长量x间成线性变化，所以由图（a）可知弹簧的劲度系数小球在竖直方向振动的时候，当弹簧的弹力F=mg时，小球的速度最大，设此时形变量为x′，则化简可得故选C。4．B【详解】对甲图分析可知，当时，电路的输出功率最大，即此时图乙电路是含电动机的非纯电阻电路，欧姆定律不适用，电路的输出功率可知时电路输出功率最大，则电动机输出功率解得电动机两端电压则联立解得故选B。5．A【详解】根据题意可得M与N的轨道半径之比为根据开普勒第三定律有得解得周期之比为故A正确。故选A。6．C【详解】地面光滑，水平方向，木板和人都只受到摩擦力作用，设向右为正，为人的速度大小，为木板速度大小，由于系统动量守恒，则有即如果，则，人走到C点之前木板的B点已经到达C点，人不会掉下m=M，则，人走到C点的时候，B端点到达C点，人也不会掉下m<M，则，假设人能走到B点，如图所示木板的位移为d，人的位移为，根据动量守恒由于运动时间一样，则有m即整理根据图可知，左右各有长度的木板力矩平衡掉了，如果m的力矩大于左端2d长的木板产生的力矩，则会掉下去，小于则不会掉下去。人的力矩为2d长度木板力矩为联立解得，2d长度木板力矩为则所以人不会掉下来ABD错误，C正确。故选C。7．D【详解】A．设交流电源的有效值为，恒定不变，对副线圈电路，由闭合电路欧姆定律有对原线圈电路，由闭合电路欧姆定律有由有由有解得，电阻R3减小，增大，由知电源的输出功率增大，A错误；B．根据前面分析，原线圈电流增大，由知副线圈电流也增大，所以电流表示数变大，B错误；C．当滑片滑到最下端时，副线圈电路总电阻为，根据前面分析知，，且有，，，解得，C错误；D．依题意可知，，根据前面分析知，，解得故得，D正确。故选D。8．AC【详解】A．小车释放前，应使小车停在靠近打点计时器的位置，保证打出足够多的点，A正确；B．实验时，不需要用秒表测量小车运动的时间，数点就可以知道运动时间，B错误；C．实验时，应先接通电源，待打点稳定后再释放小车，C正确；D．测量时，应从点迹清晰的位置开始取点，作为第一个计时点，D错误。故选AC。9．AB【详解】根据电子进入电场后的受力和运动情况，可作出电子在极板间的，，图像如图乙，丙，丁所示。A．根据图像围成的面积表示位移，由图丁图像可知，当电子在0时刻进入电场时，电子一直向B板运动，故A正确；B．若电子在时刻进入，则由图像知，向B板运动的位移大于向A板运动的位移，因此它可能时而向B板运动，时而向A板运动，最后打在B板上，故B正确；C．若电子在时刻进入电场，则由图像知，在第一个周期电子即返回至A板，故C错误；D．由前面分析可知，若电子在时刻进入，则电子向B板运动的位移等于向A板运动的位移，则它可能时而向B板运动，时而向A板运动，即可能在AB之间往复运动。由于，可推知电子向B板运动的位移仍然大于向A板运动的位移，因此它可能时而向B板运动，时而向A板运动，最后打在B板上，故D错误。故选AB。10．ACD【详解】A．对物块应用牛顿第二定律得物块加速度大小对木板应用牛顿第二定律得则二者速度相等时，由即解得故A正确；B．第一次速度相等后，假设两者一起加速，则一起加速的加速度为物块此时所需的合外力即摩擦力为所以假设不成立，即第一次速度相等后二者不会一起加速，故B错误；C．两者共速的速度为F作用过程中，速度第一次相等时，小物块的位移是木板的位移这个过程中的位移差为3m，之后小物块相对于木板向左运动，则木板的加速度再经过小物块和木板的速度分别为撤去F后，木板开始减速，直到再次共速时，小物块速度都小于木板的速度，所以1s之后，小物块相对于木板一直向左运动，故小物块相对长木板向右最远运动3m，故C正确；D．撤去F后，两物体再次共速前木板加速度大小且即解得所以故D正确。故选ACD。11．电火花CD【详解】（1）[1]图甲中的是电磁打点计时器，图乙中的是电火花计时器（2）[2]ABC.电磁打点计时器和电火花计时器都使用交流电源，电磁打点计时器工作电压是6V以下，电火花计时器工作电压是220V，当电源的频率为50Hz时，它们都是每隔0.02s打一次点，AB错误，C正确；D.火花计时器工作时，纸带运动受到的阻力较小，误差较小，D正确．12．AC/CAF不会【详解】（1）[1]A。两个分力F1、F2的大小要适当大些能，减小测量力的误差，A正确；B．实验时，对两个分力F1、F2的夹角无要求，适当即可，B错误；C．实验时弹簧测力计必须与木板平行，使力在同一平面内，读数时视线要正对刻度线，减小读数误差，C正确；D．拉橡皮条的细绳稍微长一些，画力的方向时两个点的距离能稍大些，能减小画力的方向的误差，D错误。故选AC。（2）[2]图中为用平行四边形定则作出的合力的理论值，为用一个弹簧秤拉橡皮筋的力，所以方向一定沿GO方向的是。（3）[3]实验中，若将细绳换成橡皮条，O点的位置和弹簧测力计的拉力大小方向均不变，则作用效果不变，实验结果不会发生改变。13．(1)(2)7cm【详解】（1）根据题意光路如图所示由几何关系知，则液体的折射率为联立解得（2）分析如图，易知Q点发出的光入射到液面的角度仍为r，如图所示由几何关系联立解得14．（1），；（2）；（3）【详解】（1）粒子以最大初速度进入电场，在磁场中的轨迹如图所示由几何知识可知轨迹半径为L，根据牛顿第二定律有解得粒子在磁场中运动的周期为则粒子在磁场中运动的时间为（2）要使粒子能通过b点射出磁场，轨迹如图所示由几何知识可知轨迹半径为，根据牛顿第二定律有解得（3）粒子在磁场中按如图所示轨迹运动，从ad边射出速度最大由几何知识可知轨迹半径为，根据牛顿第二定律有解得粒子进入电场后做类平抛运动，在电场中运动的时间为粒子在a点射出时，速度最大，粒子在水平方向做加速度运动，位移为，则有，解得粒子从ad射出的最大速度为15．（1）4m/s；（2）6m/s或2m/s；（3）【详解】（1）快递沿斜面滑下过程，根据动能定理有解得（2）快递与传送带发生相对滑动产生热量由于传送带足够长，则快递最终与传送带达到相等速度，即快递抛出速度大小