2026届高考物理考向核心卷·福建专版·参考答案

2026届高考考向核心卷物理参考答案——福建专版2026届高考物理（福建专版）考向核心卷考情诊断表知识模块对应题号模块总分值试卷占比得分电磁学（静电场+交变电流/变压器+磁场+带电粒子在复合场中的运动+电磁感应+电学实验）2、3、4、7、11、13、154+4+4+6+3+7+12=4040.0%力学（静力学/受力分析+运动学+圆周运动+动量守恒+能量守恒+力学综合）1、5、8、14、164+6+6+11+16=4343.0%近代物理初步（原子核物理/核反应/质能方程）666.0%光学（几何光学/折射率测量）1255.0%热学（理想气体状态方程）933.0%机械振动与机械波1033.0%合计选择题1-8非选择题9-16100分100.00%

题号12345678答案DCACACBDACAC1.答案：D解析：瑜伽球受到重力、两只手的两个弹力、两只手的两个静摩擦力，共5个力的作用，故A错误；左手对瑜伽球的作用力和右手对瑜伽球的作用力是瑜伽球受到的两个力，同时作用在一个物体上，不是相互作用力，故B错误；若减小手对瑜伽球的挤压，瑜伽球受到的静摩擦力不变，故C错误；弹力是因为施力物体发生形变，则瑜伽球产生形变对与它接触的手会产生力的作用，这个力叫作弹力，故D正确。2.答案：C解析：A.由题意可知，频率，根据理想变压器工作原理可知，接收线圈中感应电流的频率为50Hz，故A错误；B.在忽略线圈电阻的理想情况下，接收线圈两端的电压有效值等于其内部感应电动势的有效值，故B错误；C.根据理想变压器电压比等于匝数比可得，可知、均不变，增大一倍，则增大一倍，由功率可知会变为原来的4倍，故C正确；D.若仅将发射线圈中电压的频率提高到200Hz，由于两线圈匝数比不变，则接收线圈的电压有效值不变，输出功率不变，故D错误。故选C。3.答案：A解析：若A点直线电流方向垂直于纸面也向里，大小也为，则根据磁感应强度的矢量运算法则，圆心O点的磁感应强度大小为0。但实际A点直线电流大小为，方向垂直于纸面向外，则其他四个点的直线电流在圆心O点的磁感应强度的矢量合与A点直线电流在O点的磁感应强度的等大同向。故实际圆心O点的磁感应强度大小为。故选A。4.答案：C解析：A.只有所受洛伦兹力等于电场力的粒子能射出速度选择器，有，解得，故A错误；B.由可知，速度选择器只能筛选出速度相同的粒子，动能不仅和速度有关还和质量有关，因此筛选出的粒子动能不一定相同，故B错误；C.由，得，因此比荷越小的粒子，偏转半径越大，故C正确；D.带电粒子在磁场中做圆周运动的周期，因此比荷越小的粒子，偏转周期越大，故D错误。故选C。5.答案：AC解析：由于匀速转动摇柄，则a点的周期保持不变，A正确；b点的线速度大小不变，方向改变，B错误；纺轮和纺锤为皮带传动，边缘线速度大小相等，即，又，根据可知，根据，可得，摇柄和纺轮为同轴转动，角速度相同，即，根据，可得，故，即纺锤的转速大于摇柄的转速，C正确；根据，可得，根据，可得，故，D错误。6.答案：BD解析：由于，说明反应后原子核的质量增加了，该反应为吸能反应，且，B正确，A错误；由反应前后动量守恒和能量关系可知当反应结束后生成的新核共速时，用的α粒子实验，生成新核的总动能为，则系统损失的动能最多为3.728MeV，该能量小于发生第②种核反应所需要吸收的4.735MeV的能量，故不能发生第②种核反应，同理，用初动能达到6.173MeV的α粒子实验，损失动能最多为4.801MeV，大于第②种核反应所需要的能量，故第②种核反应可以发生，D正确，C错误。7.答案：AC解析：A.根据几何关系可知，粒子在圆形磁场中运动的轨迹半径为L，所有粒子均由O点进入矩形区域，根据牛顿运动定律有，沿直线OQ运动的粒子受力平衡，有，解得，，A正确；B.粒子从CD边离开时，根据动能定理有，解得，B错误；CD.设运动轨迹最低点与CD边相切的粒子经过O点时的速度方向与x轴正方向的夹角为α，如图所示，在水平方向上，根据动量定理可得，，解得。由于，没有从AB、CD边射出的粒子在矩形区域内的运动可看作两个运动的合成，分别为匀速直线运动和一个完整的匀速圆周运动，对应a、b间的粒子均能经过Q点，根据几何关系可得，从b点射出的粒子先经过Q点，从a点射出的粒子最后经过Q点，Q点持续有粒子经过的时间间隔，能够到达Q点的粒子占总粒子的比例，C正确，D错误。故选AC。8.答案：AC解析：子弹击穿物体的过程，子弹和物体组成的系统动量守恒，设子弹穿过物体瞬间物体的速度大小为，以向右的方向为正，由动量守恒定律有，代入数据解得，对物体由动能定理得，解得子弹对物体做的功，A正确；子弹击穿物体后，物体向右做减速运动，物体的加速度为，当物体的速度减为零时到左端的距离最远，由运动学规律有，则物体不可能从传送带的右端离开，B错误；物体向右减速的时间为，物体的速度减为零后，开始向左做加速运动，假设物体加速到与传送带共速所需的时间为，则，该过程物体的位移大小为，物体与传送带共速后，随传送带向左匀速运动到最左端，则向左匀速运动的时间为，则从子弹击穿物体到物体离开传送带所用的时间为，C正确；物体向右运动时，物体与传送带之间的相对位移为，物体向左运动时，物体与传送带之间的相对位移为，从子弹击穿物体到物体离开传送带，因摩擦产生的热量为，D错误。9.答案：（1）变小（2）解析：（1）因为，根据图像可知，甲气球中的压强比较大，所以打开后，甲气球中的气体会被源源不断地压入大气球（即乙气球）内，直到最后两者压强平衡，故甲气球的体积会变小。（2）甲、乙两气球内的气体最终压入钢瓶，发生等温变化，根据玻意耳定律得：，解得最终钢瓶内的压强为：。10.答案：正；10解析：由图丙可知时，质点P振动方向沿y轴负方向，根据微平移法可知该波沿x轴正方向传播。该波的波速为。11.答案：高于；解析：根据点电荷周围电势的表达式和电势的叠加原理，点的电势为，点的电势为，则点的电势高于点的电势。根据点电荷周围场强的表达式可知，A处的场源在a处产生的场强和B处的场源在a处产生的场强的关系有，以a为原点建立如图所示坐标，将正交分解有则再将x轴、y轴的场强合成有。12．答案：（1）BC（2）（3）不变解析：（1）在插和时，应使挡住的像，挡住和的像，以此来确定出射光线的光路，故A错误；大头针间的距离太小，引起的角度误差会较大，则及之间的距离适当大些，可以提高准确度，故B正确；入射角适当大些，折射角也会大些，折射现象较明显，角度测量的相对误差会减小，测量结果更准确，故C正确；实验中大头针越靠近法线，入射角越小，故折射角也越小，折射现象不明显，不利于测量和计算，故D错误。（2）在光路图中利用方格构造三角形，由题图可得，，则玻璃砖的折射率为。（3）把玻璃砖整体平行上移一小段距离d，法线方向不变，玻璃砖中折射光线平行移动，折射角不变，则计算出的折射率不变。13.答案：（1）左；2.5；；偏大（2）解析：（1）实验开始时，为了电路安全，滑动变阻器滑动头应移到最左端；根据两次读数结果，由欧姆定律，有：，可得，解得由电阻决定式有，代入计算得电阻率；若电流表阻值不可忽略，由欧姆定律，有，可得，则，即电流表内阻不能忽略时，的测量值偏大。（2）由闭合回路欧姆定律，有，整理可得，可得斜率，计算得。14.答案：（1）150m（2）3:1（3）450m解析：（1）设无人机匀加速运动阶段的加速度大小为，位移大小为，时间为，匀速运动阶段的速度大小为v，位移大小为，在0~5s内，根据位移—时间公式有，由题图知，解得，匀速运动阶段的速度大小，代入数据得，匀速运动阶段运动的时间为，匀速运动阶段位移大小，代入数据解得。（2）在10~25s内，无人机做匀减速运动，设加速度大小为，由题图知，在匀减速阶段有，得，所以。（3）在10~25s内，有，则无人机悬停处距离地面的高度。15.答案：（1）（2）（3）；解析：（1）线框进入磁场的过程，根据法拉第电磁感应定律有根据闭合电路的欧姆定律有。（2）对全过程，根据能量守恒定律有解得。（3）设线框ab边刚进入磁场时的速度大小为v，根据动能定理有解得根据闭合电路的欧姆定律有a、b间的电压为路端电压且，则解得。16.答案：（1）（2）（3）解析：（1）球2从半圆轨道上E点飞出后做平抛运动，有①②联立①②解得③（2）球2从C点运动到E点过程中，机械能守恒，取水平面为零势能面，有④联立③④解得⑤球2经过半圆轨道最低点C处，轨道对球2的支持力和球2重力的合力提供向心力，根据牛顿第二定律有⑥球2对轨道的压力