2026-2027学年人教版中考物理考前热身模拟卷（附答案与解析）

第页2026-2027学年人教版中考物理考前热身模拟卷（附答案与解析）学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________题号一二三四五六总分得分注意事项:

1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。

2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡对应题目的答案标号涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在试卷上无效。

3.考试结束后，本试卷和答题卡一并交回。一、选择题(本大题共7小题，每小题3分，共21分.在每小题所给出的四个选项中，只有一项是正确的)1.电风扇的核心装置是电动机，下列哪个实验揭示了电动机的工作原理(

)A. B.

C. D.2．下列关于教材中四幅插图的说法正确的是（）A．图甲：地漏利用存水杯里的水来进行防臭，是利用大气压的原理 B．图乙：盆景自动供水装置利用了连通器原理 C．图丙：将自制气压计从1楼带到17楼的过程中，吸管内水柱会下降 D．图丁：飞机机翼上凸下平，使上方气体流速较大获得压强差产生升力3．独轮车是生活中搬运砖块的轻便工具，在竖直向上的拉力F1作用下，独轮车在图示位置保持静止，如图所示。下列说法正确的是（）A．独轮车可看作是一个费力杠杆 B．图中车砖的总重力G与拉力F1之比为3：1 C．为了更轻便，可以把车厢内砖块适当向后移动 D．若将拉力由F1方向改为F2方向会更省力一些4．“大漠孤烟直，长河落日圆”，图是小李在旅途中拍摄的长河落日的美丽景象，关于水中的“落日”，下列说法正确的是（）A．水中“落日”与天空中的太阳一样亮，也是光源 B．河水中水有多深，水中“落日”离水面就有多深 C．水中“落日”移动速度与天空中的太阳移动的速度相等 D．水中“落日”能用照相机拍摄，所以是实像5.小伟妈妈做饭时，不小心把胡椒粉洒在粗粒盐上。小伟急中生智，拿塑料小勺在毛皮上摩擦了几下，然后把小勺靠近胡椒粉，胡椒粉立刻被吸到勺子上，成功将胡椒粉和粗粒盐分开。下列说法错误的是(

)A.塑料小勺能吸引胡椒粉是因为它带了负电

B.电流由塑料小勺流向毛皮

C.该现象说明带电体具有吸引轻小物体的性质

D.塑料小勺带电通过摩擦的方法创造了电荷6．2022年11月12日，天舟五号货运飞船由长征七号遥六运载火箭在文昌航天发射中心发射，到与天和核心舱对接仅用了两小时，标志着我国航天交会技术取得新突破。则（）A．火箭加速升空时，天舟五号货运飞船的质量变大 B．火箭加速升空时，天舟五号货运飞船的机械能增大 C．运载火箭用液态氢做燃料，是因其比热容较大 D．对接后，以“天舟五号”为参照物，“天和”是运动的7．某物理兴趣小组用如图甲所示的电路来测量一个软性材质的电阻R的阻值。电源电压恒定，闭合开关后，调节滑动变阻器的滑片，把每次实验中得到电压表和电流表示数描点在U﹣I图象中，然后连接这些点得到如图乙所示的U﹣I图象，则由图乙可知（）A．电阻R的阻值为20Ω B．当电压表示数为2V时，R消耗的电功率为0.4W C．若将R均匀拉长后，再重新进行实验，则描出的图线应该在U﹣I图象中的Ⅱ区 D．滑片P左移，电路总功率变大二、填空题(本大题共7小题，每小题3分，共21分.不需要写出解答过程，请把答案直接填在答题卡相应的位置上.)8．物理课代表小军将用过的器材送至朱老师办公室，乘坐电梯时突发奇想：“在运行的电梯内测量物体重力会和平时测量值一样吗？”然后他按如图作法，先后在电梯启动时和匀速运行时进行实验，然后又在朱老师办公室内测量一次，当电梯启动上行时，弹簧测力计的示数（选填“大于”、“小于”或“等于”）室内测量时测力计的示数，你推断的理由是：。9.如图所示电路，电源电压为3V且保持不变。当闭合开关S时，电压表的示数为1V，则灯L2两端的电压为______V；若断开开关S，则灯L2将______(选填“不能发光”或“仍能发光”)，电压表的示数将______(选填“变大”、“变小”或“不变”)。10.用大小为10N的水平推力推静止在水平地面上的桌子，但没有推动，桌子受到的摩擦力______(小于/等于/大于)10N，当水平推力增大到12N时，箱子恰好做匀速直线运动，此时箱子受到的摩擦力为______N，当推力增大到18N时，箱子所受的合力大小为______。假如运动的物体所受的一切外力同时消失，它将______。11．如图甲电路中，电源电压保持不变。闭合开关后，调节电阻箱的阻值，记录多组数据，得到电流随电阻箱阻值变化的图像如图乙所示，电源电压为_________V；当电流时，通电10s电阻箱消耗的电能为_________J。12．某家用电热壶有“加热”和“保温”两个挡位，其简化电路如图所示，R1、R2是电热丝，R1＝1050Ω，R2＝50Ω。开关S接“1”时，电热壶为挡位。开关S接“2”时，通电5min，电流通过R2产生的热量为J。13．画出图中从S点射出的两条入射光线经过透镜后的折射光线。14．当舰载机在甲板上着陆时，由于会继续向前滑行，需要借助阻拦索的拉力才能尽快停止，说明力的作用效果是。甲板上的工作人员要佩带有耳罩的头盔是为了在防治噪声。三、作图题：本大题共3个小题，共7分。15．如图所示是一种抽水马桶水箱自动上水装置的示意图。当水箱内的水达到一定高度时，浮标带动杠杆AOB压住入水口，停止上水。请在图中画出B点所受竖直方向的阻力F2及阻力臂L2。16．将如图所示的电磁铁的电路连接完整，要求：（1）根据小磁针静止时N极指向，在括号中标出电磁铁左端的极性（用“N”或“S”表示）；（2）在虚线框内画出电池符号；（3）开关闭合后，变阻器的滑片只有向右移动时，电磁铁的磁性才会变强（连接时导线不能交叉）17．如图所示，一条光线经平面镜反射后，过凸透镜的焦点F射向凸透镜。请在图中画出射向平面镜的入射光线和经凸透镜后的折射光线。四、实验题：本大题共3小题，第18小题6分，第19小题6分，第20小题8分，共20分。18.某小组在做“探究水的沸腾实验”，实验装置如图所示。

(1)如图甲中A、B、C三种读温度计示数的方法正确的是______(填“A”、“B”或“C”)，此时温度如图乙所示为______℃；图丙中表示水在沸腾时的现象是其中的______(选填“左”或“右”)图。

(2)根据实验记录的数据，作出了水的温度随时间变化的图象，如图丁所示，由图象可知，在当时条件下，水的沸点是______℃，说明此时的大气压______(选填“大于”、“等于”或“小于”)1标准大气压。

(3)水沸腾时，杯口附近出现大量“白气”，“白气”是水蒸气遇冷______(填物态变化名称)形成的。

(4)该组同学按实验步骤进行了正确操作，但发现从开始加热到水沸腾这段时间过长，出现这一现象的原因可能是______。19.在“探究凸透镜成像规律”的实验中：（1）由图甲可知，该凸透镜的焦距是___________，实验前，在摆放凸透镜、蜡烛和光屏时，要求三者的中心在___________。（2）如图乙所示，若想在光屏上（光屏未画出）得到烛焰清晰放大的实像，则烛焰应位于透镜左侧、、、四个位置中的___________位置。（3）若把图丙中的凸透镜换成“水凸透镜”，当向“水凸透镜”减少水量，使其变薄、焦距变长时，光屏上原来清晰的像变得模糊不清，要想重新得到清晰的像，应将光屏向___________（填“远离透镜”或“靠近透镜”）的方向移动；也可以不改变光屏的位置，在图丙凸透镜左侧的方框中放一个焦距适合的___________透镜进行调节，这就是___________（填“近视”“远视”）眼矫正原理。20.(1)如图甲是小亮同学用压强计“探究影响液体内部压强大小的因素”的实验装置。

①比较图乙和图丙，可以得出结论：同种液体，深度越深，液体的压强越______(填“小”或“大”)。

②比较图乙和图丁，小亮得出“液体密度越大，液体的压强越大”的结论是不合理的，原因是没有控制______相同。

(2)小亮还通过如图A的步骤进行了“浮力的大小可能与哪些因素有关”的实验：

①分析D、E两图中的实验现象和数据，可得出结论：物体受到的浮力大小与液体的______有关。

②根据图中的数据计算出物体的密度为______kg/m3，如考虑物体具有吸水性，则计算的结果比物体的真实密度偏______(填“小”或“大”)。五、计算题：本大题共2小题，第21小题7分，第22小题6分，共13分。21．某电热水壶有加热和保温两挡，简化电路如图所示。其中R1、R2为电热丝（不考虑其电阻变化）。已知该壶的额定电压为220V，只闭合开关S1时，电路中的电流为0.5A。（1）求电热丝R1的阻值；（2）只闭合开关S1时，求电热水壶的电功率；（3）R2＝44Ω，求使用加热挡时电热水壶在10s内产生的热量。22．如图甲所示电路，保持电源电压12V不变。图乙是电路中灯泡L的电流跟其两端电压关系的图像。灯泡正常工作时的电流是0.3A。求：请画出每小题的等效电路图。（1）只闭合开关S1和S2时，电路消耗的功率为1.2W。R2的阻值是多少？（2）闭合开关S1、S2、S3，滑动变阻器移动到最右端时，电流表的示数为I＝0.5A，求滑动变阻器的最大阻值R3为多少？（3）只闭合开关S3，保证灯泡正常工作，滑动变阻器连入电路中的电阻是多大？六、综合能力题：本大题共3小题，每小题6分，共18分。23.如图甲，我国研制的大客机C919于5月5日首飞成功。

C919机舱内覆有一层高孔率“超细航空级玻璃棉”，能很好地保温与吸收噪音，其单丝纤维直径只有3～5μm，1m3的质量为5kg。

机舱内先进的“呼吸系统”，使飞机在气压只有2.5×104Pa左右的万米高空时，能将机外−50℃以下的冷空气不断压缩，导致送入舱内的空气温度达到50℃以上，同时系统依靠传感器的自动控制，使舱内气压和温度达到舒适值。

该机有较大的翼载，翼载指飞机的最大起飞质量与机翼面积的比值；机上搭载的新一代涡扇发动机的热效率和推进效率比一般客机高，所谓热效率是指发动机获得的机械能与燃料完全燃烧产生的内能之比，而推进效率则是指发动机传递给飞机的推进功最大起飞质量72.5t客舱内气压8.0×巡航速度920km/h发动机巡航推力3.6×(1)阳光下，飞机尾翼呈现绿色，是因为尾翼______绿光；若飞机的翼载是500kg/m2，则机翼面积为______m2。

(2)下列关于“超细航空级玻璃棉”性质的描述中，不正确的是：______

A.单丝纤维比头发细B.密度与玻璃差不多

C.隔音性能相对较好D.导热能力相对较弱

(3)在万米高空，机体1m2面积上承受内外气体的压力差约为______N；为确保机舱内的温度维持体感舒适值，机上空调需要不断______(选填“加热”或“制冷”)。

(4)飞机水平匀速巡航时，受到的阻力为______N，若飞机以巡航速度飞行0.5h的过程中，耗油1800kg，发动机的热效率为40%，则此过程中发动机的推进效率为多少？(24．阅读短文，回答问题。白鹤滩水电站位于云南省巧家县和四川省宁南县交界处的金沙江干流之上，总装机容量1600万千瓦，居全球第二，预计今年7月1日前首批机组发电，2022年7月实现全部机组发电。建成后，白鹤滩水电站年均发电量可达6×1010千瓦时，在同等满足电力系统用电需求的情况下，水电站每年可节约标准煤约2×107吨，减少排放二氧化碳约5160万吨。对我国碳达峰、碳中和目标实现，对促进西部开发，实现“西电东送”都具有深远的意义。（1）水电站中的发电机组是能转化为能的装置，它是利用原理工作的。（2）拦河大坝形状为上窄下宽的原因是；汛期相较于枯水期，大坝底部所受液体压强会。（3）水力发电站使用热值为2.9×107J/kg的标准煤，估算其发电效率为。（4）若水电站输电的功率为6.6×105kW，采用1100kV特高压输电，则输电电流为A。（5）大坝修建成拱形，且向上游凸出，这样设计的目的是。

25.汽车是常见的交通工具，随着人们生活水平的提高，汽车也走进了寻常百姓家。汽车在新冠疫情期间运输物资，对疫情的防控起了重大作用。

(1)如图甲所示，汽油机一个工作循环包括四个冲程，一个气缸正常工作四个冲程的顺序是______(对图甲中A、B、C、D重新排序)。

(2)一台单缸四冲程汽油机，飞轮的转速为1800r/min，该汽油机每分钟做功______次，图甲中D所示的汽油机冲程是通过______的方式改变燃气内能的。除此之外，通过______也可改变物体内能。

(3)图乙所示为某汽油机的能流图，若E=1000J，E1=350J，E2=250J，E3=300J，则E4=______J，则该汽油机的效率为η=参考答案及解析1.【答案】B

【解析】解：电动机的工作原理是：通电导体在磁场中受到力的作用；

A、图中研究的是电磁铁磁性的强弱与电流大小的关系，是电流的磁效应，故A不符合题意。

B、图中有电源，闭合开关后，通电导体在磁场中受力运动，揭示了电动机工作原理，故B符合题意；

C、图中没有电源，导体ab在磁场中做切割磁感线运动时，检流计指针发生偏转，说明产生了感应电流，这是电磁感应现象，是发电机的工作原理，故C不符合题意。

D、图中是奥斯特实验，说明了通电导线周围存在磁场，是电流的磁效应，故D不符合题意。

故选：B。

电动机的工作原理是：通电导体在磁场中受到力的作用。结合图中装置可逐一做出判断。

电动机是将电能转化为机械能的机械，它在工作时要消耗电能，因此解题时观察图形中有无电源是此题的解题关键。

2．（3分）下列关于教材中四幅插图的说法正确的是（）A．图甲：地漏利用存水杯里的水来进行防臭，是利用大气压的原理 B．图乙：盆景自动供水装置利用了连通器原理 C．图丙：将自制气压计从1楼带到17楼的过程中，吸管内水柱会下降 D．图丁：飞机机翼上凸下平，使上方气体流速较大获得压强差产生升力【解答】解：A、地漏利用存水杯里的水来进行防臭，是利用连通器原理，故A错误；B、盆景自动供水装置，蓄水瓶上端密封，不是连通器，故B错误；C、将自制气压计从1楼带到17楼的过程中，瓶内气体压强不变，而随着高度的增加，外界大气压降低，所以玻璃管内的液面升高，故C错误；D、飞机机翼上凸下平，上方空气流速大压强小从而获得向上的升力，故D正确。故选：D。3．（3分）独轮车是生活中搬运砖块的轻便工具，在竖直向上的拉力F1作用下，独轮车在图示位置保持静止，如图所示。下列说法正确的是（）A．独轮车可看作是一个费力杠杆 B．图中车砖的总重力G与拉力F1之比为3：1 C．为了更轻便，可以把车厢内砖块适当向后移动 D．若将拉力由F1方向改为F2方向会更省力一些【分析】（1）结合图片和生活经验，先判断独轮车在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆；（2）根据杠杆的平衡条件F1L1＝F2L2可以求出作用在车把上竖直向上的力的大小；（3）根据杠杆的平衡条件，进行判断；（4）根据杠杆的平衡条件，当动力臂最长时，最省力。【解答】解：A、因为独轮车在使用过程中，动力臂大于阻力臂，所以是省力杠杆，故A错误；B、由杠杆平衡条件可得F1L1＝F2L2，即F2×0.3m＝F1×（0.9m+0.3m），解得：，故B错误；C、为了更轻便，可以把车厢内砖块适当向前移动，减小了阻力臂，动力也会减小，能达到省力的目的，故C错误；D、根据杠杆的平衡条件，在阻力和阻力臂不变的情况下，当动力臂最长时，最省力，故F2动力臂最长，最省力，故D正确。故选：D。【点评】此题主要考查的是杠杆平衡条件的应用、杠杆的分类，难度不大。4．【解答】解：AD、水中“落日”属于平面镜成像，是太阳在水中成的虚像，自身不能发光，所以不是光源，故AD错误。B、根据平面镜成像特点可知，水中的“落日”到水面的距离等于“落日”到水面的距离，与水的深度无关，故B错误。C、根据平面镜成像特点可知，像与物体关于平面镜对称，则水中“落日”移动速度与天空中的太阳移动的速度相等，故C正确。故选：C。5.【答案】D

【解析】解：A、毛皮摩擦过的塑料小勺带负电，塑料小勺能吸引胡椒粉是因为带电体能够吸引轻小物体，故A正确；

B、毛皮摩擦过的塑料小勺带负电，摩擦过程中塑料小勺得到电子，电子从毛皮到塑料小勺，则电流方向由塑料小勺流向毛皮，故B正确；

C、该现象说明带电体具有吸引轻小物体的性质，故C正确；

D、塑料小勺带电通过摩擦的方法使正负电荷分开，故D错误。

故选：D。

(1)带电体有吸引轻小物体的性质；

(2)正电荷定向移动的方向为电流方向，负电荷定向移动的方向和电流方向相反；

(3)摩擦起电的实质是电荷的转移，不是创造了电荷。

本题考查了摩擦起电的实质、带电体的性质、电流的方向，属于基础知识。

6．2022年11月12日，天舟五号货运飞船由长征七号遥六运载火箭在文昌航天发射中心发射，到与天和核心舱对接仅用了两小时，标志着我国航天交会技术取得新突破。则（）A．火箭加速升空时，天舟五号货运飞船的质量变大 B．火箭加速升空时，天舟五号货运飞船的机械能增大 C．运载火箭用液态氢做燃料，是因其比热容较大 D．对接后，以“天舟五号”为参照物，“天和”是运动的【分析】（1）质量是物体的属性，与状态、形状、所处的空间位置无关；（2）动能和势能合称机械能，重力势能与质量和高度有关；动能与质量和速度有关；（3）热值是燃料的一种特性；在完全燃烧相同质量的不同燃料时，热值越大的燃料燃烧释放出的热量越多；（4）被研究对象相对于参照物来说位置发生变化，是运动的，相对于参照物来说位置没有变化，是静止的。【解答】解：A．火箭加速升空时，所处的空间位置发生变化、质量不变，故A错误；B．火箭加速升空时，速度增大，动能增大，高度增大，重力势能增大，故机械能增大，故B正确；C．火箭发射时要选用热值大的燃料，相同质量的燃料完全燃烧时，热值越大的燃料提供的内能越多，故C错误；D．对接成功后，“天和核心舱”相对于”“天舟五号”位置不再发生变化，是静止的，故D错误。故选：B。【点评】本题考查质量、运动与静止、机械能、热值，综合性强，难度适中。7．解：由电路图可知，定值电阻R与滑动变阻器串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流。A．由图乙可知，R两端的电压UR＝2V时，通过的电流I＝0.2A，由I＝可得，电阻R的阻值：R＝＝＝10Ω，故A错误；B．当电压表示数为2V时，电阻R消耗的电功率：PR＝URI＝2V×0.2A＝0.4W，故B正确；C．将电阻R均匀拉长后，导体的长度变长、横截面积变小，其阻值变大，由U＝IR可知，电流相同时，此时R两端的电压大于原来R两端的电压，则描出的图线应该在U﹣I图象中的I区，故C错误；D．当滑片P向左移动时，变阻器接入电路中的电阻变小，电路中的总电阻变小，由P＝可知，电路的总功率变大，故D正确。故选：BD。8.（大于见解析【详解】[1][2]在室内测量时，物体受到的重力和弹簧测力计的拉力是一对平衡力，弹簧测力计的拉力等于物体的重力；当电梯启动上行时，物体向上做加速运动，合力的方向是竖直向上的，则物体受到弹簧测力计的拉力要大于物体的重力，所以当电梯启动上行时，弹簧测力计的示数大于室内测量时测力计的示数。9.【答案】2

不能发光

变大【解析】解：由电路图可知，闭合开关后，灯泡L1与L2串联，电压表测灯L1两端的电压，

已知此时电压表示数是1V，电源电压为3V，由串联电路的电压规律可得，灯泡L2两端的电压为

U2=U−U1=3V−1V=2V；

断开开关S，电压表与灯泡L2串联在电路中，电压表测电源两端电压，此时其示数为3V，所以断开开关后，电压表示数变大，并且两灯泡均不发光。

故答案为：210.【答案】等于

12

6N

做匀速直线运动

【解析】解：

(1)当箱子受10N的水平推力，箱子未动，说明箱子处于静止状态，则在水平方向上所受的推力与摩擦力相互平衡，摩擦力等于推力等于10N；

(2)当水平推力增大到12N时，箱子恰好做匀速运动，所以此时滑动摩擦力与推力是一对平衡力，则滑动摩擦力的大小为12N；

当水平推力增大到18N时，箱子对地面的压力和接触面的粗糙程度不变，所以滑动摩擦力大小不变，仍为12N，此时箱子所受合力的大小为F合=F−f=18N−12N=6N。

(3)假如运动的物体所受的一切外力同时消失，物体将保持原速度和方向做匀速直线运动；

故答案为：等于；12；6N；做匀速直线运动。

(1)物体静止或做匀速直线运动时，处于平衡状态，受到的力为平衡力，二力平衡时大小相等；

(2)滑动摩擦力与接触面的粗糙程度和压力的大小有关，与运动的速度无关，据此可知当水平推力增大到18N时受到的摩擦力，摩擦力与推力的差值即为水平合力的大小。

(3)根据牛顿第一定律可得到，如果物体所受的一切外力同时消失，物体将保持静止或匀速直线运动状态。11．答案：6；5解析：电阻箱与定值电阻串联，电流表测电路的电流，由图乙可知，当电阻箱的电阻为5Ω和20Ω时，对应的电流大小分别为0.4A和0.2A，根据串联电阻的规律及欧姆定律，因电源电压不变，故有即解之电源电压U=6V当电流时，根据欧姆定律，定值电阻的电压为U0=IR0=0.5A×10Ω=5V根据串联电路电压的规律，电阻箱的电压为U箱=U-U0=6V-5V=1V通电10s电阻箱消耗的电能为W=U箱It=1V×0.5A×10s=5J12．解：（1）由电路图可知，开关S接“1”时电路为R2的简单电路，开关S接“2”时R1与R2串联，因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，则开关S接“1”时，电路中的总电阻最小，根据P＝可知，电源电压一定时，电路消耗的功率最大，电热水壶处于处于加热挡；（2）开关S接“2”时，两电阻串联，为保温状态，电路的总电阻为：R＝R1+R2＝1050Ω+50Ω＝1100Ω，则电路中的电流：I＝＝＝0.2A，通电5min电流通过R2产生的热量：Q＝I2R2t＝（0.2A）2×50Ω×5×60s＝600J。故答案为：加热；600。13．解：平行于主光轴的光线经凹透镜折射后，其折射光线的反向延长线过焦点；过光心的光线经凹透镜折射后传播方向不改变。据此画出对应的折射光线，如图所示：。14．（3分）当舰载机在甲板上着陆时，由于惯性会继续向前滑行，需要借助阻拦索的拉力才能尽快停止，说明力的作用效果是改变物体的运动状态。甲板上的工作人员要佩带有耳罩的头盔是为了在人耳处防治噪声。【分析】（1）一切物体都有惯性，与物体的运动状态无关；（2）力可以改变物体的形状、力可以改变物体的运动状态；（3）减弱噪声的途径有三种：在声源处减弱噪声、阻断噪声的传播、在人耳处减弱噪声。【解答】解：（1）舰载机降落在航母甲板上，舰载机原来处于运动状态，由于惯性还会继续向前滑行；（2）阻拦索的拉力使舰载机由运动变为静止，说明力可以改变物体的运动状态；（3）甲板上的工作人员要佩带有耳罩的头盔是为了人耳处减弱噪声。故答案为：惯性；改变物体的运动状态；人耳处。【点评】此题考查了惯性的应用、力的作用效果、减弱噪声的途径，是一道综合题，难度不大。15．（2分）如图所示是一种抽水马桶水箱自动上水装置的示意图。当水箱内的水达到一定高度时，浮标带动杠杆AOB压住入水口，停止上水。请在图中画出B点所受竖直方向的阻力F2及阻力臂L2。【解答】解：过B点沿竖直向上的方向画一条带箭头的线段，用符号F2表示，即为B点所受阻力F2的示意图；过支点O做力F2作用线的垂线段，即为所求作的动力臂L2。如下图所示：16．【答案】见试题解答内容【解答】解：（1）小磁针静止时N极指向右，根据异名磁极相互吸引可知，电磁铁的右端为S极，左端为N极；（2）根据安培定则可知，电流从电磁铁的右端流入，左端流出，所以电池的左端为正极；（3）开关闭合后，变阻器的滑片只有向右移动时，电磁铁的磁性会变强，这说明电路中的电流变大，根据欧姆定律可知，电路中的总电阻变小，则滑动变阻器的电阻变小，滑动变阻器滑片应与左侧导线相连；如图所示：三、实验与探究题（共4小题，每空1分，计22分）17．（如图所示，一条光线经平面镜反射后，过凸透镜的焦点F射向凸透镜。请在图中画出射向平面镜的入射光线和经凸透镜后的折射光线。【分析】（1）反射定律：反射光线、入射光线、法线在同一个平面内，反射光线与入射光线分居法线两侧，反射角等于入射角；根据反射定律作出反射光线，反射光线与法线的夹角为反射角。（2）根据过焦点的光线经凸透镜折射后折射光线平行于主光轴作出折射光线。【解答】解：（1）过平面镜的反射点垂直镜面作出法线，因为反射光线与镜面的夹角为30°，则反射角为：90°﹣30°＝60°，则入射角也为60°，根据入射角等于60°在法线右侧作出入射光线；（2）过焦点的光线经凸透镜折射后折射光线平行于主光轴；如图所示：【点评】（1）凸透镜有三条特殊光线：过光心的光线其传播方向不变；过焦点的光线经凸透镜折射后折射光线平行于主光轴；平行于主光轴的光线经凸透镜折射后折射光线通过焦点；（2）熟记反射定律的内容：射光线、入射光线、法线在同一个平面内，反射光线与入射光线分居法线两侧，反射角等于入射角，并会作图。18.【答案】B

92

左

99

小于

液化

减少水的质量

【解析】解：(1)在利用温度计的读数时，视线要与温度计中液柱的上液面相平，正确的方法是B；图乙温度计的分度值为1℃，示数为92℃；

水在沸腾时的现象是水的表面和内部同时发生的剧烈汽化现象，气泡从下向上升的过程中，周围有液体被不断汽化，加入气泡中，使气泡逐渐变大，其中的左图是沸腾时的图；

(2)从水的温度随时间变化的图像看出，在4分钟以后，水继续吸热，但温度不变，因此，此时是水的沸腾过程，沸点是99℃，低于100℃，说明此时的大气压小于1标准大气压；

(3)水沸腾时，杯口附近出现大量“白气”，是水蒸气遇冷由气态变成液态的水珠，是液化现象；

(4)加热时间长就是吸收的热量多，可能是水的质量太大，可能是水的初温太低，也可能是火力不足等等；为加快水的沸腾可以减少水的质量、用初温偏高的水等。

故答案为：(1)B；92；左；(2)99；小于；(3)液化；(4)减少水的质量。

(1)温度计在使用时，不要碰到容器底或容器壁，在测量中，温度计的玻璃泡要留在被测液体中一会，待示数稳定后再读数，读数时视线要与温度计中液柱的上液面相平，根据温度计的分度值读数，注意零上还是零下，沸腾时的现象是液体的表面和内部同时发生的汽化现象，气泡上升过程体积逐渐变大；

(2)掌握温度的规定是：我们把标准大气压下沸水的温度规定为100℃，气压增大，沸点升高，气压减小，沸点降低，当沸水温度低于100℃时，说明当时气压低于1标准大气压；

(3)液化是由气态变成液态的现象；

(4)从给水开始加热到水沸腾需要的时间比较长，可能是水的质量太大，可能是水的初温太低，可能是火力不足等等。

本题考查的是温度计的读数方法，水沸腾时的现象，沸点的概念，沸腾的条件及液化的概念。19.在“探究凸透镜成像规律”的实验中：（1）由图甲可知，该凸透镜的焦距是___________，实验前，在摆放凸透镜、蜡烛和光屏时，要求三者的中心在___________。（2）如图乙所示，若想在光屏上（光屏未画出）得到烛焰清晰放大的实像，则烛焰应位于透镜左侧、、、四个位置中的___________位置。（3）若把图丙中的凸透镜换成“水凸透镜”，当向“水凸透镜”减少水量，使其变薄、焦距变长时，光屏上原来清晰的像变得模糊不清，要想重新得到清晰的像，应将光屏向___________（填“远离透镜”或“靠近透镜”）的方向移动；也可以不改变光屏的位置，在图丙凸透镜左侧的方框中放一个焦距适合的___________透镜进行调节，这就是___________（填“近视”“远视”）眼矫正原理。【答案】①.10②.同一高度上③.c④.远离透镜⑤.凸⑥.远视20.【答案】大

深度

密度

4×103

【解析】解：(1)①因为液体压强大小是通过压强计的U形管中两侧液体的高度差来显示的，且高度差越大说明液体压强越大，比较图乙和图丙可知液体密度相同，而探头所处液体深度不同，因此由图可知同种液体，深度越深，液体的压强越大；

②液体压强与液体的深度和密度有关，研究与其中一个因素的关系时，要控制另外一个因素不变，比较图乙和图丁可知液体密度不同且探头所处液体深度也不同，因此得出“液体密度越大，液体的压强越大”的结论是不合理的；

(2)①观察D、E两图的实验数据可知，物体排开的液体的体积相同，深度相同，液面的密度不同，弹簧测力计示数不相同，根据称重法F浮=G−F示可知F浮D=G−F示D=4N−3N=1N，F浮E=G−F示E=4N−3.2N=0.8N，浮力不相同，即可得出结论：物体受到的浮力大小还与液体的密度有关；

②由图A、C可知，物体完全浸没在水中受到的浮力：F浮C=G−F示C=4N−3N=1N；

由F浮=ρ液gV排可得物体的体积为V=V排=F浮Cgρ水=1N10N/kg×1.0×103kg/m3=1×10−4m3；

又根据G=mg=ρVg可得ρ物体=GgV=4N10N/kg×1×1021．【答案】（1）电热丝R1的阻值为440Ω；（2）只闭合开关S1时，电热水壶的电功率为110W；（3）使用加热挡时电热水壶在10s内产生的热量为1.21×104J。【解答】解：（1）由电路图知，只闭合开关S1时，电路为R1的简单电路，由I＝可得，电热丝R1的阻值：R1＝＝＝440Ω；（2）只闭合开关S1时，电热水壶的电功率：P＝UI1＝220V×0.5A＝110W；（3）两开关都闭合时，两电阻并联，电路的总电阻最小，电源电压一定，由P＝知，此时电功率最大，为加热挡，电路中电流：I＝I1+I2＝0.5A+＝5.5A，加热挡时电热水壶在10s内产生的热量：Q＝W＝UIt＝220V×5.5A×10s＝1.21×104J。答：（1）电热丝R1的阻值为440Ω；（2）只闭合开关S1时，电热水壶的电功率为110W；（3）使用加热挡时电热水壶在10s内产生的热量为1.21×104J。22．（3分）如图甲所示电路，保持电源电压12V不变。图乙是电路中灯泡L的电流跟其两端电压关系的图像。灯泡正常工作时的电流是0.3A。求：（1）只闭合开关S1和S2时，电路消耗的功率为1.2W。R2的阻值是多少？（2）闭合开关S1、S2、S3，滑动变阻器移动到最右端时，电流表的示数为I＝0.5A，求滑动变阻器的最大阻值R3为多少？（3）只闭合开关S3，保证灯泡正常工作，滑动变阻器连入电路中的电阻是多大？【解答】解：（1）由电路图可知，只闭合开关S1和S2时，灯泡被短路，电路为R2的简单电路，电流表测量电路电流，等效电路如下图所示：由P＝可知，R2的阻值：R2＝＝＝120Ω；（2）由电路图可知，闭合开关S1、S2、S3，灯泡被短路，R2与R3的最大阻值并联，电流表测量干路电流，等效电路如下图所示：通过R2的电流：I2＝＝＝0.1A，因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以通过滑动变阻器的电流：I3＝I﹣I2＝0.5A﹣0.1A＝0.4A，由I＝可得，滑动变阻器的最大阻值：R3＝＝＝30Ω；（3）由电路图可知，只闭合开关S3，灯泡与滑动变阻器串联，电压表测量灯泡两端电压，电流表测量电路电流，等效电路如下图所示：已知灯泡正常发光的电流为0.3A，由图乙可知，灯泡正常发光时，灯泡两端电压为6V，因串联电路两端电压等于各部分电路两端电压之和，所以此时滑动变阻器两端电压：U3′＝U﹣UL＝12V﹣6V＝6V，因串联电路处处电流相等，所以此时滑动变阻器接入电路的阻值：R3′＝＝＝20Ω。答：（1）R2的阻值是120Ω；（2）滑动变阻器的最大阻值为30Ω；（3）只闭合开关S3，保证灯泡正常工作，滑动变阻器连入电路中的电阻是20Ω。23.【答案】反射

145

B

5.5×104

制冷

【解析】解：(1)在阳光下飞机尾翼呈现绿色是因为飞机的尾翼反射绿光，

根据公式翼载=飞机最大起飞质量(m)机翼面积(S)可得机翼面积：

S=飞机最大起飞质量(m)翼载=7.25×104kg500kg/m2=145m2；

(2)“超细航空级玻璃棉”性质有：直径只有3～5μm，其密度ρ=mV=5kg1m3=5kg/m3，密度比玻璃的密度小很多，还具有很好的隔音和保温效果(导热能力相对较弱)；故B不正确；

(3)在万米高空，机舱外的大气压为2.5×104Pa，机舱内的气压为8.0×104Pa，

所以，在机体每平方米上产生的压力差：

△F=F向外−F向内=p内S−p外S=(p内−p外)S=(8.0×104Pa−2.5×104Pa)×1m2=5.5×104N；

能将机外−50℃以下的冷空气不断压缩，导致送入舱内的空气温度达到50℃以上，同时系统依靠传感器的自动控制，所以机体上的空调要不断制冷，使舱内气压和温度达到舒适值。

(4)飞机水平匀速巡航时，处于平衡状态，受到平衡力的作用，发动机巡航推力与受到的阻力平衡力，大小相等，故f=F=3.6×104N；

燃料完全燃烧放出的热量：Q=mq=1800kg×4.6×107J/kg=8.28×1010J；

根据据24．（阅读短文，回答问题。白鹤滩水电站位于云南省巧家县和四川省宁南县交界处的金沙江干流之上，总装机容量1600万千瓦，居全球第二，预计今年7月1日前首批机组发电，2022年7月实现全部机组发电。建成后，白鹤滩水电站年