2026届高考物理考向核心卷·陕晋青宁专版·参考答案

2026届高考考向核心卷物理参考答案——陕晋青宁专版2026届高考物理（陕晋青宁专版）考向核心卷考情诊断表知识模块对应题号模块分值试卷占比得分电容器与电路动态分析14分4.00%天体运动（万有引力定律）24分4.00%光子能量与能级跃迁34分4.00%运动学图像与圆周运动、匀减速运动44分4.00%理想气体的奥托循环（热力学定律）54分4.00%电场线与等势面、电场力做功64分4.00%机械波的干涉（振动加强/减弱点）74分4.00%受力分析与超重失重86分6.00%光的薄膜干涉（实验测量）96分6.00%回旋加速器（带电粒子在电磁场中运动）106分6.00%实验（测量动摩擦因数）118分8.00%实验（测电流表内阻+改装电压表+测电源电动势和内阻）1210分10.00%光的折射（玻璃微球光路计算）1310分10.00%机械能守恒+弹性碰撞+动能定理（圆弧槽模型）1412分12.00%电磁感应+平抛运动+功能关系（导轨模型）1514分14.00%题号12345678910答案BBBADCAACBCDCD1.答案：B解析：恒流充电时，电容器上的电荷量Q逐渐增大，结合电容的定义式可知，电容器两端电压U增大；恒压充电时，回路中的电流，由于U仍在增大，E不变，则I减小，B正确。2.答案：B解析：设地球质量为M，卫星质量为m，根据万有引力提供向心力有，根据匀速圆周运动规律有，联立解得，B正确。3.答案：B解析：电子从高能级跃迁到低能级，释放的能量，结合，可知，解得，B正确，ACD错误。4.答案：A解析：运动员在弯曲雪道运动时，设运动员所受支持力与竖直方向的夹角为θ，沿半径方向上有，切线方向上有。下滑过程中，θ减小，当θ趋于0°时，切向加速度一定为负，则下滑过程中运动员可能先加速后减速，即a可能先减小后反向增大。运动员也可能一直减速。运动员在水平雪道做匀减速直线运动时，加速度保持不变，此过程的图像为直线，A正确。5.答案：D解析：根据理想气体状态方程有（常量）变形得，则图线上的点的横、纵坐标之积表示cT，结合题图可知，c点的温度要高于b点的温度，因此状态b不是整个过程中温度最高的，A错误；过程为等容降压过程，根据查理定律可知，气体温度降低，气体分子平均动能减小，但不是所有气体分子的动能都减小，即不是所有气体分子的热运动速率均减小，B错误；过程为等容升压过程，根据查理定律可知，气体温度升高，内能增大，即，而该过程体积不变，外界对气体不做功，即，根据热力学第一定律可知，，即气体吸收热量，C错误；根据气体做功公式可知，图像与坐标轴所围图像的面积表示气体做功，结合题图可知，过程外界对气体做的负功的绝对值大于过程外界对气体做的正功，而过程与过程外界对气体均不做功，因此整个过程外界对气体做的总功为负，而经过一个循环，内能不变，根据热力学第一定律可知，整个过程气体吸收热量，D正确。6.答案：C解析：由题图电场线方向可判断，金属圆盘带正电，金属棒带负电，因此金属圆盘接电源的正极，A错误；根据曲线运动的特点可知，该粒子受到的电场力指向右下，与电场线方向相反，故该粒子带负电，B错误；根据沿电场线方向电势逐渐降低可知，P点的电势比Q点的电势低，C正确；根据，结合BC选项分析可知该粒子在P点的电势能大于在Q点的电势能，又仅考虑该粒子受到的电场力，该粒子的动能和电势能之和不变，故该粒子在P点的动能小于在Q点的动能，D错误。7.答案：A解析：根据题图（b）和题图（c）可知，A、B两波源的起振方向相反，周期相同（频率相同），因此振动减弱点满足的条件是；振动加强点满足的条件是。由于稳定时两波源间振动减弱点个数大于3，因此有，解得；又振动加强点个数小于8，因此有，解得。综上分析可知，，A正确。8.答案：AC解析：渔网匀速上升时，受力平衡，四根竹竿对渔网的作用力的合力与渔网的总重力等大反向，有，即，A正确。鱼对渔网的压力和渔网对鱼的支持力等大反向、作用在不同物体上，是一对相互作用力，B错误。渔网加速上升时，鱼有竖直向上的加速度，由牛顿第二定律可知，渔网对鱼的支持力大于鱼的重力，C正确。渔网减速上升时，鱼有竖直向下的加速度，渔网对鱼的支持力小于鱼的重力，渔网中的鱼处于失重状态，D错误。9.答案：BCD解析：设与间的夹角为θ，则根据几何关系有，由空气薄膜干涉的条纹间距公式有，联立解得，因此A与直径相差越小，越大，A错误，B正确；轻压右端，若增大，则根据AB项分析可知，θ减小，说明，C正确；A与直径相等时，即，则，故不能产生题图（b）中的干涉条纹，D正确。10.答案：CD解析：A项分析：由回旋加速器的工作原理可知，粒子每在磁场中运动半个圆周后被电场加速一次，粒子在磁场中运动时速率不变，由洛伦兹力提供向心力有，又，则粒子在磁场中的运动周期为，所以粒子每次在D形盒里运动半个圆周的时间均相等，即，A错误；B项分析：把粒子在电场中加速过程拼接起来为初速度为零的匀加速直线运动，粒子每加速一次运动的距离相等，由匀变速直线运动速度位移公式可知，则，B错误；C项分析：结合图像可知粒子的最大动能为，粒子每次经过加速电场，电场力对粒子所做的功为，则粒子在电场中的加速次数为，解得，C正确；D项分析：当粒子的轨道半径等于D形盒的半径时，粒子速度最大，为，则由洛伦兹力提供向心力有，解得，D正确。11.答案：（1）不需要（2）砝码相对木块运动时，对木块有摩擦力，影响木板与木块间摩擦力的测量（3）；解析：（1）实验时，只需要保证木块与木板间的摩擦力为滑动摩擦力即可，木板只需要与木块发生相对运动，不需要做匀速运动。（2）初始细线未绷紧时，木块会随木板一起运动，此时细线拉力为零；只有当砝码相对木块静止后，木块处于平衡状态，拉力传感器的示数才等于滑动摩擦力的大小，此时数据有效。（3）结合题述，有，结合所作图线，有，，则木块的质量，木块和木板间的动摩擦因数。12.答案：（1）左端（2）50（3）150（4）4.2；2.0解析：（1）闭合开关前，应使支路两端的电压为零，结合电路图可知，应将滑动变阻器滑片移到最左端。（2）滑片位置保持不变，可认为电阻箱与电流表所在支路两端的电压不变，由，代入题中给出的两组数据，可得。（3）结合电表改装原理，完成改装时，有，可得。（4）设改装后电压表的内阻为，滑动变阻器全部接入回路时，由闭合电路欧姆定律，有，滑片位于滑动变阻器正中间时由闭合电路欧姆定律，有联立得，。13.答案：（1）（2）解析：（1）当光线以入射时，设其折射角为α，由折射定律可得①如图所示，由几何关系可知②代入数据可解得③（2）设该光在玻璃微球内传播的路程为s由几何关系有④单色光在该玻璃微球内的传播速度为⑤根据运动学公式有代入数据可解得⑥14.答案：（1）（2）（3）解析：（1）从静止释放至与小物块2碰撞前瞬间的过程，小物块1下落的高度恰好为A、B两点间距，根据动能定理有由于轻绳与P点处钉子碰后，小物块1的运动半径为P点距水平面的高度，又P点和C点等高，所以运动半径为R，根据牛顿第二定律有联立解得（2）小物块1、2发生弹性碰撞，根据动量守恒定律和机械能守恒定律分别有解得小物块2的质量为，碰后瞬间小物块2的速度大小为对之后小物块2滑到圆弧槽C端的过程，根据动能定理有联立解得（3）对小物块2碰后至第一次滑到圆弧槽B端的过程，根据动能定理有解得对小物块2滑上圆弧槽BC上到再次回到B端的过程，取水平向右为正方向，根据动量守恒定律和机械能守恒定律分别有解得，小物块2从圆弧槽B端离开后在水平面上向左滑动，设经过时间t运动停下，根据动量定理有解得根据动能定理有解得圆弧