2026-2027年人教版中考物理全程复习检测卷（带答案解析）

第第页2026-2027年人教版中考物理全程复习检测卷（带答案解析）学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________题号一二三四五六总分得分注意事项:

1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。

2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡对应题目的答案标号涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在试卷上无效。

3.考试结束后，本试卷和答题卡一并交回。一、选择题(本大题共7小题，每小题3分，共21分.在每小题所给出的四个选项中，只有一项是正确的)1．如图所示的简单机械，正常使用时费距离的是（）A．筷子 B．食品夹 C．定滑轮 D．动滑轮2．近日，《新闻联播》中出现了福建舰的最新画面，甲板上三套电磁弹射器清晰可见。电磁弹射器的弹射车与舰载机前轮连接，并处于强磁场中，当弹射车的导体有强电流通过时，就会受到磁场强大的作用力，使舰载机迅速获得起飞速度。图中与电磁弹射器工作原理相同的是（）A． B． C． D．3．如图甲所示的电路，电源电压不变，R0为定值电阻，R为滑动变阻器，闭合开关，滑片P从一端滑到另一端的过程中，电压表示数随滑动变阻器阻值变化的关系如图乙所示，下列说法正确的是（）A．R0阻值为10Ω B．电源电压为6V C．电路消耗的最大功率为3.6W D．滑片打到中点时，R的功率最大为1.6W4．如图所示，均匀实心正方体甲、乙分别置于水平地面上，它们对水平地面的压强相等，若在它们的上部沿水平方向均截去各自的一半，截去部分的质量分别为Δm甲、Δm乙，剩余部分对地面的压强分别为p甲′、p乙′。则（）

A．p甲′一定小于p乙′

B．Δm甲一定大于Δm乙C．p甲′可能大于p乙′

D．Δm甲可能小于Δm乙5．如图所示的电路中，电源两端电压保持不变，两个定值电阻的阻值R1＞R2，闭合开关S，电阻R1、R2两端的电压分别为U1、U2，通过两个电阻的电流分别为I1、I2，它们的实际电功率分别为P1、P2，相等时间内它们消耗的电能分别为W1、W2，下列判断中正确的是（）A．I1＞I2 B．U1＝U2 C．P1＞P2 D．W1＞W26.2021年2月《中国诗词大会》第六季开播，从大千世界中撷取最美诗意，致敬新时代，致敬伟大祖国，致敬伟大人民。关于诗句中涉及的物理知识，下列说法正确的是(

)A.“遥知不是雪，为有暗香来”中的“为有暗香来”说明分子之间有间隙

B.“风樯动，龟蛇静，起宏图”中“风樯动”是力改变了物体运动状态

C.“北国风光，千里冰封，万里雪飘”中“雪”在形成过程中内能增大

D.“香炉初上日，爆水喷成虹”中的“成虹”是由于光发生反射形成的7．如图所示的电路中，电源两端电压为6V且保持不变，定值电阻R1的阻值为10Ω，滑动变阻器R的最大阻值为20Ω，电压表接入电路的量程（0～3）V，电流表接入电路的量程（0～0.6）A。闭合开关S，将滑动变阻器的滑片P由b端缓慢向a端移动，直至某一电表的指针达到满偏。有关变化下列说法正确的是（）①电压表的示数变大，电流表的示数变大②电流表的示数变化范围为0.2A～0.6A③电压表的示数变化范围为2V～6V④R2阻值变化范围为20Ω～10Ω⑤指针达到满偏的是电流表A．只有②⑤正确 B．只有④正确 C．只有①④正确 D．都正确二、填空题(本大题共7小题，每小题3分，共21分.不需要写出解答过程，请把答案直接填在答题卡相应的位置上.)8．央视节目《一馔千年》再现了《清明上河图》的荔枝膏制作。如图所示，制作荔枝膏时，用清水煮荔枝，煮到水剩一半，将荔枝捞出扔掉继续煮，陆续放入乳糖、姜汁、麝香，直到最后熬成稠膏。在制作过程中，荔枝的内能（选填“增大”、“减小”或“不变”），这是通过的方式来改变内能的。9．如图甲所示，是小红拍摄的一张荷花照片，在照片上能看到三朵荷花，水面上方的荷花、莲叶上的“荷花”和水中的“荷花”。其中莲叶上的“荷花”是由于光的形成的“影子”；水中的“荷花”是由于光的（选填“反射”“折射”）现象形成的虚像。小红还看到了水中的“鱼”，如图乙所示，鱼在水中A点的位置，试画出她看到鱼的光路图。10.小华发现家中正在煮饭的高压锅限压阀被气流顶起，这一现象与热机的工作循环中的______冲程原理相同，这一过程内能转化为______能。11．如图甲电路中，电源电压保持不变。闭合开关后，调节电阻箱的阻值，记录多组数据，得到电流随电阻箱阻值变化的图像如图乙所示，电源电压为_________V；当电流时，通电10s电阻箱消耗的电能为_________J。12．导体虽然容易导电，但是对电流也有一定的阻碍作用。影响导体电阻大小的因素有导体温度、材料、、横截面积。13．一艘游船在九龙江中航行时，此时排开水的质量是5000kg，游艇受到的浮力为N．乘客上岸后，河水对船底压强将（“变小”“不变”或“变大”）。14．当舰载机在甲板上着陆时，由于会继续向前滑行，需要借助阻拦索的拉力才能尽快停止，说明力的作用效果是。甲板上的工作人员要佩带有耳罩的头盔是为了在防治噪声。三、作图题：本大题共3个小题，共7分。15．如图所示小球在没有空气阻力的情况下，沿无摩擦轨道运动，以小球经过M点时为计时起点，大致画出小球在MN段运动的速度时间图线。16.如图所示，一条光线经平面镜反射后恰好经过凸透镜左侧的焦点F。要求：

(1)画出入射光线；

(2)画出反射光线经过凸透镜后的折射光线。17．如图所示，小磁针静止在通电螺线管的正右方，请在图中标出小磁针的N极和电源的正负极。四、实验题：本大题共3小题，第18小题6分，第19小题6分，第20小题8分，共20分。18．钰琪同学在用已调好的天平测量物体的质量时，不断向天平的右盘试加砝码，直到在天平的右盘中放入最小的砝码时，发现天平分度盘的指针如图1所示，则接下来的操作就是，直到指针指在分度盘的中间；此时右盘中的砝码和标尺的游码如图2所示，则被测量物体的质量是g。19.小华同学在“伏安法”测电阻的实验中，实验电路图如图甲所示。

(1)在连接实物电路的过程中开关必须______；

(2)实验过程中，突然电流、电压表均无示数则电路故障可能是滑动变阻器______(填“短路”或“断路”)；

(3)排除故障后，继续实验，观察到某次实验中电流表示数为0.3A，电压表示数如图乙所示，则被测电阻Rx=______Ω；

(4)若滑动变阻器的最大阻值为R，被测电阻的阻值为Rx，实验过程中电流表突然烧坏，不能正常使用了，小华灵机一动，想出一个方法，应用现有的器材，也测出电阻Rx的阻值。实验步骤如下：①将滑动变阻器滑到A端，闭合开关S读出电压表的读数记为U；②将滑动变阻器滑片移动到B端，闭合开关S，读出电压表的读数记为U'；③则被测电阻Rx的阻值为：Rx=20.如图1所示，探究水沸腾时温度的变化特点。

(1)组装器材，温度计用细线挂到铁杆A上，调节铁杆A到合适的位置固定，目的是______。

(2)由图2中水沸腾时温度计的示数，读得水的沸点为______℃。

(3)观察到水沸腾时烧杯的上方出现大量的“白气”，“白气”是由水蒸气______形成的，杯口附近______(选填“C”或“D”)处的“白气”更浓。

(4)撤去酒精灯，水不能持续沸腾，说明水沸腾时需要______。五、计算题：本大题共2小题，第21小题7分，第22小题6分，共13分。21.某市为了加强航空港建设，方便市民出行，修建了市汽车南站到机场的高速公路，公路全长20km，设计行车速度为120km/h。一辆家用轿车按设计时速从汽车南站匀速行驶到机场消耗汽油1.6kg，汽油热值q=4.6×107J/kg，c水=4.2×103J/(kg⋅℃)求：

(1)轿车按设计时速从汽车南站匀速行驶到机场需要多少min？

(2)轿车在这一行驶过程中消耗的汽油，完全燃烧能放出多少热量？22．在图所示的电路中，电源电压为12伏电阻的阻值为10Ω，滑动变阻器上标有“50Ω1A”字样。闭合开关S，移动滑片P到某位置时，电压表示数为4V。①求：(a)通过电阻的电流；(b)此时，滑动变阻器接入电路的阻值。②若电流表选用“0~0.6A”量程，电压表选用“0~3V”量程，移动滑动变阻器的滑片P，在电路元件不被损坏的条件下，求电流表A和电压表V的示数变化范围。六、综合能力题：本大题共3小题，每小题6分，共18分。23.(原创)(1)在试管中加入一定量的红墨水，然后把它倒扣在装有红墨水的小烧杯中，发现试管中液面高于烧杯中的液面，如图甲所示。针对这一现象，不同同学有不同的分析：有些同学认为是大气压强支持这段水柱不下降；有些同学认为是试管和红墨水间存在某种力使这段水柱不下降。面对这一分歧，有人做了以下实验。把该装置放进真空罩，开启真空泵抽去一定量的空气后，现象如图乙所示；把图中的试管换成底部开口的矿泉水瓶，装满水后倒扣入水缸中，如图丙所示，打开矿泉水瓶瓶盖后，看到的结果如图丁所示。通过以上实验，我们能够知道，支持这段水柱不下降的原因是__________________(选填“大气压强”或“试管和红墨水间存在某在力”)。

甲

乙

丙

丁(2)胡老师为了验证沸点与气压的关系，做了一个有趣的实验。胡老师把刚烧开的水倒入烧杯中，如图甲所示，此时水在沸腾吗？________。胡老师打开真空泵，不一会儿，看到了如图乙所示的现象，说明_____________________________________________。

甲

乙24．如图是某款智能电动汽车，电池是电动汽车的核心，衡量电池性能的一个重要参数是能量密度，电池能量密度指的是电池平均单位质量所释放出的电能。该款智能电动汽车支持三种充电方式，快充半小时即可将电池容量由30%充至80%；慢充7小时充满；若选配随车充电宝，普通220V插座25小时即可充满，无论哪种充电方式都需要供电系统中提供良好的接地线，否则该款智能电动汽车拒绝接受充电。该款智能电动汽车的部分参数如下表：整车质量电池容量电池能量密度1800kg60kW•h150（W•h）/kg能量回收系统是该款智能电动汽车的智慧功能，当司机高速行车过程中松开油门减速时，能量回收系统就自行启动，车轮的转动会带动驱动电机转动，此时驱动电机就能够给汽车的电池充电。（1）该款智能电动汽车能量回收系统启动时，驱动电机将能转化为电能；汽车充电时需要外壳保持良好接地，这是为了。（2）该款智能电动汽车配备的电池质量是多少？（3）该车在快充时（由30%充至80%）的充电功率为多少？（4）小王爸爸驾驶该电动汽车回老家，中途发现电量剩余30%，于是以100km/h的速度匀速赶往服务区，行驶过程中的阻力为车重的0.1倍，12分钟后到达快充点，其中电动机的机械效率为80%，则到达后需要多久能把电池充满？

25.科学老师用矿泉水瓶(瓶盖上安有自行车胎气门芯)、气筒、温度传感器自制了一个气体内能改变的实验装置(如图甲)。老师做了两组实验，第一组“放气组”向矿泉水瓶中加入少量水和酒精，拧紧瓶盖，用气筒向瓶内充气25秒，然后迅速打开气门芯放出瓶内气体；第二组“未放气组”实验前25秒与第一组完全相同，但25秒后没有放气。温度传感器自动记录两组实验瓶内温度的变化，结果如图乙。结合能与其他已学知识分析“放气组”温度变化的原因。

参考答案及解析1．（2分）如图所示的简单机械，正常使用时费距离的是（）A．筷子 B．食品夹 C．定滑轮 D．动滑轮【分析】结合图片和生活经验，先判断机械在使用过程中的特点，或动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它们的省力情况，据省力一定费距离的特点分析即可判断。【解答】解：A、根据图示可知，使用筷子时，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆，即费力省距离，故A错误；B、根据图示可知，使用食品夹时，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆，即费力省距离，故B错误；C、定滑轮是一个等臂杠杆，即动力臂等于阻力臂，即不省距离，也不费距离，故C错误；D、动滑轮是一个省力杠杆，即省力但一定费距离，故D正确；故选：D。【点评】知道省力杠杆省力、一定费距离是解决该题的关键。2．【答案】D【解答】解：由题意可知，电磁弹射器的弹射车与舰载机的前轮连接，并处于强磁场中，当弹射车内的导体通以强电流时，即可受到强大的推力，由此可知其原理是通电导体在磁场中受力而运动。A、该装置为奥斯特实验，说明电流的周围存在磁场，故A错误；B、电磁铁通电后具有磁性，使小磁针发生偏转，这是电流的磁效应，故B错误；C、该装置中无电源，闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动就会产生感应电流，是探究电磁感应现象的装置，故C错误。D、图中有电源，属于电动机原理，是利用通电导体在磁场中受力而运动的原理工作的，故D正确；故选：D。3．（2分）如图甲所示的电路，电源电压不变，R0为定值电阻，R为滑动变阻器，闭合开关，滑片P从一端滑到另一端的过程中，电压表示数随滑动变阻器阻值变化的关系如图乙所示，下列说法正确的是（）A．R0阻值为10Ω B．电源电压为6V C．电路消耗的最大功率为3.6W D．滑片打到中点时，R的功率最大为1.6W【分析】由电路图可知，R0与R串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流。（1）读出图中滑动变阻器的电阻和其两端的电压，根据欧姆定律算出其电阻，根据电源电压相等列等式算出定值电阻的阻值，进而求出电源电压；（2）当滑动变阻器的电阻为零时电路消耗的功率最大；（3）R0与R串联接入电路，电路的总功率等于各部分功率之和，则R的功率为：PR＝P﹣P0，代入数据结合抛物线的性质可知当电路为多少时R的功率最大，根据欧姆定律计算此时电路的总电阻，根据串联电路电阻规律计算滑动变阻器接入电路的电阻，进一步判断此时滑片的位置。【解答】解：由电路图可知，R0与R串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流。（1）由图2可知，当滑动变阻器的电阻为5Ω时，其两端的电压为3V，通过电路的电流为：I1＝＝＝0.6A，串联电路总电压等于各部分电压之和，则电源电压为：U＝U1+I1R0＝3V+0.6A×R0﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣①；滑动变阻器的电阻为10Ω时，其两端的电压为4V，通过电路的电流为：I2＝＝＝0.4A，则电源电压为：U＝U2+I2R0＝4V+0.4A×R0﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣②；联立①②得，R0＝5Ω，U＝3V+0.6A×5Ω＝6V，故A错误，B正确；（2）当滑动变阻器的电阻为零时电路消耗的功率最大，电路消耗的最大功率为P＝＝＝7.2W，故C错误；（3）R0与R串联接入电路，电路的总功率等于各部分功率之和，则R的功率为：PR＝P﹣P0＝UI﹣I2R0，即PR＝6V×I﹣I2×5Ω，由抛物线的性质可知当I＝＝0.6A时，R的功率最大，此时电路的总电阻：R总＝＝＝10Ω，串联电路总电阻等于各部分电阻之和，则滑动变阻器接入电路的电阻为：R3＝R总﹣R0＝10Ω﹣5Ω＝5Ω，由图可知滑动变阻器的最大阻值为20Ω，则此时滑动变阻器的滑片不在中点，故D错误。故选：B。【点评】本题考查了电路的动态分析和欧姆定律的应用，从图像中获取有用的信息是关键。4．（3分）如图所示，均匀实心正方体甲、乙分别置于水平地面上，它们对水平地面的压强相等，若在它们的上部沿水平方向均截去各自的一半，截去部分的质量分别为Δm甲、Δm乙，剩余部分对地面的压强分别为p甲′、p乙′。则（）

A．p甲′一定小于p乙′

B．Δm甲一定大于Δm乙C．p甲′可能大于p乙′

D．Δm甲可能小于Δm乙【分析】（1）原来两正方体对水平地面的压强相等，若在它们的上部沿水平方向均截去各自的一半，剩余部分对地面的压力等于正方体重力的一半，根据压强的定义式比较剩余部分对地面的压强的大小；（2）已知底面积的大小关系和原来对地面的压强关系，根据G＝F＝pS比较原来两正方体的重力大小；从它们的上部沿水平方向均截去各自的一半，则截去部分的重力（或质量）是原来的一半，可比较剩余部分的质量关系。【解答】解：AC、置于水平地面上的正方体对地面的压力等于自身的重力，则有p甲＝，p乙＝，由题意可知p甲＝p乙，所以；若在它们的上部沿水平方向均各自截去一半后，剩余部分对地面的压强p甲′＝，p乙′＝，可见p甲′＝p乙′，故AC均错误；BD、由图可知S甲＞S乙，且原来对地面的压强p甲＝p乙，由G＝F＝pS可知G甲＞G乙，根据G＝mg可得：m甲＞m乙，从它们的上部沿水平方向均截去各自的一半，则截去部分的质量Δm甲＝，Δm乙＝，可见Δm甲＞Δm乙，故B正确，D错误；故选：B。【点评】本题考查了固体压强大小的计算和比较，掌握压强的定义式是解题的关键。5．解：由图可知，闭合开关S后，电阻R1、R2并联，因并联电路中各支路两端的电压与电源电压相等，则U1＝U2，故B正确；由题知，R1＞R2，且电压相等，由I＝可知I1＜I2；故A错误；因为U1＝U2，I1＜I2，所以由P＝UI可知，它们的电功率关系为：P1＜P2；故C错误；由W＝Pt可知，相同时间t内它们消耗的电能关系为：W1＜W2；故D错误。故选：B。6.【答案】B

【解析】解：A、“为有暗香来”说明分子不停地做无规则运动，故A错误；

B、“风樯动”是力改变了物体运动状态，故B正确；

C、“雪”在形成过程中放出热量，内能减小，故C错误；

D、彩虹是光的折射形成的，故D错误。

故选：B。

分子不停地做无规则运动；

力的作用效果有两个：一是可改变物体的运动状态，二是可改变物体的形状；

物质由气态直接变为固态，属于凝华，凝华放热，内能减小；

彩虹的形成是光的色散，其实质是光的折射形成的。

本题考查分子动理论、内能、力的作用效果和光的折射，属于综合题。7．（3分）如图所示的电路中，电源两端电压为6V且保持不变，定值电阻R1的阻值为10Ω，滑动变阻器R的最大阻值为20Ω，电压表接入电路的量程（0～3）V，电流表接入电路的量程（0～0.6）A。闭合开关S，将滑动变阻器的滑片P由b端缓慢向a端移动，直至某一电表的指针达到满偏。有关变化下列说法正确的是（）①电压表的示数变大，电流表的示数变大②电流表的示数变化范围为0.2A～0.6A③电压表的示数变化范围为2V～6V④R2阻值变化范围为20Ω～10Ω⑤指针达到满偏的是电流表A．只有②⑤正确 B．只有④正确 C．只有①④正确 D．都正确【分析】由电路图可知，电阻R1和滑动变阻器R2串联，电压表测R1两端的电压，电流表测电路中电流。（1）根据滑动变阻器的移动可知电路中总电阻的变化，根据欧姆定律求出电路中电流的变化，再根据欧姆定律求出电压表的示数变化；（2）当滑片在b端时，根据串联电路的电阻特点和欧姆定律求出电路中的电流和电压表示数，结合电流量程判断达到满偏的仪表和变化范围；根据串联电路电压规律和欧姆定律求出滑动变阻器接入电路中的最小阻值，进而得出R2阻值变化范围。【解答】解：由电路图可知，电阻R1和滑动变阻器R2串联，电压表测R1两端的电压，电流表测电路中电流。（1）滑片由b端移到a端的过程中，滑动变阻器的阻值变小，电路中的总电阻变小；电源电压不变，根据欧姆定律可知电路中的电流变大，即电流表示数变大；根据U＝IR可知，R1两端电压变大，即电压表示数变大，故①正确；（2）当滑片在b端时，由串联电路电阻特点可知，电路的总电阻：R＝R1+R2＝10Ω+20Ω＝30Ω，电路中的电流最小为：I最小＝＝＝0.2A，由欧姆定律得，电压表的示数为：U1最小＝I最小R1＝0.2A×10Ω＝2V；因电压表接入电路的量程为0～3V，所以电压表示数为3V时，此时电路中的电流最大，为：I最大＝＝＝0.3A，故滑片由b端移到a端的过程中，达到满偏的仪表是电压表，电流表的示数变化范围是0.2A～0.3A，故②⑤错误；电压表的示数变化范围是2V～3V，故③错误；根据串联电路的总电压等于各用电器两端的电压之和可得：滑动变阻器两端的最小电压：U2最小＝U﹣U1最大＝6V﹣3V＝3V；由I＝可得，滑动变阻器接入电路的最小阻值：R2最小＝＝＝10Ω，因此R2阻值变化范围为20Ω～10Ω，故④正确。故选：C。【点评】本题考查串联电路的特点以及滑动变阻器接入电路电阻的计算，关键是滑动变阻器处于不同位置时电路图的辨别和电表量程的判断，并且会灵活运用欧姆定律。8．（2分）央视节目《一馔千年》再现了《清明上河图》的荔枝膏制作。如图所示，制作荔枝膏时，用清水煮荔枝，煮到水剩一半，将荔枝捞出扔掉继续煮，陆续放入乳糖、姜汁、麝香，直到最后熬成稠膏。在制作过程中，荔枝的内能增大（选填“增大”、“减小”或“不变”），这是通过的方式热传递来改变内能的。【分析】内能的大小与质量、温度、状态有关，改变内能大小的途径有做功和热传递。【解答】解：在制作过程中，荔枝吸收热量，内能增大，温度升高，是通过热传递的方式改变的。故答案为：增大；热传递。【点评】本题考查内能的改变，是对基础知识的考查。9．【解答】解：（1）因为光的直线传播，所以在荷花后面光照不到的区域形成了荷花的影子，故其中甲是荷花的影子。（2）水面相当于平面镜，荷花在水平面中成像，是利用光的反射形成的，属于镜面反射。（3）人看到的鱼在水中，光是从水中斜射入空气中进入了人的眼睛，当光从水斜射入空气中时，折射角大于入射角，人感觉光是沿直线传播的，逆着光看去，好像是从光的反向延长线的交点处来的，比实际位置要浅，所以看到的水中的“鱼”，是鱼的虚像，虚像在实际鱼的上方，故直接连接眼睛与A上方一点B，与水面的交点即为入射点O，连接A和入射点O即为入射光线，如下图所示：故答案为：直线传播；反射；见解答。10.【答案】做功

机械【解析】解：正在煮饭的高压锅限压阀被气流顶起，这是锅内的气体对外做功，锅内气体的内能转化为机械能；内燃机的做功冲程中，高温高压的燃气的内能转化为机械能。

故答案为：做功；机械。

做功可以改变物体的内能，对物体做功，机械能转化为内能；物体对外做功，将内能转化为机械能。

本题考查了改变内能的方法、内燃机的工作过程，属于基础题。

11．答案：6；5解析：电阻箱与定值电阻串联，电流表测电路的电流，由图乙可知，当电阻箱的电阻为5Ω和20Ω时，对应的电流大小分别为0.4A和0.2A，根据串联电阻的规律及欧姆定律，因电源电压不变，故有即解之电源电压U=6V当电流时，根据欧姆定律，定值电阻的电压为U0=IR0=0.5A×10Ω=5V根据串联电路电压的规律，电阻箱的电压为U箱=U-U0=6V-5V=1V通电10s电阻箱消耗的电能为W=U箱It=1V×0.5A×10s=5J12．解：影响导体电阻大小的因素有导体温度、材料、长度、横截面积。故答案为：长度。13．解：由阿基米德原理可得，游艇受到的浮力：F浮＝G排＝m排g＝5000kg×10N/kg＝5×104N；乘客上岸后，船仍然漂浮，则F浮＝G，因船的总重力变小，所以船受到的浮力变小，由F浮＝ρ水gV排可知船排开水的体积减小，船将上浮一些，则船底所处的深度减小，由液体压强公式p＝ρgh可知，河水对船底的压强将变小。故答案为：5×104；变小。14．（3分）当舰载机在甲板上着陆时，由于惯性会继续向前滑行，需要借助阻拦索的拉力才能尽快停止，说明力的作用效果是改变物体的运动状态。甲板上的工作人员要佩带有耳罩的头盔是为了在人耳处防治噪声。【分析】（1）一切物体都有惯性，与物体的运动状态无关；（2）力可以改变物体的形状、力可以改变物体的运动状态；（3）减弱噪声的途径有三种：在声源处减弱噪声、阻断噪声的传播、在人耳处减弱噪声。【解答】解：（1）舰载机降落在航母甲板上，舰载机原来处于运动状态，由于惯性还会继续向前滑行；（2）阻拦索的拉力使舰载机由运动变为静止，说明力可以改变物体的运动状态；（3）甲板上的工作人员要佩带有耳罩的头盔是为了人耳处减弱噪声。故答案为：惯性；改变物体的运动状态；人耳处。【点评】此题考查了惯性的应用、力的作用效果、减弱噪声的途径，是一道综合题，难度不大。15．解：由题意可知，小球在运动过程中不受空气阻力和摩擦力，小球过M点时是运动的，所以小球在MN段做匀速直线运动，如下图：16.【答案】解：(1)首先做出法线，法线与镜面是垂直的，根据反射角等于入射角作出入射光线；

(2)过焦点的光线经过凸透镜后会平行于主光轴；如图所示：

【解析】(1)根据光的反射定律做出入射光线；

(2)过焦点的光线经过凸透镜后会平行于主光轴。

此题考查光的反射定律作图、凸透镜对光线的作用，属于基础题。

17．【解答】解：根据磁感线的方向可确定螺线管的左端为N极，右端为S极。根据磁极间的相互作用可以判断出小磁针的左端为N极，右端为S极。根据安培定则，伸出右手，使右手大拇指指示通电螺线管的N极，则四指弯曲所指的方向为电流的方向，所以电源的右边为正极，左边为负极，如图所示：18．（2分）钰琪同学在用已调好的天平测量物体的质量时，不断向天平的右盘试加砝码，直到在天平的右盘中放入最小的砝码时，发现天平分度盘的指针如图1所示，则接下来的操作就是取下最小的砝码移动游码，直到指针指在分度盘的中间；此时右盘中的砝码和标尺的游码如图2所示，则被测量物体的质量是43.4g。【分析】天平在测量时不能再去移动平衡螺母进行调节，而是通过增减砝码或移动游码使天平平衡；物体的质量就等于砝码的质量加上游码所对应的刻度。【解答】解：把物体放在天平左盘，当把最小砝码放在天平右盘后，由图甲可知，指针指在分度盘的右侧，加入的砝码大了，应该取下最小的砝码移动游码使天平平衡；由图2可知，物体的质量为m＝20g+20g+3.4g＝43.4g。故答案为：取下最小的砝码移动游码；43.4。【点评】此题是测量物体的质量实验，考查了天平的使用及读数，这些都是测质量和密度实验中的重点知识点。19.【答案】断开

断路

8

U'RU−U'【解析】解：(1)为了保护电路，在连接实物电路时应断开开关；

(2)实验过程中，突然电流、电压表均无示数，则整个电路断路，电路故障可能是开关、电流表或滑动变阻器断路；

(3)排除故障后，继续实验，观察到某次实验中电流表示数为0.3A，电压表示数如图乙所示，电压表选用小量程，分度值为0.1V，电压为2.4V，由欧姆定律，则被测电阻：

Rx=UI=2.4V0.3A=8Ω；

(4)实验步骤：

①将滑动变阻器滑片移动到A端，闭合开关S读出电压表的读数记为U；

②将滑动变阻器滑片移动到B端，闭合开关S，读出电压表的读数记为U'；

③在①中，变阻器连入电路的电阻为0，电压表测电源电压U；

在②中，R与待测电阻Rx串联，电压表测待测电阻的电压U'，由串联电路电压的规律及分压原理：

U−U'U'=RRx，

则被测电阻Rx的阻值为：

Rx=U'RU−U'。

故答案为：(1)断开；(2)断路；(3)8；20.【答案】将温度计的玻璃泡放入水中，不要碰到容器壁或容器底

98

液化

D

吸收热量

【解析】解：(1)组装器材，温度计用细线挂到铁杆A上，调节铁杆A到合适的位置固定，目的是将温度计的玻璃泡放入水中，避免碰到容器壁或容器底；

(2)由图知温度计的分度值为1℃，示数为98℃；

(3)水沸腾时烧杯的上方出现大量的“白气”，“白气”是由水蒸气液化形成的，杯口附近C处温度高、D处的温度低，D处的“白气”更浓；

(4)撤去酒精灯，水不能持续沸腾，说明水沸腾时需要吸收热量。

故答案为：(1)将温度计的玻璃泡放入水中，避免碰到容器壁或容器底；(2)98；(3)液化；D；(4)吸收热量。

(1)利用温度计测量液体温度时，将温度计的玻璃泡放入被测液体中，不要碰到容器壁或容器底；

(2)温度计读数时，先明确其分度值，再根据液面位置读数，注意是零上还是零下；

(3)物质由气态变为液态叫液化，液化的两种方法：降低温度(温度越低越明显)、压缩体积；

(4)沸腾条件：达到沸点，继续吸热。

本题考查了温度计的使用方法和读数方法、液化现象、沸腾条件，属于基础题目。21.【答案】解：(1)已知汽车南站到机场的路程为：s=20km，时速v=120km/h，

由v=st可知从汽车南站到达机场所用的时间为：t=sv=20km120km/h=16h=10min；

(2)已知这一行程中消耗的汽油质量为m=1.6kg，

则这些汽油完全燃烧放出的热量为：Q放=qm=4.6×107J/kg×1.6kg=7.36×107J；

(3)已知轿车在行驶过程中受到的阻力为f=1200N，汽车匀速行驶，处于平衡状态，受平衡力作用，

由二力平衡的条件可知汽车的牵引力为F=f=1200N，

则汽车牵引力做的功为：W=Fs=1200N×20×103m=2.4×10【解析】(1)已知汽车南站到达机场的路程和时速，利用v=st可求出从汽车南站到达机场所用的时间；

(2)已知这一行程中消耗的汽油的质量和汽油的热值，利用Q放=qm可求出这些汽油完全燃烧放出的热量；

(3)已知轿车在行驶过程中受到的阻力，轿车匀速行驶时处于平衡状态，受平衡力作用，由二力平衡的条件可得出轿车的牵引力，根据W=Fs可求出牵引力做的功，最后根据η=22．①(a)0.4A；(b)20Ω；②A的范围为，V的范围为【解析】①(a)由电路图知，电阻与变阻器串联，电压表测两端的电压，电流表测整个电路的电流，则通过电阻的电流为(b)滑动变阻器接入电路的阻值为②因电阻与变阻器串联，则由可知，越大，越小，所以当为50Ω，此时电流最小，则此时电压表示数也最小，则若电流为0.6A时，则两端的电压为大于电压表的最大值3V，故不符合题意；由此可知，当两端的电压为3V时，此时电路中的电流最大，则则电流表A的示数变化范围为；电压表V的示数变化范围为。答：①(a)通过电阻的电流为0.4A；(b)此时，滑动变阻器接入电路的阻值为20Ω。②A的范围为，V的范围为。23.【答案】(1)大气压强

(2)没有

气压越低，沸点越低

【解析】(1)由题知，开启真空泵抽去一定量的空气后，试管中红墨水下降，且打开矿泉水瓶瓶盖后，试管中红墨水下降至与水缸中液面相平，所以支持这段水柱不下降的原因是大气压强。

(2)沸腾时有大量的气泡产生，并且气泡在上升过程中体积逐渐增大，最后破裂，所以甲中水没有沸腾，胡老师打开真空泵，水沸腾了，说明气压越低，沸点越低。

24．（8分）如图是某款智能电动汽车，电池是电动汽车的核心，衡量电池性能的一个重要参数是能量密度，电池能量密度指的是电池平均单位质量所释放出的电能。该款智能电动汽车支持三种充电方式，快充半小时即可将电池容量由30%充至80%；慢充7小时充满；若选配随车充电宝，普通220V插座25小时即可充满，无论哪种充电方式都需要供电系统中提供良好的接地线，否则该款智能电动汽车拒绝接受充电。该款智能电动汽车的部分参数如下表：整车质量电池容量电池能量密度1800kg60kW•h150（W•h）/kg能量回收系统是该款智能电动汽车的智慧功能，当司机高速行车过程中松开油门减速时，能量回收系统就自行启动，车轮的转动会带动驱动电机转动，此时驱动电机就能够给汽车的电池充电。（1）该款智能电动汽车能量回收系统启动