2026-2027学年沪科版中考物理教学效果检测卷（附含答案解析）

第页2026-2027学年沪科版中考物理教学效果检测卷（附含答案解析）学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________题号一二三四五六总分得分注意事项:

1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。

2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡对应题目的答案标号涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在试卷上无效。

3.考试结束后，本试卷和答题卡一并交回。一、选择题(本大题共7小题，每小题3分，共21分.在每小题所给出的四个选项中，只有一项是正确的)1.潜入水中工作的潜水员在水中看见岸上的路灯，图中符合实际的光路示意图A. B.

C.

D.

2．如图甲所示，电源电压保持不变，闭合开关时，滑动变阻器的滑片从b端滑到a端，电压表示数U与电流表示数I的变化关系如图乙所示，下列说法不正确的是（）A．电源电压9V B．定值电阻R的阻值是6Ω C．滑动变阻器的最大阻值是18Ω D．若电压表的示数为3.6V时，则电路的总功率为5.4W3.周末，中学生小花和家人一起到湖南省科技馆参观，奥妙无穷的科技馆使小花大开眼界，感受颇多，小花对科技馆的一些物理量进行了估测，下列估测的物理量最符合实际的是(

)A.科技馆一层楼的高度约140cm B.科技馆内一名初中学生质量约50kg

C.科技馆内空调的工作电压为6V D.科技馆五月份室内平均气温约10℃4.为备战2022年冬奥会，运动员们正在加紧训练。关于滑雪项目中所涉及的物理知识，下列说法正确的是(

)A.滑雪板是通过增大受力面积来减小对雪地的压力

B.当运动员停止用力时，滑雪板受到惯性力的作用会继续前进

C.运动员匀速转弯滑行时，运动状态发生改变

D.当运动员在滑雪板上静止时，运动员的重力与滑雪板所受的压力是一对平衡力

5．如图所示，小朋友沿滑梯的斜面滑道加速下滑到水平滑道上，在水平滑道滑行一段距离后停下。以下对该情景的分析正确的是（）A．沿斜面下滑过程中，小朋友的动能增加、势能减小，机械能守恒 B．在水平滑道上滑行，是由于小朋友受到了惯性的作用 C．小朋友在水平滑道上滑行时受到了平衡力的作用 D．小朋友沿滑梯的斜面滑道下滑时重力做功，在水平滑道滑行时重力没有做功6.2022年2月6日，中国女足姑娘们在亚洲杯决赛中顽强拼搏，最终夺得亚洲杯冠军。如图所示，中国女足队员正在传球，踢出去的足球在空中飞行的过程中，会受到空气阻力的作用。则下列分析中正确的是(    )A.踢出去的足球在空中上升过程中，它的机械能逐渐减小

B.踢出去的足球在空中下降过程中，它的机械能逐渐增大

C.足球在空中上升到最高点时，它的机械能全部转化为内能

D.空中运动的足球，若所受力都消失，它将做匀速直线运动7．干冰（固态二氧化碳）具有很好的制冷作用，可用于人工降雨，这是由于干冰在常温下会迅速变为气体，吸收热量，促使周围水蒸气遇冷凝结成小水滴或小冰晶，小冰晶下降遇热变成小水滴，从而达到降雨的条件。关于下图“括号”内物态变化名称、“虚线框”中“吸（放）热”情况的说法正确的是（）A．图中a是“汽化”，甲是“吸热” B．图中b是“液化”，乙是“放热” C．图中c是“升华”，丙是“吸热” D．图中d是“熔化”，丁是“放热”二、填空题(本大题共7小题，每小题3分，共21分.不需要写出解答过程，请把答案直接填在答题卡相应的位置上.)8．如图所示，水平桌面上的一薄壁容器中装有深度为10cm、质量为7kg的水，已知容器的质量为1kg2，g＝10N/kg，则容器对桌面的压强是Pa。9．如图所示是某晶体熔化时温度随时间变化的图像，根据图像可以判断：物体在t2时的内能在t3时的内能（小于/等于/大于），理由是。物理中将晶体熔化成同温度液体时所吸收的热量与其质量之比叫该晶体的熔化热，用字母λ表示。已知冰的熔化热λ冰为3.36×106J/kg，若以一个酒精炉为热源，将50g初温为0℃的冰全部熔化为0℃的水，共燃烧了14g酒精，酒精的热值为3×107J/kg。则这些冰熔化时所吸收的热量为J，此酒精炉熔冰的效率为。10．如图所示是一款3D打印笔。使用时，在打印笔中装入塑料条，接通电源加热一段时间后即可挤出热熔的胶条，塑料条是利用的方式改变了内能，同时会闻到熔胶的气味，这是一种现象。胶条被挤出后“粘”在一起，这是由于分子间存在相互作用的，胶条在空气中再迅速冷却变成特定的形态，完成3D打印。11.物理学家刚刚开始研究电流时，把______的方向规定为电流方向，随着科学的发展，我们可以利用发光二极管(LED)判断电流的方向，是因为LED具有______。如图所示电路中要使红光LED发光，绿光LED不发光，开关的状态是______。

12．如图所示的电路，电源电压恒定，R0＝36Ω，滑动变阻器R1的规格为“48Ω，2A”，电流表的量程为“0﹣3A”，小灯泡L上标有“12V，6W”字样，忽略温度对灯丝电阻的影响。当只闭合开关S且R1连入的阻值为12Ω时，小灯泡正常发光，在电路安全的情况下，电源电压为V，当开关都闭合时，电路的总电流最大值是A，只闭合开关S和S2，滑动变阻器连入的最小值是Ω。13.已知两电阻R1：R2=1：2，当它们串联接在电路两端，加在R1、R2两端的电压之比U1：U2=______；当R1、R2并联接在原电路中，通过R1、R2的电流之比I114．如图所示，小慧分别使用编号①、②、③的三种机械匀速把物体M（绳长不变）提升到一定高度，测得拉力和物体M所受到的重力如下表，则三种机械中提升物体M时可以省力的是图中的______（选填对应的编号）；若图的编号③中，物体M被匀速提升2m，动滑轮的重力为2N，则它的机械效率是______。F1F2F3GM5.5N5.5N4N5N三、作图题：本大题共3个小题，共7分。15．为营造过节气氛，春节期间部分小区在路灯下悬挂如图甲所示的灯笼，请在图乙中画出灯笼所受重力的示意图。16．如图，作出物体AB在平面镜中的像。17．如图所示，杯中装有水，水中的乒乓球正在上浮，请画出浮力的示意图。四、实验题：本大题共3小题，第18小题6分，第19小题6分，第20小题8分，共20分。18．在“测量小灯泡额定功率”的实验中，电源电压为6V，小灯泡额定电压为2.5V（灯丝电阻约为10Ω）。（1）请将如图甲中电路连接完整。（要求：滑动变阻器滑片P向右移灯泡变亮）（2）闭合开关前，应将滑片P置于（选填“A”或“B”）端。（3）闭合开关后，调节滑动变阻器，电压表示数如图乙所示，若要测量小灯泡的额定功率，应将滑动变阻器的滑片向（选填“A”或“B”）移动。（4）调节滑动变阻器，得到多组数据，画出如图丙所示的I﹣U图象，从图象可算出小灯泡的额定功率为W。（5）小张设计了如图丁所示的电路也完成了“测量某小灯泡额定功率”的实验（电源电压不变，R阻值已知，小灯泡的额定电压为U额），请补充完整实验步骤：①闭合开关S和S1，断开S2，并调节滑动变阻器的滑片使电压表示数为。②，读出此时电压表示数为U0。③则小灯泡额定功率的表达式P额＝（用U额、R、U0表示）。19.小明用弹簧测力计、圆柱体、两个相同的圆柱形容器，分别装有一定量的水和某种液体，对浸在液体中的物体所受的浮力进行了探究，其装置如图所示，并记录了圆柱体在水中下降过程中弹簧测力计读数F随圆柱体下降高度h变化的图像。(已知ρ水=1.0×103kg/m3，g取10N/kg)

(1)分析实验步骤A、B、C、D，可以说明浮力大小跟______有关。分析实验步骤A、E、F可以说明浮力的大小与______有关。

(2)为了探究浮力大小与物体浸没在液体中的深度有无关系，可选用______图的装置来进行操作。

(3)分析图像可知：圆柱体重力是______N；圆柱体浸没在水中时，受到的浮力是______N；圆柱体的体积是______m3；圆柱体的密度是______kg/m3。

(4)20．某实验小组在“探究凸透镜成像特点”的实验过程中：（1）若凸透镜的焦距是10cm，保持图甲中凸透镜的位置（光具座上“50cm”刻度处）不变，那么在探究u＞2f成像规律时，应将蜡烛放在光具座上cm刻度线的（左/右）侧范围内，确定物体的位置后，再移动光屏找像。（2）实验中发现，当蜡烛逐渐远离凸透镜时，为了保证光屏上能呈现烛焰清晰的像，应将光屏向（靠近/远离）凸透镜方向移动，光屏上烛焰的像将（变大/不变/变小）（3）保持蜡烛和凸透镜不动，在蜡烛和凸透镜间放上近视眼镜，若仍要在光屏上成清晰的像，光屏应向（靠近/远离）凸透镜的方向移动。（4）实验中小组同学看到如图乙所示的成像情况。此时凸透镜所成的像是（实/虚）像。观察这种像时，眼睛应从图中凸透镜的（左/右）侧透过透镜观察。（5）另一小组将蜡烛换成如图丙（a）的LED灯，光屏也换成如图丙（b）的带方格的光屏，你认为同时换的好处是。五、计算题：本大题共2小题，第21小题7分，第22小题6分，共13分。21.如图，重为200N的正方体形薄侧壁玻璃槽，底面积为0.2m2，放在水平台面上，向槽中加水至水深0.4m(ρ水=1.0×103kg/m3,g=10N/kg)。

(1)求水对玻璃槽底部的压强和槽底对水平台面的压强；

(2)将边长为20cm的正方体物块轻轻放入水中，当其静止时，测出该物块露出水面的高度为4cm，求该物块的密度；22．在“用电流表和电压表测电阻”的实验中，电路如图甲所示。（1）闭合开关后，电流表指针偏转如图乙所示，原因可能是。（选填A或B、C）A.量程偏小B.正负接线柱接反了C.没有调零（2）所有电表及导线完好，闭合开关，发现电流表示数为零，但电压表指针发生明显偏转，则电路可能发生的故障是；（3）排除故障后，闭合开关，调整滑片P到某一位置后，若两表的示数分别如图丙、丁所示，此次测得的结果为Rx＝Ω。六、综合能力题：本大题共3小题，每小题6分，共18分。23．2022年伊始，新一轮新冠肺炎疫情再次侵袭郑州，疫情防控形势陡然紧张。“保持距离”、“零接触”成为了我们承担社会责任和传递爱心的一种方式。如图甲为某款全自动感应干手器，其工作原理简化图如图乙所示。（1）控制电路中的电磁继电器主要是利用了电流的效应，当手放到红外线感应区域范围内，R的阻值就会减小，控制电路中的电流（选填“增大”、“减小”或“不变”），衔铁被吸下，工作电路开始工作。（2）若加热电阻丝阻值为44Ω，则工作10s它产生热量为多少J？（3）若只将感应干手器一个用电器接入电路中，使其正常工作，10s中电能表（如图丙）的转盘转了10r，则工作电路中电动机的电功率是多少？（4）该款干手器吹出热风温度参数为35℃～45℃，若想提高热风的温度，你的方法是：。

24．同学们利用压强计等装置“探究液体内部压强”的规律，进行了如下的操作：（1）在使用压强计前，发现U形管中两侧液面已有高度差（如图甲所示），接下来的操作是（选填字母）。A．直接从U形管右侧中倒出适量液体B．拆除胶管重新安装（2）正确操作后，分析乙、丙两图的实验现象，初步得出的结论是：同种液体中，液体压强随液体深度的增加而，因此拦河大坝要做成的形状（选填“上窄下宽”或“上宽下窄”）；（3）玲玲保持丙图中探头的位置不变，并向容器内加入适量的浓盐水，她发现U形管两侧液面的高度差又变大了，于是得出了“在同一深度，液体的密度越大，其内部的压强越大”的结论。她的操作不可靠，原因是加入盐水后液面位置改变了，正确操作是应将探头适当（选填“上移”或“下移”）；（4）红红用丁装置测量未知液体的密度，在左侧加入适量的水，在右侧缓慢倒入待测液体，直到观察到橡皮膜相平，需要测量的物理量有（多选）；A．右侧待测液体到容器底的深度h1；B．右侧待测液体到橡皮膜中心的深度h2；C．左侧水到容器底的深度h3；D．左侧水到橡皮膜中心的深度h4；根据你选用的物理量推导出待测液体密度的表达式为ρ＝（用题中字母和ρ水表示）。25．某品牌智能滚筒洗衣机具有洗净度高、不伤衣物、可设定洗涤温度、方便安全等优点，其等效电路如图所示，此时处于空挡状态，闭合开关S，旋钮绕P转动，实现挡位转换，旋至1挡时R1、R2同时工作，洗衣机处于加热状态：旋至2挡时R2和电动机同时工作，洗衣机处于保温洗涤状态。R1和R2均为电热丝，其阻值不受温度影响，R1＝22Ω，洗衣机正常使用时，加热功率是2400W。求：（1）电热丝R2的阻值。（2）某次洗衣时，洗衣机内注入40L水，在额定电压下对水加热，水温由20℃升高到50℃，此时加热效率为84%，求加热时间。（3）关闭其它用电器，只让洗衣机处于保温洗涤状态，正常工作20min，标有“3000r/（kW•h）”的电能表转盘转过500转，求洗衣机电动机的功率。

参考答案及解析1.【答案】C

【解析】解析：潜水员看岸上的路灯，所以入射光线应该来自岸上，故B、D不符合题意；

根据光的折射规律，光从空气中斜射入水中时，折射角小于入射角，故A不符合题意，C符合题意；故选C。2．（3分）如图甲所示，电源电压保持不变，闭合开关时，滑动变阻器的滑片从b端滑到a端，电压表示数U与电流表示数I的变化关系如图乙所示，下列说法不正确的是（）A．电源电压9V B．定值电阻R的阻值是6Ω C．滑动变阻器的最大阻值是18Ω D．若电压表的示数为3.6V时，则电路的总功率为5.4W【解答】解：ABC、当滑片P位于a端时，电路为电阻R的简单电路，电压表测电源的电压，电流表测电路中的电流，此时电路中的电流最大，由图象可知，电路中的最大电流1.5A时，电压表的最大示数为9V，即电源电压为9V，故A正确；由欧姆定律可得，定值电阻R的阻值：R＝＝＝6Ω，故B正确；当滑片P位于b端时，定值电阻R与滑动变阻器的最大阻值串联，此时电路中的电流最小，由图象可知，电路中的最小电流I′＝0.5A，则电路中的总电阻：R总＝＝＝18Ω，因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，滑动变阻器的最大阻值：R滑大＝R总﹣R＝18Ω﹣6Ω＝12Ω，故C正确；D、串联电路各处电流相等，若电压表的示数为3.6V时，由欧姆定律可得通过电路的电流：I″＝＝＝0.6A，电路的总功率为：P＝UI″＝9V×0.6A＝5.4W，故D正确。故选：C。3.【答案】B

【解析】解：A、一层楼的高度在3m=300cm左右。故A不符合实际；

B、成年人的质量在65kg左右，中学生的质量比成年人小一些，在50kg左右。故B符合实际；

C、我国空调的正常工作电压为220V。故C不符合实际；

D、科技馆五月份最低气温在20℃以上，所以平均气温远高于10℃。故D不符合实际。

故选：B。

不同物理量的估算，有的需要凭借生活经验，有的需要简单的计算，有的要进行单位的换算，最后判断最符合实际的是哪一个。

估测法是利用物理概念、规律、物理常数和常识对物理量的数值、数量级进行快速计算以及对取值范围合理估测的方法。4.【答案】C

【解析】解：A、滑雪板一般都做成较大的面积，是在压力一定时，增大受力面积来减小对雪地的压强，防止陷下去，不是减小压力，故A错误；

B、当运动员停止用力时，是因为滑雪板具有惯性，而不能说受到惯性力，故B错误；

C、运动员匀速转弯滑行时，运动方向变化，其运动状态发生改变，故C正确；

D、当运动员在滑雪板上静止时，滑雪板受到的重力和雪地对滑雪板的支持力大小不相等，所以不是一对平衡力，故D错误。

故选：C。

(1)减小压强的方法：在受力面积一定时，减小压力来减小压强；在压力一定时，增大受力面积来减小压强；

(2)一切物体都有保持原来运动状态不变的性质，叫惯性，惯性不是力；

(3)运动状态的改变包括运动速度和运动方向的变化；

(4)一对平衡力必须同时符合四个条件，即大小相等、方向相反、作用在同一物体上、作用在同一直线上。

从运动员滑雪的一个场景中，挖掘一些细节的具体的动作或设备的特点，将其与对应的物理知识联系起来，是解决此题的重点。5．解：A、小朋友沿斜面加速下滑过程中，质量不变，速度变大，动能变大；质量不变，高度变小，重力势能变小；下滑的过程中，要克服摩擦做功，一部分机械能转化为内能；故A错误；B、小朋友在水平滑道上滑行时是由于惯性，不能马上停下来，惯性不是力，不能说“受惯性作用”；故B错误；C、小朋友在水平滑道上滑行时速度逐渐变小，水平方向只受到阻力作用，受非平衡力作用；故C错误；D、重力方向竖直向下，小朋友在斜面下滑过程中，在竖直方向上移动了距离，重力对小朋友做功；在水平面滑动时，没有在力的方向上移动距离，重力对小朋友没有做功；故D正确。故选：D。6.【答案】AD【解析】解：AB、足球在空中飞行的过程中，阻力做功使机械能减少，内能增加，故A正确，B错误；

C、因为足球上升到最高点时，具有重力势能，所以足球的机械能只是减少，并没有减少到零，故C错误；

D、空中运动的足球，若所受力都消失，将保持此时的速度做匀速直线运动，故D正确。

故选：AD。

(1)因为足球在空中飞行的过程中，会受到空气阻力的作用，阻力做功使机械能向内能转化；

(2)足球在上升到最高点时，动能转化为势能和内能，机械能不为零；

(3)运动的足球在空中不受力的作用，将保持原来的运动速度做匀速直线运动。

本题考查力和运动的关系、机械能的概念及其转化，阻力做功使机械能向内能转化。

7．（2分）干冰（固态二氧化碳）具有很好的制冷作用，可用于人工降雨，这是由于干冰在常温下会迅速变为气体，吸收热量，促使周围水蒸气遇冷凝结成小水滴或小冰晶，小冰晶下降遇热变成小水滴，从而达到降雨的条件。关于下图“括号”内物态变化名称、“虚线框”中“吸（放）热”情况的说法正确的是（）A．图中a是“汽化”，甲是“吸热” B．图中b是“液化”，乙是“放热” C．图中c是“升华”，丙是“吸热” D．图中d是“熔化”，丁是“放热”【分析】（1）物质由气态直接变为固态叫凝华，物质由固态直接变为气态叫升华；由气态变为液态叫液化，由液态变为气态叫汽化；由固态变为液态叫熔化，由液态变为固态叫凝固。（2）六种物态变化过程中，都伴随着吸热或放热；其中放出热量的物态变化有：凝固、液化、凝华；吸热的有：熔化、汽化、升华。【解答】解：A、图中a是“升华”，是固态干冰升华为气态的二氧化碳；甲是“吸热”，是因为升华过程吸热，故A错误；B、图中b是“液化”，是水蒸气液化为小水滴；乙是“放热”，是因为液化过程放热，故B正确；C、图中c是“凝华”，丙是“放热”，故C错误；D、图中d是“熔化”，丁是“吸热”，故D错误。故选：B。【点评】分析生活中的热现象属于哪种物态变化，关键要看清物态变化前后，物质各处于什么状态；另外对六种物态变化的吸热和放热情况也要有清晰的认识。8．（2分）如图所示，水平桌面上的一薄壁容器中装有深度为10cm、质量为7kg的水，已知容器的质量为1kg2，g＝10N/kg，则容器对桌面的压强是1600Pa。【分析】根据F＝G总＝（m水十m容）g得出容器对水平桌面的压力，根据p＝得出容器对水平桌面的压强。【解答】解：容器对桌面的压力：F＝G总＝（m水十m容）g＝（7kg+1kg）×10N/kg＝80N，容器对桌面的压强：p＝＝＝1600Pa。故答案为：1600。【点评】本题考查压强的计算，难度不大。9．解：（1）由图像可知，该晶体的熔点为0℃，熔化过程中物体继续吸收热量但温度不变，所以，物体在t2时的内能小于在t3时的内能；（2）这些冰熔化时所吸收的热量：Q吸＝m冰λ冰＝50×10﹣3kg×3.36×106J/kg＝1.68×105J，酒精完全燃烧释放的热量：Q放＝mq＝14×10﹣3kg×3×107J/kg＝4.2×105J，则此酒精炉熔冰的效率：η＝×100%＝×100%＝40%。故答案为：小于；晶体熔化时要吸热；1.68×105；40%。10．【解答】解：（1）通过电源加热，塑料条要吸收热量，内能增加，是通过热传递的方式改变内能的；（2）由于一切物质的分子在永不停息地做无规则运动，所以，加热时会闻到熔胶的气味，这是熔胶的气味分子做无规则运动的结果，属于扩散现象；根据分子间存在相互的作用的引力和斥力可知，胶条被挤出，并“粘”在物体上，说明分子间存在引力。故答案为：热传递；扩散；引力。11.【答案】正电荷定向移动

单向导电性

S2、S3闭合，S1、【解析】解：物理中把正电荷定向移动的方向规定为电流的方向；发光二极管具有单向导电性；要使红光LED发光，绿光LED不发光，应使开关S2、S3闭合，S1、S4断开时，电流从红光LED的正极流入负极流出，电路形成通路。

故答案为：正电荷定向移动；单向导电性；S2、S3闭合，S112．如图所示的电路，电源电压恒定，R0＝36Ω，滑动变阻器R1的规格为“48Ω，2A”，电流表的量程为“0﹣3A”，小灯泡L上标有“12V，6W”字样，忽略温度对灯丝电阻的影响。当只闭合开关S且R1连入的阻值为12Ω时，小灯泡正常发光，在电路安全的情况下，电源电压为18V，当开关都闭合时，电路的总电流最大值是2.5A，只闭合开关S和S2，滑动变阻器连入的最小值是9Ω。【答案】18；2.5；9。【解答】解：根据P＝UI知小灯泡的额定电流为：IL＝＝＝0.5A，根据欧姆定律可得小灯泡的电阻为：RL＝＝＝24Ω；当只闭合开关S时，滑动变阻器与灯泡串联，当R1连入的阻值为12Ω时，小灯泡正常发光，根据串联电路电阻的规律和欧姆定律可得电源电压为：U＝IL（R1+RL）＝0.5A×（12Ω+24Ω）＝18V；当开关都闭合时，定值电阻与滑动变阻器并联，电流表测干路中的电流；根据欧姆定律可得通过定值电阻R0的电流为：I0＝＝＝0.5A，因为滑动变阻器R1的规格为“48Ω2A”，所以通过滑动变阻器的最大电流为2A，根据并联电路电流的规律知电路的总电流最大值是：I最大＝I0+I滑大＝0.5A+2A＝2.5A＜3A，电流表安全；只闭合开关S和S2，只有滑动变阻器接入电路，因为滑动变阻器R1的规格为“48Ω2A”，所以通过滑动变阻器的最大电流为2A，此时变阻器接入电路的阻值最小，则根据欧姆定律可得滑动变阻器接入电路的最小阻值：R1′＝＝＝9Ω。故答案为：18；2.5；9。13.【答案】1：2

2：1

2：1

【解析】解：当R1、R2串联接在原电路中时，由于串联电路中电流处处相等；

则U1：U2=IR1：IR2=R1：R2=1：2；

当R1、R2并联接在原电路中时，由于并联电路各支路两端电压相等；

则通过R1、R2的电流之比：

I1：I2=UR1：UR2=R2：R1=2：1；

电流通过R1、R2产生的热量之比：

Q1：Q2=W1：W2=UI14．

丙

62.5%【解析】[1]由表中数据可知，三种机械中提升物体M时，甲、乙所用的拉力大于物体的重力，丙所用的拉力小物体的重力，所以，可以省力的是图中的丙。[2]滑轮组对物体所做的有用功绳子自由端移动的距离拉力做的总功它的机械效率15．（2分）为营造过节气氛，春节期间部分小区在路灯下悬挂如图甲所示的灯笼，请在图乙中画出灯笼所受重力的示意图。【解答】解：重力的方向是竖直向下的，从灯笼的重心画一条带箭头的竖直向下的有向线段，用G表示，如图所示：16．（如图，作出物体AB在平面镜中的像。【分析】平面镜成像的特点：像、物大小相等、连线与镜面垂直、到平面镜的距离相等、左右互换，即像物关于平面镜对称，利用这些关系作出物体AB的像。【解答】解：先根据像与物关于平面镜对称，作出端点A、B在平面镜中的像点A′、B′，用虚线连接A′、B′即为物体AB在平面镜中所成的像，如图所示：【点评】本题考查了如何作出物体在平面镜中的像，在作出物体在平面镜中所成的像时，注意先作出端点或关键点的像点，用虚线连接就能得到物体在平面镜中的像，一定要掌握这种技巧。17．【解答】解：乒乓球在水中受竖直向上的浮力，如下图所示：。18．（14分）在“测量小灯泡额定功率”的实验中，电源电压为6V，小灯泡额定电压为2.5V（灯丝电阻约为10Ω）。（1）请将如图甲中电路连接完整。（要求：滑动变阻器滑片P向右移灯泡变亮）（2）闭合开关前，应将滑片P置于A（选填“A”或“B”）端。（3）闭合开关后，调节滑动变阻器，电压表示数如图乙所示，若要测量小灯泡的额定功率，应将滑动变阻器的滑片向B（选填“A”或“B”）移动。（4）调节滑动变阻器，得到多组数据，画出如图丙所示的I﹣U图象，从图象可算出小灯泡的额定功率为0.75W。（5）小张设计了如图丁所示的电路也完成了“测量某小灯泡额定功率”的实验（电源电压不变，R阻值已知，小灯泡的额定电压为U额），请补充完整实验步骤：①闭合开关S和S1，断开S2，并调节滑动变阻器的滑片使电压表示数为U额。②闭合开关S和S2，断开S1，滑片的位置保持不变，读出此时电压表示数为U0。③则小灯泡额定功率的表达式P额＝U额×（用U额、R、U0表示）。【解答】解：（1）分析电路图可知，测量小灯泡额定功率的实验电路为简单的串联电路，滑动变阻器在电路中起到调节小灯泡两端电压的作用，由滑动变阻器滑片P向右移灯泡变亮可知，此时电路中的电流变大，由欧姆定律可知，电路中的总电阻变小，即滑动变阻器接入电路中的电阻在变小，所以根据滑动变阻器“一上一下”接线规则，下接线柱接在B点，电路图的连接如下：；（2）为保证电路中各用电器安全使用，闭合开关前，滑动变阻器的滑片要置于最大阻值处，即A点；（3）电压表选用小量程，分度值为0.1V，示数为2.2V；依题意得，小灯泡的额定电压为2.5V，若要测量小灯泡的额定功率，应将滑动变阻器的滑片向右移动，使滑动变阻器接入电路中的电阻变小，使滑动变阻器分到的电压变小，使小灯泡的电压增大为2.5V；（4）由I﹣U图像可知，当灯泡的电压为2.5V时，灯泡的电流为0.3A，灯泡的额定功率为P＝UI＝2.5V×0.3A＝0.75W；（5）图丁中，开关S、S1闭合，S2断开，实验电路是串联电路，电压表测小灯泡两端的电压，调节变阻器的滑片使电压表示数为小灯泡的额定电压U额，然后闭合开关S、S2，断开S1，电压表测定值电阻及小灯泡的总电压，电压表示数为U0；这个过程中滑片的位置保持不变，则小灯泡仍然正常发光，定值电阻R两端的电压UR＝U0﹣U额，电路中的电流为I＝＝，则小灯泡的额定电功率为P额＝U额I＝U额×。故答案为：（1）见解析；（2）A；（3）B；（4）0.75；（5）①U额；②闭合开关S和S2，断开S1，滑片的位置保持不变；③U额×。19.【答案】物体排开液体体积

液体的密度

D、E

9

5

5×10−4

1.8×10【解析】解：(1)分析实验步骤B、C、D可知液体的密度相同，排开液体的体积不同，弹簧测力计的示数不同，浮力不同，故可以说明浮力大小跟物体排开液体的体积有关；

分析实验步骤E、F可知排开液体的体积相同，液体的密度不同，弹簧测力计的示数不同，浮力不同，故可以说明浮力大小跟液体的密度有关；

(2)探究浮力大小与物体浸没在液体中深度的关系，要控制液体的密度和排开液体的体积相同，改变浸没的深度，图中D、E符合；

(3)由右图象可知，当h=0时，弹簧测力计示数为9N，

此时圆柱体处于空气中，根据二力平衡条件可知，G=F拉=9N。

从h=5cm开始，弹簧测力计示数不变，说明此时圆柱体已经浸没在水中，对圆柱体受力分析可知，

F浮=G−F拉=9N−4N=5N；

由阿基米德原理F浮=ρ液V排g得圆柱体的体积为：

V=V排=F浮ρ水g=5N1.0×103kg/m3×10N/kg=5×10−4m3，

由公式G=mg可求出圆柱体的质量，

m=Gg=9N10N/kg=0.9kg，

圆柱体的密度为：

ρ物=mV=0.9kg5×10−4m3=1.8×103kg/m3；

(4)20．某实验小组利用如图甲所示的电路测量小灯泡正常发光时的电阻。小灯泡L标有“2.5V”字样：（1）请用笔画线代替导线，将图甲中实物电路正确连接完整。要求：滑动变阻器的滑片P向左移，小灯泡的亮度变亮（连线不能交叉）。（2）连接好电路，闭合开关，观察到小灯泡L不发光，电压表示数为零，移动滑片仍如此。将电压表分别正确并联在AB、BC、CD两端，发现UAB＝UCD＝0，UBC≈3V。由此可知，故障是BC（选填“AB”、“BC”或“CD”）断路。（3）排除故障后，闭合开关，移动滑片P，当电压表的示数为2V时，应该向左（选填“左”或“右”）移动滑片P才能测得小灯泡正常工作时的电阻。若小灯泡正常工作时电流表示数如图乙所示，则灯泡正常工作时的电阻为8.9Ω（保留一位小数）。【拓展】完成上述实验后，他们又找来了两个开关和一个最大阻值为R的滑动变阻器设计了不用电流表测量这个小灯泡额定功率的电路，如图丙所示。请你据操作步骤写出小灯泡额定功率的表达式。①只闭合S和S1，调节R1的滑片，使电压表的示数为2.5V；②只闭合S和S2，保持R1的滑片位置不动，调节R0的滑片，使电压表的示数为2.5V；③保持滑片位置不动，将R1的滑片调至最右端，记录电压表的示数U1，再将R1的滑片调至最左端，记录电压表的示数U2；则小灯泡额定功率P额＝（用已知量和测量量的符号表示）。【思考】若小灯泡的额定电流为I0＝2I1，以下关于额定功率P0与实际功率P1的数值关系，你认为最有可能的是D。A、P0＝2P1B、P0＝3P1C、P0＝4P1D、P0＝5P1【解析】（1）滑动变阻器的滑片P向左移，小灯泡的亮度变亮，即电流变大电阻变小，故变阻器左下接线柱连入电路中，小灯泡L标有“2.5V“，灯的电压为2.5V，故电压表选用小量程与灯并联，如下所示：（2）观察到灯泡L不发光，电压表示数为零，有可能是灯泡短路或电路断路造成的，发现AB＝UCD＝0，AB和CD之外的电路断路，UBC＞0，则说明BC之外的电路为通路，则BC之间发生了断路；（3）排除故障后，闭合开关，移动滑片P，当电压表的示数为2.0V时，小于灯的额定电压，应增大灯的电压，即减小变阻器的电压，由分压原理，故应该向左移动滑片P才能测得小灯泡正常工作时的电阻；若小灯泡正常工作时电流表示数如图乙所示，电流表选用小量程，分度值为0.02A，电流为0.28A，由欧姆定律，则灯泡正常工作时的电阻为：R＝＝＝8.9Ω；（拓展）①只闭合S和S1，调节R1的滑片，使电压表的示数为2.5V；②只闭合S和S2，保持R1的滑片位置不动，调节R0滑片使电压表的示数仍为2.5V；③保持R2的滑片位置不动，将R1的滑片调至最右端，记录电压表的示数U1；再将R1的滑片调至最左端，记录电压表的示数U2；在①中，电压表测灯的电压，灯正常发光；在②中，利用等效替代的方法，因通过调节滑动变阻器R1使R1两端电压为小灯泡的额定电压，即2.5V，此时R1＝RL；在③中，将R2的滑片P调至最左端，R0连入电路中的电阻为0，电压表的示数为U2即为电源电压；再将R0的滑片P调至最右端，此时两变阻器串联，电压表的示数为U1，即为R1的电压，根据串联电路电压的规律和欧姆定律有：＝，解得，小灯泡正常发光时的电阻：RL＝R2＝；根据P＝，可知小灯泡的额定电功率为：P额＝＝；（思考）若小灯泡的额定电流为I0＝2I1，假设灯泡的阻值不变，实际工作电阻为R，则P额＝I02R＝（2I1）2R＝4I12R＝4P1。由于灯泡的阻值不是定值，会随温度的升高而变大，所以，当灯泡在正常工作时，灯泡的阻值变大，则额定功率P0＞P额＝4P1，所以最有可能的额定功率值P0＝5P1，故选：D。故答案为：（1）如上所示；（2）BC；（3）左；8.9；（拓展）②保持R1的滑片位置不动，调节R2的滑片；2.5；③；（思考）D。21.【答案】解：(1)水对槽底部的压强：

p=ρ水gh=1.0×103kg/m3×10N/kg×0.4m=4×103Pa；

水的重力G水=mg=ρ水Vg=ρ水gSh=1.0×103kg/m3×10N/kg×0.2m2×0.4m=800N；

对桌面的压力F=G水+G水=800N+200N=1000N；

容器对桌面的压强p=FS=1000N0.2m2=5×103Pa；

(2)因木块在水中漂浮，受到的浮力和自身的重力相等，

所以，F浮【解析】(1)知道水槽内水的深度，根据p=ρgh求出水对槽底部的压强；根据压力等于总重力计算压强；

(2)正方物块在水中漂浮，受到的浮力和自身的重力相等，根据F浮=ρ液gV排和G木=mg=ρgL22．（6分）在“用电流表和电压表测电阻”的实验中，电路如图甲所示。（1）闭合开关后，电流表指针偏转如图乙所示，原因可能是B。（选填A或B、C）A.量程偏小B.正负接线柱接反了C.没有调零（2）所有电表及导线完好，闭合开关，发现电流表示数为零，但电压表指针发生明显偏转，则电路可能发生的故障是Rx断路；（3）排除故障后，闭合开关，调整滑片P到某一位置后，若两表的示数分别如图丙、丁所示，此次测得的结果为Rx＝5Ω。【解答】（1）闭合开关后，电流表指针向左偏转，这是由于电流表正负接线柱接反了造成的；故选项B符合题意；（2）如果Rx发生断路，电路断路，电流表示数为零，电压表与电源连接相连，电压表指针明显偏转；（3）图乙中电压表选用小量程，分度值为0.1V，读数为2V；图丙中，电流表选用小量程，分度值为0.02A，示数为0.4A，由欧姆定律可得：Rx=UI=故答案为：（1）B；（2）Rx断路；（3）5。23．（8分）2022年伊始，新一轮新冠肺炎疫情再次侵袭郑州，疫情防控形势陡然紧张。“保持距离”、“零接触”成为了我们承担社会责任和传递爱心的一种方式。如图甲为某款全自动感应干手器，其工作原理简化图如图乙所示。（1）控制电路中的电磁继电器主要是利用了电流的磁效应，当手放到红外线感应区域范围内，R的阻值就会减小，控制电路中的电流增大（选填“增大”、“减小”或“不变”），衔铁被吸下，工作电路开始工作。（2）若加热电阻丝阻值为44Ω，则工作10s它产生热量为多少J？（3）若只将感应干手器一个用电器接入电路中，使其正常工作，10s中电能表（如图丙）的转盘转了10r，则工作电路中电动机的电功率是多少？（4）该款干手器吹出热风温度参数为35℃～45℃，若想提高热风的温度，你的方法是：应在加热电阻丝两端并联一根加热电阻丝。【分析】（1）电磁继电器是利用电流的磁效应工作的；手伸入舱内，导致电阻R的阻值减小，根据欧姆定律可知控制电路的电流变化；（2）根据并联电路的电压特点和Q＝W=U（3）2500r/kW•h表示电路中用电器每消耗1kW•h的电能，电能表的转盘转2500r，据此求转盘转10r时，电路消耗的电能，根据P=Wt算出工作电路中的总功率，根据P（4）工作电路的电压一定时，要提高热风温度，根据P＝UI=U【解答】解：（1）控制电路中的电磁继电器主要是利用了电流的磁效应；当手放到红外线感应区域范围内，R的阻值就会减小，由I=U（2）因并联电路中各支路两端的电压相等，所以加热电阻丝工作10s产生的热量为：Q＝W=U2R（3）2500r/kW•h表示电路中用电器每消耗1kW•h的电能，电能表的转盘转2500r，10s中电路消耗的电能为：W=10r电路的总功率为：P总=W加热电阻丝的功率为：P=U工作电路中电动机的电功率是：P电动机＝P总﹣P＝1440W﹣1100W＝340W；（4）工作电路的电压220V一定时，要提高热风温度，由P＝UI=U故答案为：（1）磁；增大；（2）若加热电阻丝阻值为44Ω，则工作10s它产生热量为11000J；（3）若只将感应干手器一个用电器接入电路中，使其正常工作，10s中电能表（如图丙）的转盘转了10r，则工作电路中电动机的电功率是340W；（4）应在加热电阻丝两端并联一根加热电阻丝。24．【答案】见试题解答内容【解答】解：（1）在使用压强计前，发现U形管中两侧液面已有高度差（如图甲所示），接下来的操作是，只需要将软管取下，再重新安装，这样的话，U形管中两管上方的气体压强就是相