2026-2027学年北师大版中考物理阶段综合测评卷（带答案解析）

第第页2026-2027学年北师大版中考物理阶段综合测评卷（带答案解析）学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________题号一二三四五六总分得分注意事项:

1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。

2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡对应题目的答案标号涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在试卷上无效。

3.考试结束后，本试卷和答题卡一并交回。一、选择题(本大题共7小题，每小题3分，共21分.在每小题所给出的四个选项中，只有一项是正确的)1．如图所示的物态变化实例中，吸放热情况不同的一组是A．③④ B．②④ C．②③ D．①③2.如图所示，转动滚摆的轴使其升高后释放，观察滚摆运动的过程，一段时间后滚摆停止上下滚动。下列说法正确的是(

)A.滚摆下降的过程，重力势能减小，动能不变

B.滚摆上升的过程，重力势能转化为动能

C.滚摆整个运动过程中，机械能守恒

D.滚摆在最高点时，动能最小，重力势能最大

3.如图所示是一种无线鼠标，其额定电压为3V额定电流为15mA，将接收器插入电脑，就可用无线鼠标操控电脑了。下列有关说法错误的是(

)A.鼠标正常工作时的电功率是0.045W

B.鼠标和接收器之间通过电磁波联系

C.鼠标滚轮上刻有花纹是为了增大摩擦力

D.鼠标做成“鼠”型可以增大与手掌的接触面积减小压力使手感更舒服

4.如图所示，用24N的力F沿水平方向拉滑轮，可使重为20N的物体A以的速度在水平地面上匀速运动。物体B重为10N，弹簧测力计的示数恒为不计滑轮、测力计、绳子的重力及绳与滑轮摩擦。下列说法正确的是(

)A.物体A受到地面的摩擦力是12N B.滑轮移动的速度是

C.水平拉力F的功率是 D.在2s内绳子对物体A做的功为5.如图所示，在一个配有活塞的密闭厚壁玻璃筒里放一小团硝化棉，用力把活塞迅速下压，棉花就会立即燃烧，根据实验现象判断下列说法中正确的是(

)A.活塞迅速下压棉花燃烧，表明筒内气体温度升高了

B.活塞迅速下压的过程中，筒内气体的内能保持不变

C.活塞下压过程的能量转化与热机做功冲程的能量转化相同

D.实验中棉花的点燃方式与汽油机中汽油的点燃方式相同6．初中体育考试前夕，为了获得满意的成绩，同学们每天都在认真的训练。如图所示是同学们在操场上练习立定跳远时的情景，下列说法正确的是（）A．穿上底部有花纹的鞋子，是为了增大对地面的压强 B．人站在水平地面上静止时，人的重力和人对地面的压力是一对平衡力 C．起跳后运动到最高点瞬间，若受到的一切外力突然消失，人将保持匀速直线运动状态D．用力蹬地起跳后还能在空中向前运动是因为受到惯性的作用7．水平桌面上有两个相同的烧杯甲和乙，装有适量的水，将两个体积相同的物体A、B分别放入两杯中，静止时甲、乙杯中水面刚好相平，如图所示。A、B的密度分别为ρA和ρB，A、B所受浮力分别为F浮A和F浮B，两烧杯底部所受水的压强分别为p甲和p乙，两烧杯对水平桌面的压力分别为F和F′，则（）A．ρA＞ρB，F浮A＝F浮B，p甲＞p乙，F＞F′ B．ρA＞ρB，F浮A＝F浮B，p甲＝p乙，F＜F′ C．ρA＜ρB，F浮A＜F浮B，p甲＝p乙，F＞F′ D．ρA＜ρB，F浮A＜F浮B，p甲＝p乙，F＝F′二、填空题(本大题共7小题，每小题3分，共21分.不需要写出解答过程，请把答案直接填在答题卡相应的位置上.)8．我们处在大气的最底层，受到大气压力是很大的，例如我们的整个胸腹部的面积约为0.3m2，则整个胸腹部受到大气的压力约为N（大气压值取1.03×105Pa）。9．如图是一款运动手环，手环内置一空心密闭的塑料管，管内有一小块可移动的磁铁，管外缠绕着线圈。戴着这种手环走路时磁铁在管内反复运动，线圈中便会产生电流，液晶屏上就会显示出运动的步数，这是利用了原理。计步的数据还可通过无线传送到手机上。某次外出小明手环记下的步数是4500步，用时40分钟，按“三步两米”（即每3步走过的路程为2m）估算，小明此次运动的平均速度是m/s。10．如图所示，小灯泡L1、L2分别标有“2.5V，0.8W”“3V，0.9W”字样，在确保电路安全的前提下，闭合开关后，只有一个小灯泡正常发光（灯丝电阻不变），则电路电源U＝V；正常发光的灯泡是灯，通过小灯泡L2的电流I＝A。11．“端午浓情，粽叶飘香”“粽叶飘香”说明分子在；将两个表面光滑的铅块相互紧压，它们会粘在一起，说明分子间存在。12．一个教室有6盏标有“220V110W”的日光灯，这些灯是采用联方式连接的，它们正常工作时干路电流是A。若这些灯每天均正常工作3小时，则每天共消耗电能kW•h。13.如图所示，轻质木板AB处于水平位置平衡，可绕O点无摩擦转动，OA=0.3m，OB=0.7m，在A端挂一个边长为5cm、重3.5N的正方体物体甲，另一重3N的小滑块乙在水平拉力作用下，以0.1m/s的速度从O点匀速向右滑动，则：

(1)在此过程中，甲对地面的压力______。(选填“变大”“变小”)

(2)小滑块能在木板上水平滑动的时间为______s。

(3)小滑块滑动1s时，物体甲对地面的压强是______Pa。14．如图所示的电路中，电源电压为15V，调节滑动变阻器滑片P从是右端b移动到最左端a，电流表示数由0.3A变为0.5A，则定值电阻R0=______Ω，滑片位于b点时电压表示数为______V。三、作图题：本大题共3个小题，共7分。15．请根据通电螺线管周围磁感线方向，判断并标出通电螺线管的N极、小磁针的N极和电源的“+、﹣”极。16.如图小磁针静止在地球赤道正上方，请标出小磁针的N极和地磁场磁感线的方向。三.实验与探究题（本题共4小题，每空1分，共22分）17．如图甲所示是一个磁悬浮地球仪，球体内有一个条形磁体，其磁场方向与地磁场磁场方向相同，下方环形底座内有一个电磁铁，通过磁极间的相互作用使地球仪悬浮在空中，图乙是其内部结构示意图。请在图中标出：（1）球体内条形磁体的N极；（2）开关闭合后，电磁铁的磁感线方向；（3）电源的“+、﹣”极。四、实验题：本大题共3小题，第18小题6分，第19小题6分，第20小题8分，共20分。18．为“研究影响滑动摩擦力大小的因素”小林和同学进行了以下实验，关于此探究，小林提出以下猜想：猜想一：滑动摩擦力的大小与接触面的面积有关；猜想二：滑动摩擦力的大小与接触面所受的压力大小有关；猪想三：滑动摩擦力的大小与接触面的粗糙程度有关。小林通过如图所示的实验验证猜想。验证猜想二和猜想三的实验数据如表。回答下列问题：次数123接触面光滑木板光滑木板粗糙木板压力/N1.01.51.5测力计示数/N0.40.60.8（1）为验证猜想一，应用弹簧测力计水平拉着木块，沿水平方向以不同接触面在木块上做匀速直线运动时，弹簧测力计示数（选填“相同”或“不同”），说明滑动摩擦力的大小与接触面积（选填“有关”或“无关”）；（2）为验证猜想二，三，在甲步骤木块上没加砝码，乙、丙步骤中在木块上加砝码，请你思考：丙步骤（选填“一定”或“不一定”）需要在木块上加砝码；（3）小林比较如图甲和丙两次实验，得出结论：接触面越粗糙，滑动摩擦力就越大。你认为这个结论（选填“合理”或“不合理”），理由是；（4）实验时，小林发现很难使物块匀速运动，他做出了如图丁的改进。不用匀速运动，只要沿绳方向水平拉动木板即可，弹簧测力计示数稳定后木块相对地面处于状态。19.某实验小组在“探究杠杆平衡的条件”时，使用的每个钩码的质量均为50g且数量足够，杠杆上相邻刻线间的距离相等。初始时将将杠杆的中央安装在支架上，如图甲所示。

(1)为使杠杆水平平衡，应将杠杆右端的螺母向______(填“左”或者“右”)调节。

(2)调节杠杆水平平衡后，该实验小组利用钩码和拉力传感器(能较为准确测量拉力)开始实验，图乙中①、②、③、④、⑤和⑥为实验时的示意图，设杠杆上相邻刻线间距离为l0m，并将测得的数据填入表格。阻力臂L3阻力Fl动力臂L23654l动力F1.510.50.60.753分析表格中的数据，可以得出：当阻力和阻力臂一定时，动力F1与动力臂L1的关系式为F1=______。20.如图是利用滑轮组匀速提升水中圆柱体M的示意图，滑轮组固定在钢架上，滑轮组中的两个滑轮质量相等，绕在滑轮组上的绳子能承受的最大拉力为900N，连接圆柱体M与动滑轮挂钩的绳子能承受的最大拉力为3000N.圆柱体M高为3m，底面积为0.02m2，密度为4.5×103kg/m3.在绳端拉力F作用下，圆柱体M从其下表面距水面15m处匀速上升到其上表面与水面相平的过程中用了3min，在这个过程中，拉力F的功率为160W，则拉力F的大小为______，滑轮组的机械效率η五、计算题：本大题共2小题，第21小题7分，第22小题6分，共13分。21.在如图的电路中，电源电压为9伏且保持不变，滑动变阻器R2为标有“20Ω，1.5A”、“20Ω，1A”和“30Ω，1A”字样中的某一个。闭合开关S，电流表A1的示数为0.5安。

①求电阻R1的阻值。

②将电流表A2串联接入a或b中的某一处，在电路安全工作的情况下，移动滑动变阻器R2的滑片过程中，电流表A2示数的最大变化范围为0.8安22．智能全自动茶炉内有加热电阻，集抽水、烧水、保温于一体，美观大方，容易操作，如表为某款智能全自动茶炉的部分参数。[ρ水＝1.0×103kg/m3，c水＝4.2×103J/（kg•℃）]求：产品名称智能全自动茶炉产品型号XXXX烧水功率1210W容量0.8L保温功率22W额定电压220V（1）将一壶水从20℃加热到70℃，水吸收的热量；（2）保温状态下通过茶炉的电流；（3）若用电高峰时，家庭电路的实际电压仅为200V，求该茶炉的实际加热功率（加热电阻阻值不变）。六、综合能力题：本大题共3小题，每小题6分，共18分。23．小明观察到了以下与物理有关的现象：①炒菜放盐，很快变咸；②从滑梯上滑下，臀部有灼热感；③夏天深圳比广州凉爽。请你选取两种现象，用学过的物理知识解释。现象：解释：现象：解释：24．阅读短文，回答问题。2019年1月3日，嫦娥四号探测器（图甲）搭载着“玉兔二号”月球车“图乙”成功降落月球南极，全人类首次实现月球背面软着陆。探测器着陆后进行了月球车和探测器“两器分离”，分离后在“鹊桥”中继星支持下顺利完成互拍并传回地球。月球车涉及的相关参数如表：设计质量m/kg135独立驱动的车轮个数n/个6长a/m1.5每个轮子与水平月面的接触面积s/cm2100宽b/m1月面的行驶速度v/（m•h﹣1）200高c/m1.1耐受温度范围﹣180℃～150℃月球车能源为太阳能，能够耐受月球表面真空、强辐射、极限温度等极端环境。由于月夜温度极低，电子设备无法正常工作，所以它将进入休眠状态，休眠期间由同位素温差发电保温，等到月昼来临，它将自主唤醒，进入工作状态。（1）根据上述信息，请判断以下说法中正确的是A．月球车可以使用汽油机来驱动B．月球车在月球上惯性将减小C．月球车的零件应该用热胀冷缩较明显的材料制成D．接近月面时，探测器需要悬停寻找最佳降落地点，悬停时它受到的是平衡力（2）月球车以太阳能为能源，这是（选填“常规”或“新”）能源。若太阳光照射到太阳能电池板上的辐射功率为1.5kW．电池产生的电压为48V，并对车上的电动机提供5A的电流，则太阳能电池将太阳转化电能的效率。（3）探测器接近月面时，在反推发动机和缓冲机构的保护下安全着陆预选区。为使探测器顺利软着陆，从月球表面观察到发动机点火后产生的高压气流应向（选填“上方”、“下方”或“水平方向”）喷出。（4）在地球上重6N的物体在月球上重1N，则“玉兔二号”月球车队水平月面的压强为Pa．加入月球车在行进过程中受到的阻力是自重的0.2倍，月球车水平匀速直线前进30m，牵引力做的功为J．（g取10N/kg）（5）小明对月球车的“唤醒系统”非常感兴趣，他利用光敏电阻设计了一个“模拟唤醒系统”，如图丙，该系统由“唤醒电路”、“控制电路”等组成，其中电源的电压为12V，电阻箱的电阻为（0～9999Ω），RP是光敏电阻，它的阻值随光照强度的变化关系如下表所示，光照强度用符号E表示，单位符号lx表示。E/lx1.02.03.04.06.07.08.0RP/Ω18964.5333①根据表中数据，请在图丁坐标系中描点作出RP﹣E的关系图线。②若a、b两端电压必须等于或大于8V时，控制电路才能启动，唤醒玉兔并驱动玉兔工作。小明设定光照强度为4.5lx时唤醒玉兔，则电阻箱的阻值至少应调到Ω；当光照强度为7.0lx时，在保证控制电路能正常启动的条件下，调节电阻箱R的阻值，使其消耗的电功率为9W，则此时RP消耗的电功率为W；为了能使控制电路在光线强度较弱时就能控制电路进入工作状态，可采取的措施是：（答出一种即可）

25．光电鼠标在电脑中应用非常广泛，其原理就是利用发光二极管照射移动表面（如图所示），并被反射回鼠标的光学感应器，用以记录移动动作，以此来捕捉移动位置的不同画面。当鼠标移动时，感应器会连续拍摄鼠标垫表面所成的像，并利用数字信号处理来比较各个影像，以决定移动的距离和方向。产生的结果会传回计算机，而屏幕上的光标会根据这些结果来移动，图中光学感应器、透镜、发光二极管等元件固定在鼠标内。（1）当发光二极管的光照射在粗糙的鼠标垫上时会发生_____（填“镜面反射”或“漫反射”）。（2）光学感应器上所成的像是_____（填“实像”或“虚像”）。（3）当鼠标向前推移时，感光器件上的像相对于光学感应器在向_____移动。（4）将鼠标离开鼠标垫一定高度后悬空向前移动时，电脑显示器上的光标并不移动，是因为_____。

参考答案及解析1．如图所示的物态变化实例中，吸放热情况不同的一组是（）A．③④ B．②④ C．②③ D．①③【答案】D。【解答】解：①冰雪消融，由固态变为液态，是熔化现象，此过程吸热；②露是空气中的水蒸气遇冷液化为液态的小水滴，此过程放热；③霜是空气中的水蒸气遇冷凝华为固体的冰晶，凝华过程放热；④水成冰是液态变为固态，是凝固现象，此过程放热；所以吸放热情况与其他三个不同的是①。故选：D。2.【答案】D

【解析】解：A、滚摆下降时，质量不变，速度增大，故动能增加，高度减小，即重力势能减小，故A错误；

B、滚摆上升的过程中，质量不变，速度减小，动能减小，同时高度增加，重力势能增加，故是将动能转化为重力势能的过程，故B错误；

C、由于空气的摩擦，所以整个过程中，一部分机械能会转化为内能，故机械能是减小的，故C错误；

D、滚摆在最高点时，速度最小，动能最小，高度最高，重力势能最大，故D正确；

故选：D。

分析滚摆的向上运动时的速度及高度的变化，则可知动能及重力势能的变化；根据机械能的定义可知机械能的变化。

本题考查了机械能的定义及动能和重力势能的相互转化，注意在不计空气阻力和摩擦时，机械能总量是保持不变的。3.【答案】D

【解析】解：A.鼠标正常工作时的电压U=3V，电路I=15mA=0.015A，电功率P=UI=3V×0.015A=0.045W，故A正确，不符合题意；

B.鼠标和接收器之间是通过电磁波联系的，故B正确，不符合题意；

C.鼠标滚轮上刻有花纹，是在压力一定时，增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力的，故C正确，不符合题意；

D.鼠标做成“鼠”形可以增大与手掌的接触面积减小压强，而不是减小压力，故D不正确，符合题意。

故选：D。

(1)鼠标正常工作时的电压和额定电压相等，根据P=UI求出额定功率；

(2)无线鼠标工作时发出电磁波，接收器接收鼠标发出的电磁波，从而实现对电脑的控制；

(3)增大摩擦力的方法：在压力一定时，增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力；在接触面粗糙程度一定时，增大压力来增大摩擦力；

(4)减小压强的方法：在压力一定时，增大受力面积来减小压强；在受力面积一定时，减小压力来减小压强。

本题以鼠标为背景考查了电功率公式的应用和信息的传播、增大摩擦力和减小压强方法的应用，涉及到的知识点较多，有一定的综合性，是一道好题。4.【答案】D

【解析】解：A、因为，所以对A的拉力为，弹簧测力计的示数恒为5N，则物体B对A的摩擦力为5N，方向向右，所以地面对A的摩擦力为，所以A错误；

B、A移动的速度即绳端移动的速度为，所以滑轮的移动速度为，所以B错误；

C、水平拉力F的功率，所以C错误；

D、绳子的拉力是12N，根据可得2s物体A移动的距离为，

所以故D正确。

故选：D。

A、要判断出A所受的摩擦力，首先根据拉力F和动滑轮的特点，计算出绳子对A的拉力，对A进行受力分析，根据平衡力的特点计算出A受地面的摩擦力；

B、根据动滑轮的特点及A的移动速度判断滑轮的移动速度；

C、根据公式计算出拉力F的功率；

D、绳子对物体A做的功即克服物体B和地面的摩擦力做的功。

此题考查了动滑轮的特点、功、功率的计算，解决此题的关键是分别对A、B和动滑轮进行分析，得出绳端和F端的力及速度的关系。5.【答案】A

【解析】解：

ABC、图中在一个配有活塞的厚壁玻璃筒中放一小团硝化棉，迅速向下压活塞，由于压缩玻璃筒内的空气对其做功，使得空气的内能增加，温度升高，故是将机械能转化为内能的过程，故与内燃机的压缩冲程相类似，故A正确，BC错误；

D、实验中棉花的点燃方式属于压燃式，与柴油机的点燃方式相同，汽油机机的点燃方式是点燃式；故D错误。

故选：A。

(1)改变内能的方式有两种，即做功和热传递；对物体做功，物体的内能会增加，物体对外做功，其内能会减小。

(2)四冲程汽油机一个工作循环有四个冲程，分别是吸气、做功、压缩和排气，其中只有做功冲程对外做功，将内能转化为机械能；另外还有压缩冲程有能量转化，将机械能转化为内能。

(3)点火方式：汽油机为点燃式，柴油机为压燃式。

知道做功可以改变物体的内能，并能准确判断其能量的转化过程是解决该题的关键。6．（3分）初中体育考试前夕，为了获得满意的成绩，同学们每天都在认真的训练。如图所示是同学们在操场上练习立定跳远时的情景，下列说法正确的是（）A．穿上底部有花纹的鞋子，是为了增大对地面的压强 B．人站在水平地面上静止时，人的重力和人对地面的压力是一对平衡力 C．起跳后运动到最高点瞬间，若受到的一切外力突然消失，人将保持匀速直线运动状态 D．用力蹬地起跳后还能在空中向前运动是因为受到惯性的作用【解答】解：A、穿上底部有花纹的鞋子，是为了在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力，故A错误；B、人站在水平地面上静止时，人的重力和人对地面的压力作用在不同的物体上，且方向相同，所以不是一对平衡力，故B错误；C、起跳后运动到最高点瞬间，若受到的一切外力突然消失，由于人在水平方向有一定的速度，所以人将保持匀速直线运动状态，故C正确；D、惯性不是力，不能说受到惯性作用，故D错误。故选：C。7．解：两物体静止时，A漂浮、B悬浮，则ρA＜ρ水，ρB＝ρ水，所以，两个物体的密度关系是ρA＜ρB；由图可知，两个物体排开水的体积关系为VA排＜VB排，水的密度一定，所以根据F浮＝ρ水gV排可知，两物体所受浮力关系是F浮A＜F浮B；由于两杯中水的深度相同，据p＝ρgh可知，两杯中杯底所受水的压强相同，即p甲＝p乙；A物体在甲容器中漂浮，所以F浮A＝GA；根据阿基米德原理有F浮A＝GA排，所以GA＝GA排（即A物体的重等于A排开水的重）；B物体在乙容器中悬浮，所以F浮B＝GB；根据阿基米德原理有F浮B＝GB排，所以GB＝GB排（即B物体的重等于B排开水的重）；上面的关系式可理解为AB两物体的重分别补充了所缺少水的重，由于甲乙容器内水面相平，则甲乙容器内水和物体的总重相等；甲乙两容器完全相同，则两容器的重相等，故甲乙两容器的总重相等，甲容器对桌面的压力等于乙容器对桌面的压力，即F＝F′；综合分析可知D正确。故选：D。8．（2分）我们处在大气的最底层，受到大气压力是很大的，例如我们的整个胸腹部的面积约为0.3m2，则整个胸腹部受到大气的压力约为3.09×104N（大气压值取1.03×105Pa）。【分析】知道正常人的胸腹部面积和标准大气压，根据F＝pS求出人的胸腹部受到的大气压力。【解答】解：由p＝可得，人的胸腹部受到的大气压力：F＝p0S＝1.03×105Pa×0.3m2＝3.09×104N。故答案为：3.09×104。【点评】本题考查了压强公式的灵活运用，属于基础题目。9．【答案】电磁感应；电磁波；1.25。【解答】解：（1）根据“运动手环”的特点可知，当塑料管运动时，磁铁在管中反向运动，线圈切割磁感线而产生电流。因此，运动手环的基本原理是电磁感应，产生电流的过程中将机械能转化为电能。（2）计步的数据是通过蓝牙技术传送到手机上，蓝牙是通过电磁波传递信息。（3）小明通过的路程：s＝×2m＝3000m；小明的平均速度：v＝＝＝1.25m/s。故答案为：电磁感应；电磁波；1.25。10．（3分）如图所示，小灯泡L1、L2分别标有“2.5V，0.8W”“3V，0.9W”字样，在确保电路安全的前提下，闭合开关后，只有一个小灯泡正常发光（灯丝电阻不变），则电路电源U＝2.5V；正常发光的灯泡是L1灯，通过小灯泡L2的电流I＝0.25A。【分析】（1）根据电路图可知，两灯泡并联，根据并联电路的电压特点结合两灯泡的额定电压求出电源电压；（2）根据P＝UI＝求出灯泡L2的电阻，根据欧姆定律求出通过小灯泡L2的电流。【解答】解：（1）由电路图可知，两灯泡并联，由并联电路的电压特点可知，两灯泡两端的电压相等都等于电源电压，由题意可知，只有一个小灯泡正常发光，为了电路安全，只能让额定电压小的灯泡L1正常发光，则电源电压：U＝U2＝U1额＝2.5V；（2）由P＝UI＝可知，灯泡L2的电阻：R2＝＝＝10Ω，通过小灯泡L2的电流：I＝＝＝0.25A。故答案为：2.5；L1；0.25。【点评】本题考查并联电路的特点、欧姆定律和电功率公式的应用，关键是知道为了电路安全，两灯并联时，额定电压低的灯可以正常发光。11．【答案】答：不停地做无规则运动；引力。【分析】物质是由分子组成的，组成物质的分子在不停地做无规则运动，分子间存在着相互作用的引力和斥力。【解答】解：“粽叶飘香”属于扩散现象，说明分子在不停地做无规则运动；两个表面光滑的铅块相互紧压后，他们会粘在一起，是分子运动的结果，说明分子之间存在引力；故答案为：不停地做无规则运动；引力。【点评】本题考查分子动理论知识，解答此题的关键是知道分子动理论的内容。12．【答案】并；3；1.08。【分析】家用电器都是并联的，利用P＝UI求得额定电流，再利用并联电路的电流关系求得干路电流；求出6盏“220V60W”的日光灯的总功率，又知时间3h，根据W＝Pt求出消耗的电能。【解答】解：因为家用电器都是并联的，所以这些灯是采用并联方式连接的；则小灯泡的额定电流为：＝0.5A，由并联电路的电流关系可知干路电流为：I总＝6I＝6×0.5A＝3A；6盏“220V60W”的日光灯的总功率：P总＝6P＝6×60W＝360W，每天共消耗电能：W＝P总t＝0.36kW×3h＝1.08kW•h。故答案为：并；3；1.08。【点评】本题主要考查了电功的计算，属于基本运算，比较容易，要注意公式W＝Pt单位配套。13.【答案】变小

3.5

1000

【解析】解：(1)根据杠杆平衡条件得，FA×OA=G乙×OB'，

力臂OA、G乙不变，当乙匀速向右滑动时，G乙的力臂增大，杠杆A端受到的拉力FA增大；

甲对地面的压力F压=G甲−FA，

所以甲对地面的压力变小；

(2)要使木板水平平衡，木板A端受到的最大拉力FA最大=G甲=3.5N，

根据杠杆平衡条件FA最大×OA=G乙×OB'，

即：3.5N×0.3m=3N×OB''，

解得：OB''=0.35m，

由v=st得滑块乙滑动的时间：

t=OB″v=0.35m0.1m/s=3.5s。

(3)由v=st可得，OB'=vt=0.1m/s×1s=0.1m

FA'=G乙×OB'OA=3N×0.1m0.3m=1N，14．

30

6【解析】[1]由电路图可知，电阻R0与滑动变阻器R串联，电压表测滑动变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流；滑动变阻器滑片P在最左端a时，只有R0的简单电路，R0两端的电压等于电源电压，通过它的电流是0.5A，R0的阻值[2]滑动变阻器滑片P在最右端b时，电阻R0与滑动变阻器R的全部电阻串联，R0两端的电压U0=IbR0=0.3A×30Ω=9V因串联电路中的总电压等于各分电压之和，所以，滑动变阻器两端的电压，即电压表示数U滑=U-U0=15V-9V=6V15．解：在磁体外部，磁感线总是从磁体的N极发出，最后回到S极，根据图中磁感线方向可知，螺线管的右端为N极，左端为S极；根据磁极间的相互作用规律可以判断出小磁针的左端为N极，右端为S极；根据安培定则，伸出右手，使右手大拇指指向通电螺线管的N极（右端），则四指弯曲所指的方向为电流的方向，即电流是从螺线管的左端流入、右端流出，所以电源的左端为正极，右端为负极。如图所示：16.如图小磁针静止在地球赤道正上方，请标出小磁针的N极和地磁场磁感线的方向。【答案】【解析】【详解】由镇江的位置可判断，上端为地理北极，因为地磁的南极在地理的北极附近，根据异名磁极相互吸引，所以小磁针指向北方（即地磁的南极）的为N极，指向南方（即地磁的北极）的是小磁针的S极，地磁场磁感线从地磁N极出发，地磁S极进去，如图所示三.实验与探究题（本题共4小题，每空1分，共22分）17．解：（1）由题知，球体内条形磁体的磁场方向与地磁场磁场方向相同，地球地理上的上北下南，又因为地磁南极在地理北极附近，地磁北极在地理南极附近，所以条形磁体的上端的S极，下端是N极，如图所示：（2）因为地球仪悬浮，所以条形磁体和电磁铁相互靠近的部分的同名磁极，所以电磁铁的上端是N极，下端是S极，根据磁体周围的磁感线从N极出发，回到S极，所以图中磁感线方向从上到下，如图所示：（3）根据安培定则，可以判断电流从下端进入电磁铁，从上端流出，所以电源的下端是正极，上端是负极，如图所示：18．（6分）为“研究影响滑动摩擦力大小的因素”小林和同学进行了以下实验，关于此探究，小林提出以下猜想：猜想一：滑动摩擦力的大小与接触面的面积有关；猜想二：滑动摩擦力的大小与接触面所受的压力大小有关；猪想三：滑动摩擦力的大小与接触面的粗糙程度有关。小林通过如图所示的实验验证猜想。验证猜想二和猜想三的实验数据如表。回答下列问题：次数123接触面光滑木板光滑木板粗糙木板压力/N1.01.51.5测力计示数/N0.40.60.8（1）为验证猜想一，应用弹簧测力计水平拉着木块，沿水平方向以不同接触面在木块上做匀速直线运动时，弹簧测力计示数相同（选填“相同”或“不同”），说明滑动摩擦力的大小与接触面积无关（选填“有关”或“无关”）；（2）为验证猜想二、三，在甲步骤木块上没加砝码，乙、丙步骤中在木块上加砝码，请你思考：丙步骤不一定（选填“一定”或“不一定”）需要在木块上加砝码；（3）小林比较如图甲和丙两次实验，得出结论：接触面越粗糙，滑动摩擦力就越大。你认为这个结论不合理（选填“合理”或“不合理”），理由是没有控制压力大小相同；（4）实验时，小林发现很难使物块匀速运动，他做出了如图丁的改进。不用匀速运动，只要沿绳方向水平拉动木板即可，弹簧测力计示数稳定后木块相对地面处于静止状态。【考点】探究影响摩擦力大小的因素．【分析】（1）根据控制变量法原则，要探究摩擦力与接触面积的关系，需保持其它量不变，只改变受力面积；（2）影响滑动摩擦力大小因素有两个：压力大小和接触面的粗糙程度，研究与其中一个因素的关系时，要控制另外一个因素不变，根据图中实验步骤分析作答；（3）根据木块相对于长木板相对静止，受到平衡力分析。【解答】解：（1）为验证猜想一，应用弹簧测力计水平拉着木块，沿水平方向以不同接触面在木板上做匀速直线运动时，如弹簧测力计示数相同，说明滑动摩擦力的大小与受力面积无关；（2）为验证猜想二、三，在甲步骤木块上没加砝码，若只在乙步骤中的木块上加砝码，丙步骤中的在木块上不加砝码，根据控制变量法可以比较甲丙来验证猜想三，比较甲乙来验证猜想二，可以达到实验的目的，由此可知丙步骤不一定需要在木块上加砝码；（3）小林比较如图甲和丙两次实验，得出结论：接触面越粗糙，滑动摩擦力就越大。这个结论不合理，理由是没有控制压力大小相同；（4）小林做出了如图的改进。只要沿力F方向水平拉动木板即可，当拉动长木板运动的过程中，无论长木板是否做匀速直线运动，弹簧测力计示数稳定后，木块相对地面都处于静止状态，此时木块受到的摩擦力大小就等于弹簧测力计示数。故答案为：（1）相同；无关；（2）不一定；（3）不合理；没有控制压力大小相同；（4）静止。【点评】本题是探究影响摩擦力大小的因素实验，把握住利用控制变量法分析实验结论的基本思路是解答此题的关键所在。19.【答案】右；3l0【解析】解：

(1)由图甲知，右边上翘，要使杠杆在水平方向平衡，应将平衡螺母向右端调节；

(2)分析数据可知：阻力与阻力臂的乘积为：1N×3l0m=3l0N⋅m；

动力与动力臂的乘积为：1.5N×2l0m=3l0N⋅m；

1N×3l0m=3l0N⋅m；

0.5N×6l0m=3l0N⋅m；

0.6N×5l0m=3l0N⋅m；20.【答案】800N；87.5%

【解析】解：(1)对动滑轮和圆柱体的整体做受力分析，如图所示，

已知h=3m，S=0.02m2，

圆柱体的体积：V=Sh=3m×0.02m2=0.06m3，

圆柱体浸没在水中受到的浮力：

F浮=ρ水gV=1.0×103kg/m3×10N/kg×0.06m3=600N，

圆柱体全部浸没，则V=V排，

圆柱体重力和浮力的比值：

GMF浮=ρgVρ水gV排=ρρ水=4.5×103kg/m31.0×103kg/m3=4.5，

解得GM=4.5×600N=2700N，

由题意可知，物体上升的速度：

v=h上升t上升=15m−3m3×60s=115m/s，21.【答案】解：①根据电路图可知，R1、R2并联，电流表测量通过R1的电流；根据并联电路的电压特点知，

两电阻两端的电压：U2=U1=U=9V；

R1的阻值：R1=R乙=U1I1=9V0.5A=18Ω，

②将电流表A2串联接入a处时，电流表测量滑动变阻器的电流；根据题意可知，通过滑动变阻器的最小电流为0.8A，

则滑动变阻器接入电路的最大阻值：R2=U2I2=9V【解析】(1)根据电路图可知，R1、R2并联，电流表测量通过R1的电流，根据并联电路的电压特点和欧姆定律求出R1的阻值；